1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在磁場中的情況如圖，其中受到的洛侖茲力方向水平向左的是（ ）ABCD2、如圖所示,一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下,從靜止開始由b沿直線運動到d,且bd與豎直方向的夾角為,若bd的長度為l,重力加速度為g,則 () A此

2、液滴帶正電B液滴運動的加速度等于2gC液滴從b到d的運動時間為D液滴到達d點的速度為3、如圖所示，原來不帶電的金屬導體MN，在其兩端下面都懸掛著金屬驗電箔；若使帶負電的金屬球A靠近導體的M端，可能看到的現象是（）A只有M端驗電箔張開，且M端帶正電B只有N端驗電箔張開，且N端帶正電C兩端的驗電箔都張開，且N端帶負電，M端帶正電D兩端的驗電箔都張開，且兩端都帶正電4、如圖所示是勻強電場中的一組等勢面，若A、B、C、D相鄰兩點間的距離為2 cm，A和P點間的距離為1.5 cm，則該電場的場強E和P點的電勢P分別為( )A500 V/m，2.5 VB100033V/m，2.5 VC500 V/m,2.

3、5 VD100033V/m，2.5V5、為了探究影響平拋運動水平射程的因素，某同學通過改變拋出點的高度及初速度的方法做了6次實驗，實驗數據記錄如下表以下探究方案符合控制變量法的是（ ）序號拋出點的高度（m）水平初速度（m/s）水平射程（m）10.202.00.4020.203.00.6030.452.00.6040.454.01.2050.802.00.8060.806.02.40A若探究水平射程與初速度的關系，可用表中序號為1、3、5的實驗數據B若探究水平射程與高度的關系，可用表中序號為1、3、5的實驗數據C若探究水平射程與高度的關系，可用表中序號為2、4、6的實驗數據D若探究水平射程與初速

4、度的關系，可用表中序號為2、4、6的實驗數據6、用電流表和電壓表測量電阻的電路如圖所示，其中為待測電阻。電表內阻對測量結果的影響不能忽略，下列說法中正確的是( )A電流表的示數小于通過Rx的電流B電流表的示數大于通過Rx的電流C電壓表的示數小于Rx兩端的電壓D電壓表的示數大于Rx兩端的電壓二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數都發生變化，電表的示數分別用I、和表示，電表示數變化量的大小分

5、別用I、和，下列說法正確的是AI減小，減小、增大，增大B電源功率不變，上功率增加C變大，不變D變大，不變8、關于電源和電源電動勢，下列說法正確的是（ ）A定義電源電動勢采用的是比值法，電動勢大小與非靜電力做功多少相關B電動勢在數值上等于在電源內阻非靜電力把1C的正電荷從負極移送到正極所做的功，也等于電路中通過1C的正電荷時，電源提供的能量C電動勢等于電源正負極之間的電勢差D化學電池內正、負極附近分別存在著化學反應層，反應層中非靜電力（化學力）把正電荷從電勢低處移至電勢高處，在這兩個地方，沿電流方向電勢“躍升”9、在某段電路中，其兩端電壓為U，通過的電流為I，通電時間為t，若該電路電阻為R，則關

6、于電功和電熱的關系，下列結論不正確的是（ ）A在任何電路中，電功UIt=I2RtB在任何電路中，電功為UIt，電熱為I2RtC在純電阻電路中，UIt= I2RtD在非純電阻電路中，UI I2Rt10、橫截面積為s的導線中通有電流I，已知導線每單位體積內有n個自由電子，每個電子的電量為e，自由電子定向移動的速率是v，則在時間t內通過導線橫截面的電子數是（ ）AnvtBnsvtCIteDItse三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）兩位同學用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律。（1）為了完成本實驗，下列必須滿

7、足的條件是_。A斜槽軌道末端的切線必須水平B入射球和被碰球的質量必須相等C入射球和被碰球大小必須相同D入射球每次必須從軌道同一位置由靜止滾下（2）實驗中測得入射球A的質量為m1，被碰撞小球B的質量為m2，圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON。當所測物理量滿足表達式_時，即說明兩球碰撞過程動量守恒；如果滿足表達式_時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。12（12分）為測定一段

8、金屬絲的電阻率 ，某同學設計了如圖甲所示的電路 ab是一段電阻率較大 的粗細均勻的電阻絲，電路中的保護電阻 R0 4. 0，電源的電動勢 E 3.0V，電流表內阻忽略不計，滑片 P與電阻絲始終接觸良好(1)實驗中用螺旋測微器測得電阻絲的直徑如圖乙所示，其示數為 d（_）mm (2)實驗時閉合開關，調節滑片 P的位置，分別測量出每次實驗中 aP長度 x及對應的電流值 I，實驗數據如下表所示：將表中數據描在坐標紙中，如圖丙所示試作出其關系圖線_，圖象中直線的斜率的表達式k（_）（用題中字母表示），由圖線求得電阻絲的電阻率 （_） m （保留兩位有效數字）根據圖丙中關系圖線縱軸截距的物理意義，可求得

9、電源的內阻為_（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖(a)所示為某電阻隨攝氏溫度變化的關系圖象，圖中表示0時的電阻值，表示圖線的斜率若用該電阻與電池(電動勢為，內阻為)、電流表(滿偏電流為、內阻為)、滑動變阻器串聯起來，連接成如圖(b)所示的電路，用該電阻做測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，于是就得到了一個簡單的“電阻溫度計”（1）使用“電阻溫度計”前，先要把電流表的刻度改為相應的溫度值，若溫度,其對應的電流分別為、，則、誰大？（2）若該“電阻溫度計”的最低適用溫度為0，

10、即當溫度為0時，電流表恰好達到滿偏電流，則變阻器的阻值為多大？（3）若保持（2）中電阻的值不變，則電流表刻度為時所對應的溫度為多大？14（16分）如圖所示，一根電阻為的導線彎成一個圓形線圈，圓半徑，圓形線圈質量，此線圈放在絕緣光滑的水平面上，在y軸右側有垂直于線圈平面B=0.5T的勻強磁場若線圈以初動能E0=5J沿x軸方向滑進磁場，當進入磁場0.5m時，線圈中產生的電能Ee=3J求： (1)此時線圈的運動速度；(2)此時線圈與磁場左邊緣兩交接點間的電壓；(3)此時線圈加速度大小15（12分）光滑絕緣水平面上的帶電小球A、B的質量分別為，它們的電荷量相等，A球帶正電，B球帶負電。現在水平恒力向右

11、作用于A球，這時，A、B一起向右運動，且保持距離不變，如圖所示。試問：多大？它們如何運動？（靜電力常量）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A根據左手定則可知，正電荷受到的洛倫茲力的方向是向外的，故A錯誤；B根據左手定則可知，正電荷受到的洛倫茲力的方向是豎直向上的，故B錯誤；C根據左手定則可知，負電荷受到的洛倫茲力的方向是向外的，故C錯誤；C根據左手定則可知，負電荷受到的洛倫茲力的方向是水平向左的，故D正確。2、C【解析】A由b到d，液滴作直線運動，所受合力沿bd所在直線，對液滴受力分析可知，電場力水平向

12、右，與電場方向相反，所以小球帶負電，故A錯誤；B由圖可知，液滴所受合力根據牛頓第二定律，解得液滴的加速度故B錯誤；C由位移公式可得解得：故C正確；D由速度位移公式可得解得故D錯誤。3、C【解析】金屬導體處在負電荷的電場中，由于靜電感應現象，導體中的自由電子被排斥到左端，故右端要感應出正電荷，在導體的左端會出現負電荷，所以導體兩端的驗電箔都張開，且左端N帶負電，右端M帶正電，C正確4、B【解析】根據電場線與等勢線垂直，并且由高電勢等勢面指向低電勢等勢面，作出電場線的分布情況如圖所示：場強的大小為：E=Ud=UBAdBAsin60=100.0232=100033V/m，P點到B點的距離為：x=0.

13、5cm=0.005m，P點的電勢為：P=-Exsin60=-1000330.00532=-2.5V，故選B.【點睛】解決本題關鍵要理解電場線與等勢線、場強與電勢差的關系、電勢與電勢能間的關系等，注意公式U=Ed中d是兩點沿電場線方向的距離5、B【解析】試題分析：若探究水平射程與初速度的關系，應控制拋出點的高度相同，AD錯誤；若探究水平射程與高度的關系，應控制水平初速度相同，B正確，C錯誤考點：本題考查控制變量法的應用6、B【解析】電壓表測量的是與其并聯電路的電壓值，電流表測量的是與之串聯電路的電流值，據此分析問題同；【詳解】A、由電路圖可知，實驗采用電流表外接法，電流表所測電流等于通過電阻的電

14、流與通過電壓表的電流之和，電流表的示數大于通過的電流，故A錯誤，B正確；C、由電路圖可知，電壓表與待測電阻并聯，測量待測電阻兩端電壓，電壓表的示數等于兩端的電壓，故CD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A. 當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，外電路電阻增大，電流減小，根據 可知路端電壓增大，U1測定值電阻的電壓，所以U1隨著電流的減小而減小，根據 可知U2增大，故A正確.B.電源的功率，隨著回路中電流變小，則電源功率也在變小，故B錯誤；C. 根

15、據電路知識可知, 所以變大， 可知不變，故C正確D.根據電路知識可知 =R1+R2所以變大根據閉合電路歐姆定律得：U3=E-Ir，則有=r，不變故D正確8、BD【解析】A.根據電源電動勢：可知，該公式為電源電動勢的定義式，其大小與非靜電力做功的多少無關，故A錯誤；B.電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，在數值上等于在電源內阻非靜電力把1C的正電荷從負極移送到正極所做的功，也等于電路中通過1C的正電荷時，電源提供的能量，故B正確；C.電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數值上等于電源的電動勢，故C錯誤；D.化學電池內正、負極附近分別存在著化學反應層，反應層中非靜電力（化學力）

16、把正電荷從電勢低處移至電勢高處，在這兩個地方，沿電流方向電勢“躍升”。故D正確。9、AD【解析】ACD.在純電阻電路中，電能全部轉化為內能，電功等于電熱，W=UIt=I2Rt，在非純電阻電路中，電能一部分轉化為內能，另一部分轉化為其他形式的能，電功大于電熱，即UItI2Rt，故A、D錯誤，C正確.B.在任何電路中，電功W=UIt，電熱Q=I2Rt，故B正確.本題選不正確的，故選AD.10、BC【解析】電流可以表示為：IensvNet解得：N=nsvt；NIte，故BC正確，AD錯誤，故選BC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACD

17、m1OP=m1OMm2ON 【解析】(1)1A要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須切線水平，故A正確；B為了防止入射球反彈，應讓入射球的質量大于被碰球的質量，故B錯誤；C為了使兩球發生對心碰撞，入射球和被碰球大小必須相同，故C正確；D要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故D正確。故選ACD；(2)2小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則又代入得3若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得將代入得12、0.400

18、 1.110-6 1.4 【解析】(1) 由圖乙所示螺旋測微器可知，其示數為;(2) 將表中數據描在坐標紙中，作出其關系圖線如圖丙所示如圖所示由圖丙所示圖象由電阻定律可得，由歐姆定律可得，則圖象斜率，聯立解得，代入數據得：，聯立解得電阻率為：，代入數據得：，根據圖丙中關系圖線縱軸截距為1.8，此時待測電阻絲電阻為零，由閉合電路歐姆定律得：，即：得；【點睛】螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數；應用描點法作圖作出圖象；求出圖象的函數表達式，然后根據圖象求出電阻率螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器示數，螺旋測微器需要估讀；要掌握應用圖象法處理實驗數據的方法四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13