1、四川省遂寧市城東中學高三物理上學期期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 如圖是一攀巖運動員正沿豎直巖壁緩慢攀登，由于身背較重的行囊，重心上移至肩部的0點，總質量為60kg.此時手臂與身體垂直，手臂與巖壁夾角為53o，則手受到的 拉力和腳受到的作用力分別為(設手和腳受到的力的作用線或作用線的反向延長線均 通過重心0，g=10m/s2，sin53o =0.8) A.360N 480N B480N 360N C450N 800ND800N 450N參考答案：A由題意可知腳所受的支持力與手所受的拉力相互垂直，對人進行受力分析，如圖所示，則有腳所

2、受的作用力F1=mgcos37=0.86010=480N，手所受的作用力F2=mgsin37=360N故A正確2. 在坐標原點的波源產生一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速v=200m/s，已知t=0時，波剛好傳播到x=40m處，如圖所示。在x=400m處有一接收器（圖中未畫出），則下列說法正確的是A波源開始振動時方向沿y軸正方向B從t=0開始經0.15s，x=40m的質點運動的路程為0.6mC接收器在t=2s時才能接受到此波D若波源向x軸正方向運動，接收器收到波的頻率可能為9Hz參考答案：B解析：t=0時， 波剛好傳播到x=40m處，由質點振動的滯后性可以斷定，x=40m處的質點起振方向是向

3、下的，這顯然也是波源初始時刻的振動方向。由于，。從t=0開始經0.15s，x=40m的質點振動了，通過的為。此波傳到接受器時，所需時間為。由多普勒效應可知，當波源向x軸正方向運動，接收器收到波的頻率會大于10 Hz。所以正確選項B。3. 如圖所示，質量為m的物體(可視為質點)以某一速度從A點沖上傾角為30的固定斜面，其運動的加速度大小為此物體在斜面上上升的最大高度為h，則在這個過程中物體 A重力勢能增加了3/4mgh B克服摩擦力做功1/4mghC動能損失了3/2mgh D機械能損失了1/2 mgh參考答案：CD4. 設想我國宇航員隨“嫦娥”號登月飛船貼近月球表面做勻速圓周運動，宇航員測出飛船

4、繞行n圈所用的時間為t. 登月后，宇航員利用身邊的彈簧秤測出質量為m的物體重力為G1. 已知引力常量為G，根據以上信息可得到（ ）A. 月球的自轉周期B. 飛船的質量C. 月球的第一宇宙速度D. 月球的密度參考答案：AC5. （單選）“井底之蛙”這個成語常被用來諷刺沒有見識的人，現有井口大小和深度相同的兩口井，一口是枯井，一口是水井（水面在井口之下），兩井底都各有一只青蛙，則A枯井中青蛙覺得天比較小，水井中青蛙看到井外的范圍比較大B枯井中青蛙覺得天比較大，水井中青蛙看到井外的范圍比較小C枯井中青蛙覺得天比較大，水井中青蛙看到井外的范圍比較大D兩只青蛙覺得井口一樣大，水井中青蛙看到井外的范圍比較

5、大參考答案：C二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 建筑、橋梁工程中所用的金屬材料(如鋼筋鋼梁等)在外力作用下會伸長，其伸長量不僅與和拉力的大小有關，還和金屬材料的橫截面積有關人們發現對同一種金屬，其所受的拉力與其橫截面積的比值跟金屬材料的伸長量與原長的比值的比是一個常數，這個常數叫做楊氏模量用E表示，即:；某同學為探究其是否正確，根據下面提供的器材:不同粗細不同長度的同種金屬絲；不同質量的重物；螺旋測微器； 游標卡尺；米尺；天平；固定裝置等設計的實驗如圖所示該同學取一段金屬絲水平固定在固定裝置上，將一重物掛在金屬絲的中點，其中點發生了一個微小下移h（橫截面面積的變化可忽略

6、不計）。用螺旋測微器測得金屬絲的直徑為D；用游標卡尺測得微小下移量為h；用米尺測得金屬絲的原長為2L；用天平測出重物的質量m(不超量程)用游標卡尺測長度時如下圖，右圖是左圖的放大圖（放大快對齊的那一部分），讀數是 。用以上測量量的字母表示該金屬的楊氏模量的表達式為: E = 參考答案：（1）8.94mm (2分) （2）7. 某同學用打點計時器測量做勻加速直線運動的物體的加速度，電源頻率f=50 Hz。在紙帶上打出的點中，選出零點，每隔4個點取1個計數點，因保存不當，紙帶被污染，如圖所示，A、B、C、D是依次排列的4個計數點，僅能讀出其中3個計數點A、B、D到零點的距離：xA=16.6 mm,

7、xB=126.5 mm,xD=624.5 mm.若無法再做實驗，可由以上信息推知：（1）相鄰兩計數點的時間間隔為_s;（2）打C點時物體的速度大小為_m/s(取2位有效數字）；（3）物體的加速度大小為_（用xA、xB、xD和f表示）.參考答案：(1)0.1(2)2.5(3) 8. 如圖所示，豎直放置的兩端封閉的玻璃管中注滿清水，內有一個紅蠟塊能在水中勻速上浮在紅蠟塊從玻璃管的下端勻速上浮的同時，使玻璃管以速度v水平向右勻速運動已知蠟塊勻速上升的速度大小為3cm/s，玻璃管水平運動的速度大小為4cm/s，則：（1）蠟塊的所做運動為 A勻速直線運動B勻變速直線運動C曲線運動（2）蠟塊的運動速度為

8、cm/s參考答案：（1）A； （2）5【考點】運動的合成和分解【分析】（1）分析蠟塊在相互垂直的兩個方向上的運動情況，從而得知其合運動是直線運動（是勻速直線運動或勻變速直線運動）還是曲線運動（2）分析水平和豎直方向上的速度，對其利用平行四邊形定則進行合成，即可求得其實際運動的速度【解答】解：（1）蠟塊參與了水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的勻速直線運動，因兩個方向上的運動的加速度都為零，所以合加速度方向為零，蠟塊做勻速直線運動，選項A正確故選：A（2）蠟塊的運動合速度為：v合=5cm/s故答案為：（1）A； （2）59. 在光滑水平面上，有一個粗細均勻的單匝正方形閉合線框abcd，在水平外

9、力的作用下，從靜止開始沿垂直磁場邊界方向做勻加速直線運動，穿過勻強磁場，平行磁場區域的寬度大于線框邊長，如圖甲所示測得線框中產生的感應電流i的大小和運動時間t的變化關系如圖乙所示已知圖象中四段時間分別為t1、t2、t3、t4在t1、t3兩段時間內水平外力的大小之比1：1；若已知t2：t3：t4=2：2：1，則線框邊長與磁場寬度比值為7：18參考答案：考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量轉化專題：電磁感應功能問題分析：線框未進入磁場時沒有感應電流，水平方向只受外力作用可得t1、t3兩段時間內水平外力的大小相等設線框加速度a，bc邊進入磁場時速度v，根據運動學位移公式得到三段位移與

10、時間的關系式，即可求出則線框邊長與磁場寬度比值解答：解：因為t1、t3兩段時間無感應電流，即無安培力，則線框做勻加速直線運動的合外力為水平外力所以t1、t3兩段時間內水平外力的大小相等即水平外力的大小之比為1：1設線框加速度a，bc邊進入磁場時速度v，t2=t3=2t4=2t，線框邊長l，磁場寬L根據三段時間內線框位移，得： v?2t+a（2t）2=l v?4t+a（4t）2=L v?5t+a（5t）2=l+L解得：=故答案為：1：1，7：18點評：此題是電磁感應與電路、力學知識的綜合，根據圖象上獲取的信息，結合E=Blv分析線框的運動情況是解題的關鍵10. （單選）甲乙丙三輛汽車以相同速度同

11、時經某一路標，從此時開始，甲車一直勻速運動，乙車先勻加速后勻減速，丙車先勻減速后勻加速，他們經過第二塊路標時速度又相等，則先通過第二塊路標的是A、甲車 B、乙車 C、丙車 D、無法確定參考答案：B11. 一平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，在兩極板間有一負電荷（電量很小，不影響電場分布）固定在P點，如圖所示， U表示電容器的電壓，EP表示負電荷在P點的電勢能，若保持正極板不動，將負極板移到圖中虛線所示的位置，則U_（填變大、變小或者不變），EP_（填變大、變小或者不變）.參考答案：變小 不變12. (3分)演示地磁場存在的實驗裝置(由環形線圈，微電流傳感器，DIS等組成)如圖所示。首先

12、將線圈豎直放置，以豎直方向為軸轉動，屏幕上的電流指針(填：“有”或“無”)偏轉；然后仍將線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動，電流指針(填：“有”或“無”)偏轉；最后將線圈水平放置，使其從東向西移動，電流指針(填：“有”或“無”)偏轉。參考答案：有 無 無首先將線圈豎直放置，以豎直方向為軸轉動，線圈中磁通量變化，屏幕上的電流指針有偏轉。然后仍將線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動，線圈中磁通量不變化，電流指針無偏轉。最后將線圈水平放置，使其從東向西移動，線圈中磁通量不變化，電流指針無偏轉。13. 汽車發動機的功率為60kW，若汽車總質量為5103 kg，在水平路面上

13、行駛時，所受阻力大小恒為5103 N，則汽車所能達到的最大速度為12m/s；若汽車以0.5m/s2的加速度由靜止開始做勻加速運動，這一過程能維持的時間為16s參考答案：考點：功率、平均功率和瞬時功率；牛頓第二定律專題：功率的計算專題分析：當汽車在速度變大時，根據F=，牽引力減小，根據牛頓第二定律，a=，加速度減小，當加速度為0時，速度達到最大以恒定加速度開始運動，速度逐漸增大，根據P=Fv，發動機的功率逐漸增大，當達到額定功率，速度增大，牽引力就會變小，所以求出達到額定功率時的速度，即可求出勻加速運動的時間解答：解：當a=0時，即F=f時，速度最大所以汽車的最大速度=12m/s以恒定加速度運動

14、，當功率達到額定功率，勻加速運動結束根據牛頓第二定律，F=f+ma勻加速運動的末速度=8m/s所以勻加速運動的時間t=故本題答案為：12，16點評：解決本題的關鍵理解汽車的起動問題，知道加速度為0時，速度最大三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 某同學用如圖所示的裝置做驗證動量守恒定律實驗先讓a球從斜槽軌道上某固定點由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端附近靜止，讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次(1)本實驗必須測量的物理量有以下哪些；A.斜槽軌道末

15、端到水平地面的高度H；B小球a、b的質量分別為ma、mb；C小球a、b的半徑r；D小球a、b在離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間；E記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OC； Fa球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h答： (2)小球a、b的質量應該滿足關系 (3)放上被碰小球后兩小球碰后是否同時落地？_如果不是同時落地對實驗結果有沒有影響？為什么？_這時小球a、b的落地點依次是圖中水平面上的_點和_點.(4)按照本實驗方法，驗證動量守恒的驗證式是_.參考答案：(1)B E；(2)mamb ；(3) 是，有影響，槽口末端切線不水平或a、b不等高.A、C；(4)maOB=maO

16、A+mbOC15. 友愛學習小組通過實驗來研究用電器D的導電規律。他們在實驗中測得用電器D兩端的電壓與通過D的電流的數據如下表：U/V0.00.20.51.01.52.02.53.0I/A0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215請你根據上述表格中的數據及右圖的伏安特性曲線，在圖12中用筆連線補充完成該實驗的電路實物圖的連線。（2）小杰同學利用多用電表測用電器D的電阻，他的主要實驗步驟如下把選擇開關扳到“10”的歐姆檔上；把表筆插入測試插孔中，先把兩根表筆相接觸，旋轉歐姆調零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零位上；把兩根表筆分別與待測用電器D的兩端相接，發現這時

17、指針偏轉很大；換用“100”的歐姆檔，再將兩根表筆分別與待測用電器D的兩端相接；實驗完畢后，把表筆從測試筆插孔中拔出后，把多用表放回桌上原處。這個學生在測量時已注意到：待測用電器與其他元件和電源斷開，不用手碰表筆的金屬桿，那么這個學生在實驗中有哪些操作是錯誤的？（三個錯誤）錯誤一：_錯誤二：_錯誤三：_（3）如下圖所示，為多用電表的表盤，測電阻時，若用的是“1”檔，這時表針所示被測電阻的阻值應為_歐；測直流電流時，用的是100mA的量程，指針所示電流值為_毫安；測直流電壓時，用的是50V量程，則指表針所示的電壓值為_伏。【命題意圖】這道實驗題第（1）問考查了學生根據實驗數據表和伏安特性曲線的特

18、點來選擇滑動變阻器接法（分壓法）的能力，及實物連線技巧。第（2）問考查對多用電表的實際操作能力，以及學生操作過程中常出現的錯誤。第（3）問考查多用表的讀數方法與技巧。以上三小問都不太難，但如果沒真正做過電學實驗，沒真正使用過多用表，考生就不可能靠猜得分。該題要求學生嚴謹、靈變、實操、真懂和細心。參考答案：（1）如右圖；（2）錯誤一：換用“100”的歐姆檔，應該換用 “1”的歐姆檔。錯誤二：換檔后沒有進行歐姆調零。錯誤三：使用完后沒有將選擇開關轉到“OFF”或交流電壓最高檔。（3）12，57mA，28.5V 。四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 在一個橫截面積為S的密閉容器中，有一個質量

19、為M的活塞把容器隔成、兩室，室中為飽和水蒸氣，室中有質量為m的氮氣。活塞可在容器中無摩擦地滑動。原來，容器被水平地放置在桌面上。活塞處于平衡時，活塞兩邊氣體的溫度均為= 373 K，壓強同為，如圖復15 4 - 1所示。今將整個容器緩慢地轉到圖復15 4 - 2所示的直立位置，兩室內的溫度仍是，并有少量水蒸氣液化成水。已知水的汽化熱為L ，水蒸氣和氮氣的摩爾質量分別為。求在整個過程中，室內的系統與外界交換的熱量。 參考答案：17. 如圖甲所示，在直角坐標系0 xL區域內有沿y軸正方向的勻強電場，右側有一個以點（3L，0）為圓心、半徑為L的圓形區域，圓形區域與x軸的交點分別為M、N現有一質量為m

20、、帶電量為e的電子，從y軸上的A點以速度v0沿x軸正方向射入電場，飛出電場后從M點進入圓形區域，此時速度方向與x軸正方向的夾角為30不考慮電子所受的重力（1）求電子進入圓形區域時的速度大小和勻強電場場強E的大小；（2）若在圓形區域內加一個垂直紙面向里的勻強磁場，使電子穿出圓形區域時速度方向垂直于x軸求所加磁場磁感應強度B的大小和電子剛穿出圓形區域時的位置坐標；（3）若在電子剛進入圓形區域時，在圓形區域內加上圖乙所示變化的磁場（以垂直于紙面向外為磁場正方向），最后電子從N點處飛出，速度方向與進入磁場時的速度方向相同請寫出磁感應強度B0的大小、磁場變化周期T各應滿足的關系表達式參考答案：解：（1）

21、電子在電場中作類平拋運動，射出電場時，速度分解圖如圖1中所示 由速度關系可得： =cos 解得：v= 由速度關系得：vy=v0tan= 在豎直方向：vy=at= 而水平方向上t= 解得：E=（2）根據題意作圖如圖1所示，電子做勻速圓周運動的半徑R=L 根據牛頓第二定律：qvB= 解得：B= 根據幾何關系得電子穿出圓形區域時位置坐標為（，）（3）電子在在磁場中最簡單的情景如圖2所示 在磁場變化的前三分之一個周期內，電子的偏轉角為60，設電子運動的軌道半徑為r，運動的T0，粒子在x軸方向上的位移恰好等于r1； 在磁場變化的后三分之二個周期內，因磁感應強度減半，電子運動周期T=2T0，故粒子的偏轉角度仍為60，電子運動的軌道半徑變為2r，粒子在x軸 方向上的位移恰好等于2r 綜合上述分析，則電子能到達N點且速度符合要求的空間條件是： 3rn=2L（n=1，2，3）而：r=解得：B0= （n=1，2，3）應滿足的時間條件為： T=T而：T0=解得T= （n=1，2，3）答：（1）電子進入圓形區域時的速度大小為，勻強電場場強E的大小（2）若在圓形區域內加一個垂直紙面向里的勻強磁場，使電子穿出圓形區域時速度方向垂直于x軸則所加磁場磁感應強度B的大小為，電子剛穿出圓形區域時的位置坐標為（，）（3）磁感應強度B0的大小、磁場變化周期T應為 （其中n=1，2，