2023-2024學年湖南省湖湘教育三新探索協作體物理高二上期末聯考試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的直角坐標系中，兩電荷量分別為Q(Q＞0)和－Q的點電荷對稱地放置在x軸上原點O的兩側，a點位于x軸上O點與點電荷Q之間，b位于y軸O點上方，取無窮遠處的電勢為零．下列說法正確的是()A.b點的電勢為零，電場強度也為零B.a點電場強度大于b點的電場強度，同一正的試探電荷在a點和b點所受電場力方向向右C.將正的試探電荷從b點移到a點，電勢能減少D.將同一正的試探電荷先后分別從O、b點移到a點，第二次電場力做功較多，電勢能的變化較少2、如圖所示是一多匝線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動所產生的交變電動勢的圖象，根據圖象可知（）A.此交變電動勢的瞬時表達式為e＝200sin0.02tB.此交變電動勢的瞬時表達式為e＝200sin100πtC.t＝0.01s時，穿過線圈的磁通量為零D.t＝0.02s時，穿過線圈的磁通量的變化率最大3、下面說法正確的是（）A.根據磁感應強度定義式，磁場中某點的磁感應強度B與F成正比，與IL乘積成反比B.磁感應強度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同C.一小段通電直導線在某處不受磁場力作用，則該處的磁感應強度一定為零D.磁感線總是從磁鐵的N極出發，到S極終止4、如圖所示，a、b是用同種規格的銅絲做成的兩個同心圓環，兩環半徑之比為2∶3，其中僅在a環所圍區域內有垂直于紙面向里的勻強磁場．當該勻強磁場的磁感應強度均勻增大時，a、b兩環內的感應電動勢大小和感應電流大小之比分別為（）A.1∶1，2∶3B.1∶1，3∶2C.4∶9，2∶3D.4∶9，9∶45、關于電流強度的概念，下列敘述中正確的是()A.通過導體截面的電量越多，電流強度越大B.在金屬導體內自由電子定向移動的方向就是電流方向C.單位時間內通過導體截面的電量越多，導體中的電流強度越大D.因為電流有方向，所以電流強度是矢量6、某物體運動的速度圖象如圖所示，根據圖象可知A.內的加速度為 B.內的位移為10mC.第2s末與第3s末物體的位置相同 D.第1s末與第5s末加速度方向相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中虛線a、b、c、d代表勻強電場內間距相等的一組等勢面已知等勢面b的電勢為0，一電子經過a時的動能為8eV，從a到c的過程中克服電場力所做的功為4eV，下列說法正確的是（）A.等勢面a上的電勢為－2VB.該電子經過等勢面c時，其電勢能為2eVC.該電子經過等勢面a時的速率是經過c時的2倍D.該電子可能到達不了等勢面d8、如圖所示，虛線間空間存在由勻強電場E和勻強磁場B組成的正交或平行的電場和磁場，有一個帶正電小球(電荷量為＋q，質量為m)從正交或平行的電磁混合場上方的某一高度自由落下，那么，帶電小球可能沿直線通過下列的哪個電磁混合場（）ABC.D.9、在電磁學發展過程中，許多科學家做出了貢獻．下列說法正確的是（）A.奧斯特發現了電流磁效應；法拉第發現了電磁感應現象B.麥克斯韋預言了電磁波；楞次用實驗證實了電磁波的存在C.庫侖發現了點電荷的相互作用規律；密立根通過油滴實驗測定了元電荷的數值D.安培發現了磁場對運動電荷的作用規律；洛侖茲發現了磁場對電流的作用規律10、如圖所示，一個邊長為L的正方形導電線框，在外力作用下，以速度v勻速穿過寬度均為L的兩個平行邊界的勻強磁場，這兩個磁場的磁感應強度大小均為B，方向相反，取順時針方向的電流為正，受力向右為正，以bc邊剛進入磁場開始關于線框中產生的感應電流和線框所受安培力F分別與位移x之間的函數圖象，下列圖像正確的是A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為“探究兩物體作用前后動量是否守恒”的實驗裝置示意圖。已知a、b小球的質量分別為ma、mb，半徑分別是ra、rb，圖中P點為單獨釋放a球的平均落點，M、N是a、b小球碰撞后落點的平均位置。（1）本實驗必須滿足的條件是___________。A.斜槽軌道必須是光滑的B.斜槽軌道末端的切線可以不水平C.入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速度釋放D.入射球與被碰球滿足ma=mb，ra=rb（2）為了判斷動量守恒，需要測量OP間的距離x1，則還需要測量的物理量有___________、___________（用相應的文字和字母表示）。（3）如果動量守恒，須滿足的關系式是___________（用測量物理量的字母表示）。12．（12分）在探究“決定導體電阻的因素”實驗中，我們經常用到刻度尺、游標卡尺、螺旋測微器、電壓表、電流表等測量工具(1)在一次實驗中，如果提供了下列幾個長度測量儀器：①毫米刻度尺；②10分度游標卡尺；③20分度游標卡尺；④螺旋測微器．一個同學用其中一種儀器正確測量某工件的長度為3.125cm，則他所使用的儀器為____(填儀器序號)．如圖是用螺旋測微器測量的電阻絲直徑的示意圖，則該電阻絲的直徑=____mm(2)某研究性學習小組同學想測量某電阻絲的電阻率同學們截取了約1m長的電阻絲，首先利用多用電表的歐姆擋粗測其阻值，下列操作或說法中正確的是____A．測量前檢查表針是否停在左端的“0”位置，如不在則要進行歐姆調零B．若用歐姆表“×l”擋測量，指針恰好在刻度30～50的正中，則待測電阻為40ΩC．若用歐姆表“×10”擋測量，指針偏轉角度過大，應換成“×1”擋D．每次改變不同倍率的歐姆檔后都要重新進行歐姆調零四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線．電場強度方向與等勢面方向垂直，而且指向電勢低的方向．根據等勢面和電場線分布情況，分析電勢和場強的關系.【詳解】A、結合等量異種點電荷的電場的特點可知，兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線．電場強度方向與等勢面方向垂直，而且指向電勢低的方向，所以b點的電勢等于0，而電場強度不等于0;故A錯誤.B、由圖，兩個點電荷在a點產生的電場強度的方向都向右，所以合場強的方向一定向右，則正電荷在a點受到的電場力的方向向右；根據點電荷電場強度公式，及矢量的疊加原理，可知，x軸上O點的電場強度最小，而y軸上，O點的電場強度最大，那么a點電場強度比b點電場強度的大故B正確；C、電場線由Q指向-Q，故正電荷從b向a運動的過程中，電場力做負功，電勢能減增加；故C錯誤.D、兩個等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，所以O、b兩點的電勢是相等的，將同一正的試探電荷先后從O、b兩點移到a點，二者電勢能的變化相等;故D錯誤.故選B.【點睛】對于等量異種電荷和等量同種電荷連線和垂直平分線的特點要掌握，抓住電場線和等勢面的對稱性進行記憶，同時再根據電場力做功以及電勢能的規律進行分析求解.2、B【解析】AB．由圖像知周期T=0.02s，所以頻率f=50Hz，由圖像知電動勢最大值為200V，角速度為所以感應電動勢的瞬時表達式為故A錯誤，B正確；C．t=0.01s時，感應電動勢為零，則穿過線圈的磁通量最大，故C錯誤；D．t=0.02s時，感應電動勢為零，則穿過線圈的磁通量的變化率也為零，故D錯誤。故選B。3、B【解析】A．磁場中某點的磁感應強度是由磁場本身決定的物理量與通電導線所受的安培力F以及IL乘積無關，選項A錯誤；B．磁感應強度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同，選項B正確；C．一小段通電直導線在某處不受磁場力作用，可能是導線與磁場方向平行，該處的磁感應強度不一定為零，選項C錯誤；D．磁感線在磁體的外部從N極到S極，在磁體內部是從S極到N極，組成閉合的曲線，故D錯誤4、B【解析】由法拉第電磁感應定律E=n，求解感應電動勢之比．根據電阻定律：電阻r=，感應電流I=，聯立求解感應電流之比【詳解】由法拉第電磁感應定律得：E=n，因為，相同，則得到Ea：Eb=1：1根據電阻定律：線圈的電阻為r=，則ρ、有效面積s、n相同，兩線圈電阻之比ra：rb=Ra：Rb=2：3線圈中感應電流，由上綜合得到：IA：IB=3：2；故B正確，ACD錯誤；故選B【點睛】本題是法拉第電磁感應定律和電阻定律的綜合應用求解感應電流之比，采用比例法研究，注意此處的磁場的變化所對應的面積相同5、C【解析】考點：電流的大小專題：應用題分析：物理學中把每秒鐘通過導體任一橫截面的電荷量（簡稱電量）叫做電流強度，簡稱電流．在電壓一定時，電阻越大，電流越小解答：解：A、電流強度等于1秒鐘內通過導體橫截面的電量，沒有時間無法判斷．不合題意B、自由電子帶負電，負電荷運動的方向跟電流方向相反．不合題意C、電流強度與通過導體橫截面的電量和通電時間有關．符合題意D、電流有方向，但是電流是標量．不合題意故選C點評：此題考查了有關影響電流強度的因素，要會辨別6、A【解析】速度圖象的斜率等于物體的加速度．速度的正負表示速度的方向，根據數學知識分析解答【詳解】根據速度圖象的斜率等于物體的加速度，可知0～2s內的加速度大小a=m/s2=1m/s2，故A正確．0～5s內的位移為，選項B錯誤；從第2s末到第3s末物體做勻速運動，可知第2s末與第3s末物體的位置不相同，選項C錯誤；第1s末所在位置的圖象斜率為正值，第5s末的所在位置的圖象斜率為負值，所以第1s末與第5s末的加速度方向相反，故D錯誤．故選A【點睛】解答速度時間圖象問題，關鍵抓?。海?）速度的正負表示物體速度的方向；（2）面積的正負表示物體位移的方向；（3）圖象的斜率等于物體的加速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】根據只有電場力做功，動能與電勢能之和不變，當電場力做負功時，動能轉化為電勢能，在電勢為零處，電勢能為零，從而即可一一求解.【詳解】A、B、虛線a、b、c、d代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，電子經過a時的動能為8eV，從a到c的過程中克服電場力所做的功為4eV，則電勢能增加4eV，因此ac等勢面之間的電勢差為4V，由于電子的電勢能增加，所以等勢面從a到c電勢是降低的，因為b上的電勢為0V，故a上的電勢為2V，c上的電勢為-2V，電勢能為2eV，故A錯誤，B正確；C、電子經過平面a的動能是經過c動能的2倍，故它在平面a時的速率是經過c時的倍，故C錯誤；D、由A可知，相鄰等差等勢面電勢差為2V．若電子經過a時速度方向與平面a垂直，則電子從a到d克服電場力做功需要6eV，電子可能到達平面d；但如果電子經過a時速度方向與平面a不垂直，電子將會在電場中做拋體運動，則可能不會到達平面d，故D正確；故選BD.【點睛】本題考查電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關鍵.8、CD【解析】A．小球受重力、向左的電場力、向右的洛倫茲力，下降過程中速度一定變大，故洛倫茲力一定變化，不可能一直與電場力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運動，故A錯誤；B．小球受重力、向左的電場力、垂直向外的洛倫茲力，合力與速度一定不共線，故一定做曲線運動，故B錯誤；C．小球受重力、向左上方的電場力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運動；故C正確；D．粒子受向下的重力和向上的電場力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運動，故D正確；故選CD。9、AC【解析】A、奧斯特發現了電流磁效應，法拉第發現了電磁感應現象，故A正確；B、麥克斯韋預言了電磁波，赫茲用實驗證實了電磁波的存在，故B錯誤；C、庫侖發現了點電荷的相互作用規律，密立根通過油滴實驗測定了元電荷的數值，故C正確；D、洛倫茲發現了磁場對運動電荷的作用規律，安培發現了磁場對電流的作用規律，故D錯誤10、AC【解析】由E=BLv求出感應電動勢，由歐姆定律求出電流大小，由右手定則判斷出感應電流方向，應用安培力公式求出安培力大小，應用左手定則判斷出安培力方向，然后分析圖示圖象答題.【詳解】A、B、0-L內，感應電動勢為：E=BLv，感應電流為：，由右手定則可知，電流方向沿逆時針方向，為負的；L-2L內，感應電動勢為：E=2BLv，感應電流為：，由右手定則可知，電流方向沿順時針方向，為正的；2L-3L內，感應電動勢為：E=BLv，感應電流為：，由右手定則可知，電流方向沿逆時針方向，為負的，故A正確，B錯誤；C、D、安培力：F=BIL，在0-L內，L-2L內，2L-3L內，由左手定則可知，整個過程安培力始終向左，為負的，故C正確，D錯誤；故選AC.【點睛】此題電磁感應中圖象的問題，近幾年高考中出現的較為頻繁，解答本題關鍵要掌握法拉第電磁感應定律、歐姆定律、楞次定律、安培力公式等等知識，要知道當線框左右兩邊都切割磁感線時，兩個感應電動勢方向相同，是串聯關系.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.C②.OM間的距離③.ON間的距離④.【解析】（1）[1]A．“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，A錯誤；B．要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，B錯誤；C．要保證碰撞前的速度相同，入射球每次都要從斜槽的同一位置無初速度釋放，C正確；D．為防止兩球碰撞后入射球不反彈，需要為了兩球發生對心正碰，需要兩球的半徑相等，即D錯誤。故選C。（2）[2][3]要驗證動量守恒定律定律，即驗證小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得得因此實驗需要測量：OM間的距離x2，ON間的距離x3、ON間的距離x3（3）[4]要驗證動量守恒定律定律，即驗證小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得得12、①.（1）③②.1.020（1.019～1.021均可）③.（2）CD【解析】（1）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數（2）每選定一次歐姆檔位后電路發生改變要重新進行歐姆調零，測量電阻要把電阻與其它元件獨立；測完要把選擇開關正確放置【詳解】（1）工件的長度為3.125cm，精度為0.05mm，根據各個測量工具的結構可知，此測量工具是20分度游標卡尺，故選③；由圖示螺旋測微器可知，其示數為：1mm+2.0×0.01mm=1.020mm