江蘇省蘇州新草橋中學2024屆高二物理第一學期期中學業質量監測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電磁感應，下列說法中正確的是A．穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大B．穿過線圈的磁通量為零，感應電動勢一定為零C．穿過線圈的磁通量的變化越大，感應電動勢越大D．通過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大2、如圖,電源電動勢為E,內阻為r,不計電壓表和電流表的內阻對電路的影響。當開關閉合后,兩燈均能發光.在將滑動變阻器的滑片向右滑動的過程中,下列說法正確的是()A．小燈泡L1、L2均變暗B．小燈泡L1、L2均變亮C．流過滑動變阻器的電流變大D．電流表A的讀數變小,電壓表V的讀數變大3、如圖所示，勻強磁場分布在第一象限，帶電粒子以初速度v0從a點平行x軸進入，經過x軸b點，2oa=ob。若撤去磁場加一個與y軸平行的勻強電場，帶電粒子仍以速度v0平行x軸從a點進入電場，仍能通過b點，不計重力，則電場強度E和磁感應強度A．2.5v0B．1.25v0C．0.5v0D．v04、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態．現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離（）A．帶點油滴將沿豎直方向向上運動B．P點的電勢將增大C．帶電油滴的電勢能將增大D．若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大5、如圖所示,導線框中電流為I,導線框垂直于磁場放置,磁感應強度為B,AB與CD相距為d,則棒MN所受安培力大小(

)A． B．

C．

D．6、鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A．電路中每通過1C的電量，電源就把2J的化學能轉化為電能B．蓄電池兩極的電壓為2VC．蓄電池在1秒內將2J的化學能轉化為電能D．蓄電池將化學能轉化為電能的本領比一節干電池（電動勢為1.5V）的大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平向右的勻強電場中有一絕緣斜面，一帶電金屬滑塊以Ek0＝30J的初動能從斜面底端A沖上斜面，到頂端B時返回，已知滑塊從A滑到B的過程中克服摩擦力做功10J，克服重力做功24J，則()A．滑塊帶正電，上滑過程中電勢能減小4JB．滑塊上滑過程中機械能增加4JC．滑塊返回到斜面底端時動能為15JD．滑塊上滑到斜面中點時重力勢能增加12J8、如圖甲、乙所示的電路圖為電表改裝的示意圖，G為表頭、R為可調電阻，則下列說法正確的是A．圖甲為電流表改裝的原理圖，減小可調電阻的阻值，改裝后電表的量程增大B．圖甲為電流表改裝的原理圖，減小可調電阻的阻值，改裝后電表的量程減小C．圖乙為電壓表改裝的原理圖，減小可調電阻的阻值，改裝后電表的量程增大D．圖乙為電壓表改裝的原理圖，減小可調電阻的阻值，改裝后電表的量程減小9、如圖所示，MN是一正點電荷產生的電場中的一條電場線．一個帶負電的粒子(不計重力)從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示．下列結論正確的是（）A．點電荷一定位于M點的左側B．帶電粒子從a到b的過程中動能逐漸減小C．帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度D．帶電粒子在a點時的電勢能大于在b點時的電勢能10、如圖所示是一種通過測量電容器電容的變化來檢測液面高低的儀器原理圖．電容器的兩個電極分別用導線接到指示器上，指示器可顯示出電容的大小，下列關于該儀器的說法正確的是（）A．該儀器中電容器的電極分別是芯柱和導電液體B．芯柱外套的絕緣層越厚，該電容器的電容越大C．如果指示器顯示出電容增大，則說明容器中液面升高D．如果指示器顯示出電容減小，則說明容器中液面升高三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）物理實驗經常需要測量，以下用于測量時間的儀器是_________（2）在下列學生分組實驗中，利用控制變量思想進行研究的是______A．研究平拋運動B．探究求合力的方法C．探究功與速度變化的關系D．探究加速度與力、質量的關系（3）在“驗證機械能守恒定律”實驗中，得到一條紙帶，取連續打出的點A、B、C、D作為計數點，各點間的距離如圖所示。若打點計時器所用電源頻率為50Hz，則打C點時紙帶運動的速度為__________m/s。（保留3位有效數字）12．（12分）用一段長80cm的金屬絲做“測定金屬的電阻率”的實驗。(1)用多用電表粗測電阻絲的電阻，測量值約為6.0Ω。(2)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，結果如圖甲所示，由此可知金屬絲直徑的測量結果為________mm。(3)在用電壓表和電流表測金屬絲的電阻時，提供下列供選擇的器材：A．直流電源(電動勢約為4.5V，內阻很小)B．電壓表(量程3V，內阻約3kΩ)C．電壓表(量程15V，內阻約15kΩ)D．電流表(量程0.6A，內阻約0.125Ω)E．電流表(量程3A，內阻約0.025Ω)F．滑動變阻器(阻值范圍0～15Ω，最大允許電流1A)G．滑動變阻器(阻值范圍0～200Ω，最大允許電流2A)H．開關、導線若干要求操作簡便且能保證測量準確度，在供選擇的器材中，電流表應選擇________，電壓表應選擇________，滑動變阻器應選擇________。(均填字母代號)(4)根據上面選擇的器材，在圖乙中完成實驗電路的連接_____________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，加速電場的兩極板間距為d1，兩極板間電壓為U1，偏轉電場的平行金屬板的板長L板間距為d2，兩極板間電壓為U2。設電子初速度為0，經加速電場加速后以某一速度沿兩板中線垂直進入偏轉電場中，電子離開偏轉電場后打在距離偏轉電場為L的屏上P點，當偏轉電場無電壓時，電子恰好擊中熒光屏上的中心點O，當偏轉電場加上偏轉電壓時，電子打在熒光屏上的點P。（已知電子的質量為m，電量為e,注意圖不標準，圖中L應相等）(1)求電子從進入偏轉電場時的速度V0(2)求電子在偏轉電場中運動的偏轉位移y0(3)求電子從進入加速電場到擊中恰好P點的時間t14．（16分）如圖所示，一對平行的粗糙金屬導軌固定于同一水平面上，導軌間距L=0.1m，左端接有阻值R=0.3的電阻，右側平滑連接一對彎曲的光滑軌道．水平導軌的整個區域內存在豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小B=1.0T．一根質量m=0.4kg，電阻r=0.1的金屬棒ab垂直放置于導軌上，在水平向右的恒力F作用下從靜止開始運動，當金屬棒通過位移x=9m時離開磁場，在離開磁場前已達到最大速度．當金屬棒離開磁場時撤去外力F，接著金屬棒沿彎曲軌道上升到最大高度h=0.8m處．已知金屬棒與導軌間的動摩擦因數=0.1，導軌電阻不計，棒在運動過程中始終與軌道垂直且與軌道保持良好接觸，取g=10m/s1．求：（1）金屬棒運動的最大速率v；（1）金屬棒在磁場中速度為時的加速度大小；（3）金屬棒在磁場區域運動過程中，電阻R上產生的焦耳熱．15．（12分）如圖所示，固定在水平面上間距為l的兩條平行光滑金屬導軌，垂直于導軌放置的兩根金屬棒MN和PQ長度也為l、電阻均為R，兩棒與導軌始終接觸良好．MN兩端通過開關S與電阻為R的單匝金屬線圈相連，線圈內存在豎直向下均勻增加的磁場．圖中虛線右側有垂直于導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B．PQ的質量為m，金屬導軌足夠長，電阻忽略不計．（1）閉合S，若使PQ保持靜止，需在其上加大小為F的水平恒力，請指出力F的方向并求出單匝金屬線圈里磁通量的變化率；（2）斷開S，PQ在上述恒力F的作用下，由靜止開始到速度大小為v的加速過程中流過PQ的電荷量為q，求該過程中金屬棒PQ上產生的熱量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A．由公式可知，穿過線圈的磁通量越大，線圈的磁通量變化率不一定大，感應電動勢不一定越大，故A錯誤；B．由公式可知，穿過線圈的磁通量為零，若線圈的磁通量變化率不為零，則感應電動勢就不為零，故B錯誤；C．由公式可知，穿過線圈的磁通量變化越大，線圈的磁通量變化率不一定大，感應電動勢不一定越大，故C錯誤；D．穿過線圈的磁通量變化越快，磁通量的變化率越大，由法拉第電磁感應定律得知，感應電動勢越大，故D正確。2、D【解題分析】

將滑動變阻器的滑片逐漸向右滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律判斷干路電流的變化，即可知道電流表示數的變化和路端電壓的變化，即可知道電壓表讀數的變化．分析并聯部分電壓的變化，判斷L1燈亮度的變化。【題目詳解】將滑動變阻器的滑片逐漸向右滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，并聯部分的電阻增大，外電路總電阻增大，則干路電流減小，故L2燈變暗，電流表讀數變小。電源的內電壓減小，則路端電壓增大，電壓表讀數變大根據串聯電路分壓特點可知，并聯部分電壓增大，則L1燈變亮由上分析可知，流過滑動變阻器的電流等于燈L2的電流減去燈L1的電流，所以流過滑動變阻器的電流一定減小，綜上所述，故應選：D。【題目點撥】本題是一道閉合電路的動態分析題，分析清楚電路結構，明確各電路元件的連接方式、靈活應用歐姆定律公式是正確解題的關鍵。3、B【解題分析】

設ob=2oa=2d，因為帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，所以r2=(2d)2+(r-d)2，解得圓周運動的半徑r=52d，粒子在磁場中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：qv0B=mv02r，解得：B=2mv05qd。如果換成勻強電場，水平方向以v【題目點撥】帶電粒子在電場磁場中的運動要把握其運動規律，在電場中利用幾何關系得出其沿電場和垂直于電場的運動規律；而在磁場中也是要注意找出相應的幾何關系，從而確定圓心和半徑．4、C【解題分析】試題分析：將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據E=分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況．由U=Ed分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化．根據電容的定義式，電容器與電源保持相連，則U不變，Q與C成正比變化．解：A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據E=得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動．故A錯誤．B、板間場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低．故B錯誤．C、由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加．故C正確．D、根據電容的定義式，電容器與電源保持相連，則U不變，當C減小，則Q也減小．故D錯誤．故選C．【點評】本題運用E=分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動．運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化．5、D【解題分析】

導體棒都在磁場中，故安培力為故D正確；故選D。6、A【解題分析】試題分析：鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功為2J，即2J化學能轉化為電能，A正確C錯誤；電源兩極間電壓，當電源不接入電路時，等于電源的電動勢；當接入電路時，小于電源的電動勢，故B錯誤；電源的電動勢是表示電源將其它形式的能轉化為電能的本領，但蓄電池將化學能轉變成電能還跟工作時間有關，D錯誤；考點：考查了對電動勢的理解【名師點睛】電動勢是一個表征電源特征的物理量．定義電源的電動勢是電源將其它形式的能轉化為電能的本領，在數值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功．它是能夠克服導體電阻對電流的阻力，使電荷在閉合的導體回路中流動的一種作用．常用符號E（有時也可用ε）表示，單位是伏（V）．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

由動能定理知上滑過程中W電-WG-Wf=△Ek，代入數值得W電=4J，電場力做正功，滑塊帶正電，電勢能減小4J，故A正確；由功能關系知滑塊上滑過程中機械能的變化量為△E=W電-Wf=-6J，即機械能減小6J，故B錯誤；由動能定理知2Wf=Ek0-Ek，所以滑塊返回到斜面底端時動能為10J，故C錯誤．由題意知滑塊上滑到斜面中點時克服重力做功為12J，即重力勢能增加12J，故D正確；故選AD．【題目點撥】解決本題的關鍵掌握功能關系，知道重力做功等于重力勢能的減小量，合力做功等于動能的增加量，除重力以外其它力做功等于機械能的變化量，電場力做功等于電勢能的減小量．8、AD【解題分析】

AB．圖甲可變電阻與電流計并聯，為電流表改裝的原理圖，減小可調電阻的阻值，則可調電阻上的分流會變大，則改裝后電表的量程增大，選項A正確，B錯誤；CD．圖乙可變電阻與電流計串聯，則為電壓表改裝的原理圖，減小可調電阻的阻值，可調電阻上的分壓會減小，則改裝后電表的量程減小，選項C錯誤，D正確．9、CD【解題分析】試題分析：由題意知，當粒子經過MN時，電場力的方向在MN這條直線，又力指向軌跡彎曲的內側，故電場力的方向為M到N，又粒子帶負電，所以電場線的方向為N到M，該電場線為正點電荷產生電場中的一條，所以正點電荷為N的右側，所以A錯誤；b點更靠近點電荷，根據點電荷的場強公式知，b點的電場強度大于a點的，粒子在b點受電場力大，加速度大，所以C正確；由上述分析知，粒子從從a到b的過程中電場力做正功，所以動能增大電勢能減小，故帶電粒子在a點時的電勢能大于在b點時的電勢能，所以B錯誤；D正確；考點：本題考查帶電粒子的運動10、AC【解題分析】

由電容器的定義可知，該儀器中的芯柱和導電液體相當于電容器的兩個極板，故A正確；絕緣層厚度越厚，則電容器的d越大，則電容越小，B錯誤；設芯柱的半徑為r，芯柱外套的絕緣層厚度為d，則該裝置的電容值為C=εrS/4πkd=εr·2πrh/4πkd∝h，C增大，液面升高，C正確D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCD2.39【解題分析】

（1）[1]．A、天平是測量質量的儀器。故A錯誤；

B、電磁式打點計時器是測量時間的儀器。故B正確；

C、電火花打點計時器是測量時間的儀器。故C正確；

D、刻度尺是測量長度的儀器。故D錯誤。（2）[2]．研究平拋運動利用了等效替代的思想，探究求合力的方法用到了等效替代的思想，探究功與速度變化的關系用到了等效替代的思想，探究探究加速度與力、質量的關系實驗中，采用了控制變量法的思想，故D正確，ABC錯誤。（3）[3]．C點的速度為：12、0.934(0.932～0.936)DBF【解題分析】

(2)[1]螺旋測微器固定刻度讀數為0.5mm，可動刻度的讀數為0.01×43.4mm＝0.434mm所以最終讀數為：0.5mm＋0.434mm＝0.934mm因為需要估讀，故0.932～0.936mm均可；(3)[2]選擇電表時，由于電動勢約為4.5V，要使指針偏轉盡量大一些，在其滿刻度的左右偏轉比較準確，故電壓表選擇B，[3]電流約為電流表選擇D[4]待測電阻6Ω左右，為了便于調節，因此選擇阻值范圍0～15Ω的滑動變阻器F即可。(4)[5]待測電阻較小，因此滑動變阻器應采用限流接法，電流表應采用外接法，其實物圖如圖所示。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在