廣西玉林高中2024屆高二物理第一學期期中復習檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示把四個完全相同的燈泡連成甲，乙兩電路，U甲=2U乙，四個燈泡都正常發光，兩個電路消耗的總功率用P甲、P乙表示，電阻R1、R2的功率用P1、P2表示，則下列關系正確的是：（）A．P甲=P乙B．R1=R2C．P2=4P1D．R1=2R22、如圖所示，平行板電容器兩極A、B間有一個帶電油滴P，正好靜止在兩極板正中間現將兩極板稍拉開一些，其它條件不變拉開時間忽略，則A．油滴將向上加速B．油滴將向下加速C．電流計中電流由b流向aD．電流計中始終無電流流過3、一個單擺做受迫振動，其共振曲線振幅A與驅動力的頻率f的關系如圖所示，則A．此單擺的固有周期約為B．此單擺的擺長約為1mC．若擺長減小，單擺的固有頻率減小D．若擺長增大，共振曲線的峰將向右移動4、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，串聯的固定電阻為R2，滑動變阻器的總阻值是R1，電阻大小關系為R1＋R2＝r，則在滑動觸頭從a端滑到b端過程中，下列描述正確的是()A．電路的總電流先減小后增大B．電路的路端電壓先增大后減小C．電源的輸出功率先增大后減小D．滑動變阻器R1上消耗的功率先減小后增大5、如圖所示，可視為點電荷的小球A、B分別帶負電和正電，B球固定，其正下方的A球靜止在絕緣斜面上，則A球受力個數為（）A．可能受到2個力作用 B．可能受到3個力作用C．一定受到4個力作用 D．可能受到5個力作用6、如圖所示，D是一只理想二極管，平行板電容器極板A和B之間有一帶電體P處于靜止懸浮狀態，當兩極板A和B的間距稍增大一些（兩極板仍平行），P的運動情況將是A．仍靜止不動 B．向下運動 C．向上運動 D．無法判斷二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示．一圓盤可繞通過圓盤中心且垂直于盤面的豎直軸OO′轉動．在圓盤上放置一小木塊，當圓盤勻速轉動時．木塊相對圓盤靜止．關于木塊的受力情況．下列說法正確的是A．木塊受到圓盤對它的靜摩擦力，方向指向圓盤中心B．由于木塊相對圓盤靜止，所以不受摩擦力C．由于木塊運動，所以受到滑動摩擦力D．木塊受到重力、支持力、摩擦力作用8、如圖所示，在光滑絕緣的水平桌面上有四個小球，帶電量分別為－q、Q、－q、Q四個小球構成一個菱形，－q、－q的連線與－q、Q的連線之間的夾角為α.若此系統處于平衡狀態，則正確的關系式可能是()A．cos3α＝ B．cos3α＝C．sin3α＝ D．sin3α＝9、將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖所示，金屬球表面的電勢處處相等．a、b為電場中的兩點，則A．a點的電場強度比b點的大B．a點的電勢比b點的高C．檢驗電荷-q在a點的電勢能比在b點的大D．將檢驗電荷-q從a點移到b點的過程中，電場力做負功10、如圖是一彈簧振子，O為平衡位置，則振子從a→O運動的過程中，下列說法正確的是()A．位移不斷減小B．速度不斷減小C．加速度不斷減小D．彈簧的彈性勢能不斷增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測金屬電阻率”的實驗中，(1)用螺旋測微器測金屬絲的直徑如圖所示，則該金屬絲的直徑為____________mm．(2)已知金屬絲的電阻約為10Ω，現備有下列器材供測量該電阻絲的電阻時選用，應選用的器材有_____________________(只填代號)．A．量程0～0.6A，內阻約0.5Ω的電流表；B．量程是0～3A，內阻約0.1Ω的電流表；C．量程是0～3V，內阻約6kΩ電壓表；D．量程是0～15V，內阻約30kΩ的電壓表；E．阻值為0～lkΩ，額定電流為0.5A的滑動變阻器；F．阻值為0～20Ω，額定電流為2A的滑動變阻器；G．蓄電池(6V)；H．開關一個，導線若干．(3)畫出伏安法測上述電阻絲的電阻的電路圖______________.12．（12分）某同學用伏安法測定一薄的圓形合金片的阻值Rx（約為1kΩ），除了Rx、開關S、導線外，還有下列器材供選用：A．電壓表V1（量程1V，內阻約10kΩ）B．電壓表V2（量程5V，內阻約100kΩ）C．電流表A1（量程1mA，內阻約10Ω）D．電流表A2（量程0.6A，內阻約0.05Ω）E．電源（電動勢1.5V，額定電流0.5A，內阻不計）F．滑動變阻器R0（阻值范圍0～10Ω，額定電流2A）（1）某同學用游標卡尺和螺旋測微器分別測量該金屬絲的直徑和厚度示數如圖。該游標卡尺示數為__________cm，螺旋測微器示數為_______mm；（2）為使測量盡量準確，電壓表選用_____，電流表選用______；（均填器材的字母代號）（3）畫出測量Rx阻值的實驗電路圖________；（4）該同學選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值______________真實值（填“>”、“<”或“=”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平絕緣光滑軌道AB的B端與處于豎直平面內的四分之一圓弧形粗糙絕緣軌道BC平滑連接，圓弧的半徑R=0.4m．在軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，電場強度E=1×104N/C．現有一質量m=0.1kg的帶電體（可視為質點）放在水平軌道上與B端距離s=1m的位置，由于受到電場力的作用帶電體由靜止開始運動，當運動到圓弧形軌道的C端時，速度恰好為零．已知帶電體所帶電荷q=8×10-5C，取g=10m/s2，求：（1）帶電體在水平軌道上運動到B端時的速度大小；（2）帶電體運動到圓弧形軌道的B端時對圓弧軌道的壓力大小；（3）帶電體沿圓弧形軌道從B端運動到C端的過程中，摩擦力做的功．14．（16分）兩個正點電荷Q1=Q和Q2=4Q分別置于固定在光滑絕緣水平面上的A、B兩點，（1）如圖（a）所示，現將另一正電荷+q置于AB連線上靠近A處由靜止釋放。它將向B點運動，說明它從釋放點到O點過程中速度和加速度的變化情況；（2）接第一問現將另一正點電荷置于A、B連線上靠近A處靜止釋放，它在AB連線上運動過程中能達到最大速度的位置離A點的距離。（3）如圖（b）若把該點電荷放于絕緣管內靠近A點處由靜止釋放，試確定它在管內運動過程中速度為最大值時的位置P。即求出圖中PA和AB連線的夾角θ。15．（12分）如圖所示，內壁光滑的細圓管一端彎成半圓形APB，另一端BC伸直，水平放置在桌面上并固定。半圓形APB的半徑R=1.0m，BC長L=1.5m，桌子高度h=0.8m。質量m=0.1kg的小球以一定的水平初速度從A點沿過A點的切線方向射入管內，從C點離開管道后水平拋出，落地點D離C點的水平距離s=2m，不計空氣阻力，g取10m/s2，π取3.14。求：（1）小球運動到半圓形APB的中點P時的角速度；（2）小球從A點運動到D點的時間t及在P點圓管對小球的彈力F的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】試題分析：四個燈泡都能正常發光，說明通過燈泡的電流達到了額定電流，甲電路干路電流為，甲電路消耗的總功率為，乙電路中干路電流為，乙電路消耗的總功率為，所以兩電路的總功率相等，所以A項正確；無論串聯電路還是并聯電路總功率等于各個元件的功率之和，總功率相等，兩個燈泡的功率也是相等，所以兩個電阻的功率也是相等的，所以C項錯誤；，，電阻的關系為，所以B、D項錯誤。考點：本題考查了電動率【名師點睛】應用串并聯電路的知識，得出電流的關系，選擇電功率的公式。2、B【解題分析】將兩極板的距離拉開一些，由于電勢差不變，d變大，則根據知，電場強度變小，電場力減小，油滴向下加速，A錯誤B正確；根據得，d變大，則電容變小，U不變，根據Q=CU知，電荷量減小，則電流計中的電流由a流向b，CD錯誤．3、B【解題分析】

A、當此單擺的固有頻率與驅動力的頻率f相等時，得到共振，振幅最大，由圖可知，單擺的固有頻率為0.5Hz，所以此單擺的固有周期T=2s，故A錯誤．B、由單擺的周期公式T=2，T=2s，可求得L1m，故B正確．C、若擺長減小，單擺的固有周期T減小，固有頻率增大，故C錯誤．D、若擺長增大，單擺的固有周期T增大，固有頻率減少，共振曲線的峰將向左移動，故D錯誤．故選B4、D【解題分析】A、當滑動變阻器從a→b移動時R1作為并聯電路總電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律可知電流是先減小后增大，故A正確；B、路端電壓U=E-Ir，因為電流先減小后增大，所以路端電壓先增大后減小，故B正確；C、當R外=r的時候電源的輸出功率最大，當滑片在a端或者b端的時候，電路中R外=R2<r,則隨著外電阻的先增大后減小，由圖象的單調性可知輸出功率是先增大后減小的，故C正確；D、滑動變阻器的總電阻R1<R2+r，則滑片向右滑，R1的總阻值先增大后減小，則滑動變阻器上消耗的功率是先增大后減小，故D錯誤．本題選錯誤的故選D.【題目點撥】本題考查了串、聯電路的特點和歐姆定律的靈活運用，難點是滑動變阻器滑片P從最右端→中間→左端總電阻變化情況的判斷．5、A【解題分析】

由題中“可視為點電荷的小球A、B分別帶負電和正電”可知，本題考查受力分析和力的平衡，根據電荷之間的庫侖力和平衡條件可分析本題。【題目詳解】A.小球A受重力和B給的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，則可以滿足受力平衡條件，故A正確；C.若向上的吸引力小于重力，則A對斜面有壓力，會受到斜面的支持力，若要合力為零，處于平衡狀態，必須還要受到一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A是可能受四個力，故C錯誤；BD.有以上分析可知，A不可能受3個或5個力的作用，故BD錯誤。6、A【解題分析】

電容器與電源保持相連，電容器的電壓不變，板間距離增大，電容減小，由于二極管的作用只允許電流從a流向b，電容器的電量無法減小，根據推論板間電場強度Q、S、?不變，則改變d，E不變，電荷P受的電場力不變，仍靜止。A.仍靜止不動，與分析結論相符，故A正確。B.向下運動，與分析結論不符，故B錯誤。C.向上運動，與分析結論不符，故C錯誤。D.無法判斷，與分析結論不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

物塊與圓盤相對靜止，一起做圓周運動，受到重力、支持力和靜摩擦力，靜摩擦力提供向心力，靜摩擦力的方向指向圓心．故AD正確，BC錯誤．故選AD．【題目點撥】靜摩擦力的方向與物體的相對運動趨勢方向相反，本題中靜摩擦力指向圓心，說明物體相對圓盤有向外滑動的趨勢．8、AC【解題分析】

由題意可知，對左邊Q受力分析，如圖所示，兩負q對Q的庫侖力的合力與右邊Q對Q的庫侖力等值反向設菱形的邊長為a，則有：解得：8qsin3α=Q即為對q，有：解得：A.cos3α＝與計算結果相符，故A正確。B.cos3α＝與計算結果不符，故B錯誤。C.sin3α＝與計算結果相符，故C正確。D.sin3α＝與計算結果不符，故D錯誤。9、ABD【解題分析】

A項：電場線越密集的地方電場強度就越大，從上圖中可以看出a處的電場線比b處的電場線密集，所以a點的場強大于b點的場強，故A項正確；B項：a點所在的電場線從Q出發到不帶電的金屬球終止,所以a點的電勢高于金屬球的電勢,而b點所在處的電場線從金屬球發出到無窮遠,所以金屬球的電勢高于b點的電勢,即a點的電勢比b點的高.故B正確;

C項：電勢越高的地方,負電荷具有的電勢能越小,即負電荷在a點的電勢能較b點小,故C錯誤;

D項：由上知,-q在a點的電勢能較b點小,則把-q電荷從電勢能小的a點移動到電勢能大的b點,電勢能增大,電場力做負功.所以D選項是正確的.

綜上所述：本題答案為：ABD10、AC【解題分析】試題分析：振子從a→O運動的過程是靠近平衡位置，故位移減小，速度增加，加速度減小，彈性勢能減小；故BD錯誤，AC正確；故選AC.考點：簡諧振動的規律三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）4.591mm.（2）ACFGH.（3）電路圖見解析；【解題分析】

（1）金屬絲的直徑為:4.5mm+0.01mm×9.1=4.591mm.（2）電源電動勢為6V，電壓表應選C:量程是0-3V，內阻6kΩ；如果選D、量程是0-15V，內阻30kΩ，電源電動勢不到電壓表量程的一半，讀數誤差較大；電路最大電流約為I=E/R=6/10=0.6A，則電流表應選A:量程是0-0.6A，內阻是0.5Ω；為方便實驗操作，滑動變阻器應選F：阻值為0-10Ω，額定電流為2A．故選：ACFGH.

（3）待測電阻為10Ω，滑動變阻器最大電阻為20Ω，為測多組實驗數據，滑動變阻器應采用分壓接法；RRA【題目點撥】本題關鍵要知道儀器選擇的原則：安全、準確、方便；明確用小電流測電阻的原因，然后選擇電表，連接電路，要注意滑動變阻器采用分壓式接法．12、（1）1.2401.683mm（2）V1A1（3）電路圖見解析；（4）>【解題分析】

（1）游標卡尺示數為：1.2cm+0.05mm×8=1.240cm；螺旋測微器示數為：1.5mm+0.01mm×18.3=1.683mm；（1）電源電動勢1.5V，則電壓表選擇V1；電路中可能出現的最大電流為Im=ER（3）因待測電阻阻值Rx>>RA，則采用電流表內接電路；滑動變阻器用分壓電路；電路圖如圖；（4）因本實驗采用電流表內接法，由于電流表分壓影響，電壓表測量值將大于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值將大于真實值；【題目點撥】遇到電學實驗問題應明確：①通過求出待測電阻的最大電流來選擇電流表量程；②明確“大內偏大，小外偏小“的電流表接法和誤差情況分析；③若變阻器的全電阻能滿足電路電阻要求時，變阻器可以采用限流式接法。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2m/s（2）6.0N（3）-0.16J【解題分析】

（1）設帶電體在水平軌道上運動的加速度大小為a，根據牛頓第二定律：qE=ma

解得：

設帶電體運動到B端時的速度為vB，則有：vB2＝2as

解得：（2）設帶電體運動到圓軌道B端時受軌道的支持力為FN，根據牛頓第二定律有：

FN?mg＝m

解得：FN＝mg+m＝6N

根據牛頓第三定律可知，帶電體對圓弧軌道B端的壓力大小為：F′N=FN=6N

（3）設帶電體沿圓弧軌道運動過程中摩擦力