1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在物理學研究中，有時可以把物體看成質點，則下列說法中正確的是A研究乒乓球的旋轉，可以把乒乓球看成質點B研究地球繞太陽的公轉，可以把地球看成質點C研究跳水運動員在空中的翻轉，可以把運動員看成質點D研究車輪的轉動，可以把車輪看成質點2、如圖所

2、示，電源內阻較大，當開關閉合、滑動變阻器滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止狀態，燈泡L也能正常發光，現將滑動變阻器滑片由該位置向a端滑動，則（）A燈泡將變暗，電源效率將減小B液滴帶正電，將向下做加速運動C電源的路端電壓增大，輸出功率也增大D滑片滑動瞬間，帶電液滴電勢能將減小3、下列報道中使用的物理量的單位，屬于國際單位制的基本單位的是()A米B公里C米/秒D千瓦時4、某電場的電場線如圖所示，則A和B兩點電場強度的大小關系是（）AEAEB BEAEB CEA=EB D無法判斷5、如圖所示，在勻強電場中有a、b、c、d四點，它們處于同一圓周上，且ac、bd分別是圓的直

3、徑。已知a、b、c三點的電勢分別為a = 10 V，b = 16 V，c = 17 V，則d點的電勢為A1 VB6 VC11 VD18 V6、下列關于電流方向的說法中正確的是( )A電荷的定向移動方向即為電流的方向B電流的方向總是從電源的正極流向負極C電流既有大小，又有方向，是一個矢量D在電源內部，電流從負極流向正極二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,芯柱、導電液體、絕緣管組成一個電容器,為了檢測導電液體是增多還是減少,可以將其與靜電計連接通過靜電計指針偏轉

4、角度的變化來判斷.現用電源通過電極A、電極B給電容器充電,充電完畢移去電源,由此可以判斷( )A靜電計指針偏角變小,說明電容器兩板間電壓增大B靜電計指針偏角變小,說明導電液體增多C靜電計指針偏角變大,說明電容器電容減小D靜電計指針偏角變大,說明導電液體增多8、如圖所示，x軸水平，y軸豎直。圖中畫出了從y軸上沿x軸正向水平拋出的三個小球a、b和c的運動軌跡，其中b和c是從同一點拋出的，不計空氣阻力，若a、b、c的飛行時間分別為ta、tb、tc，拋出的初速度分別為va、vb、vc，則AtatbtcBtatbtcCvavbvcDvavbvc9、如圖所示，質量均為m的小球A、B用兩根不可伸長的輕繩連接

5、后懸掛于O點，在外力F的作用下，小球A、B處于靜止狀態，若外力F在豎直面內旋轉仍然使兩小球處于靜止狀態，且懸線OA與豎直方向的夾角保持30不變，則外力F的大小可能為（）AmgBmgCmgDmg10、在固定的點電荷Q形成的電場中，有一個檢驗電荷q（已知電荷只受電場力作用）則下列正確的是（ ）A如果q為正電荷，且由靜止釋放，其運動軌跡一定與電場線重合B若Q與q為異種電荷，則給q一定的初速度，q可能繞Q做勻速圓周運動Cq可能做勻速直線運動D若Q與q為同種電荷，則q一定做加速度減小的變加速直線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）（1）

6、小王同學測量干電池的電動勢和內阻，他用如圖1所示的實驗器材進行實驗，其連接的部分實驗電路圖如圖所示為減小實驗誤差，實驗中所用的滑動變阻器應選_（填字母代號）A滑動變阻器（最大阻值20，額定電流1A）B滑動變阻器（最大阻值200，額定電流2A）（2）請用細線代替導線，在圖中完成實物連接；（3）下列實驗操作正確的是_A如圖電路閉合開關前，滑動變阻器的滑片應置于最左端B改變滑片位置，開關一直保持閉合，直至實驗結束C改變滑片位置，讀完電表讀數后，立即斷開電鍵（4）連接好電路，小王檢查無誤后，閉合開關，開始實驗電流表指針如圖2所示，請讀數并記錄電流為_A12（12分）通過實驗描繪：一個“2.5V，0.2

7、W”小燈泡的伏安特性曲線，可供選擇的儀器有A00.6A，電阻為0.2的電流表 B0100mA,電阻為5的電流表C03V,電阻為10K的電壓表 D015V,電阻為50K的電壓表E.最大電阻為20額定電流為1.0A的滑動變阻器F.最大電阻為1K額定電流為0.1A的滑動變阻器G.蓄電池6V、導線、電鍵要求實驗燈泡電壓從零逐漸增大到額定電壓。（1）電壓表應選_. 電流表應選 _. 滑動變阻器選_. （均填寫前面的字母序號）（2）畫出電路圖在下面方框內。（_）（3）按照正確的電路圖連接右邊的實物圖 （_）（4）連好圖示的電路后閉合開關，通過移動變阻器的滑片，使小燈泡中的電流由零開始逐漸增大，直到小燈泡正

8、常發光，由電流表和電壓表得到的多組讀數描繪出的IU圖象可能是（_）A B C D（5）分析小燈泡的I-U曲線,可知小燈泡的電阻隨電流I變大而_ （填“變大”、“變小”或“不變”）,原因是_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離，金屬導軌所在的平面與水平面夾角，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度，方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場金屬導軌的一端接有電動勢、內阻的直流電源；現把一個質量的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的

9、兩點間的電阻，金屬導軌電阻不計，g取已知，求：（1）通過導體棒的電流；（2）導體棒受到的安培力；（3）導體棒受到的摩擦力；（4）若將磁場方向改為豎直向上,要使金屬桿繼續保持靜止,且不受摩擦力左右,求此時磁場磁感應強度的大小？14（16分）在如圖所示的電路中，Rl、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器。已知電源電壓U恒為8V，Rl為10，開始時滑動變阻器的滑片P處于某一位置。電鍵S斷開時電流表的示數為0.4A，電鍵S閉合后電壓表的示數為5V，求：（1）電鍵S斷開時電壓表示數。（2）定值電阻R2的阻值。（3）電鍵S閉合后電流表的示數。15（12分）有一個電量q=3106 C的點電荷，從某電場中的A點移

10、動到B點，電荷克服電場力何做了6104的功，從B點移至C點，電場力對電荷做了9104J的功，設B點為零電勢，求：A、C兩點的電勢和該電荷在A、C兩點的電勢能。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】研究乒乓球的旋轉時，不能把乒乓球看成質點，因為看成質點的話，就沒有旋轉可言了，所以A錯誤研究地球繞太陽的公轉時，地球的大小對于地球和太陽間的距離來說太小，可以忽略，所以可以把地球看成質點，所以B正確研究跳水運動員在空中的翻轉時，不能看成質點，把運動員看成質點的話，也就不會翻轉了，所以C錯誤研究車輪的轉動是，不能把車

11、輪看成質點，因為看成質點的話，就沒有轉動可言了，所以D錯誤故選B【點睛】考查學生對質點這個概念的理解，關鍵是知道物體能看成質點時的條件，看物體的大小體積對所研究的問題是否產生影響，物體的大小體積能否忽略2、D【解析】A將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，燈泡消耗的功率減小，則燈泡將變暗電源的效率外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電源效率增大故A項錯誤B液滴受力平衡，因電容器上極板帶負電，板間場強向上，則知液滴帶正電滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，電容器板間電壓增大，板間場強增大，液滴所受的

12、電場力增大，因此液滴將向上做加速運動故B項錯誤C由于電源的內電阻與外電阻關系未知，所以不能判斷輸出功率如何變化，故C項錯誤D因電容器兩端的電壓增大，板間場強增大，下極板與電荷所在位置間的電勢差增大，因下極板接地，電勢始終為0，則電荷所在位置的電勢減小；粒子帶正電，則粒子電勢能減小故D項正確【點睛】本題是電容器動態變化分析與電路動態變化分析的綜合，抓住電容器的電壓與電阻電壓的關系進行分析；下極板接地且與電源正極相連，板間各點電勢均為負值3、A【解析】米是國際單位制中長度的基本單位；公里是長度的單位，不是國際單位制的基本單位；米/秒是速度的單位，是導出單位；千瓦時是能量的單位，是導出單位則屬于國際

13、單位制中基本單位的是A項【點睛】國際單位制規定了七個基本物理量，分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質的量基本物理量在國際單位制中的單位稱為基本單位，由基本物理量據物理量之間的關系式推導出來的物理量的單位叫做導出單位4、A【解析】由圖可知，A點的電場線較密，B的電場線較疏所以A點的電場強度大于B點的，故A正確，BCD錯誤。5、C【解析】由圖利用幾何關系可知，ab長度等于dc長度，且線段ab平行于線段dc，故b-a=16-10=c-d=17-d可得d=11VA1 V，與結論不相符，選項A錯誤；B6 V，與結論不相符，選項B錯誤；C11 V，與結論相符，選項C正確；D18 V，與結

14、論不相符，選項D錯誤；6、D【解析】A物理學中電流的方向規定為正電荷定向移動的方向或負電荷定向移動的反方向，故A錯誤；BD在電源的外部，電流的方向總是從電源的正極流向負極，而在電源內部，電流從負極流向正極，故B錯誤，D正確；C電流有方向，但電流的計算方法為代數方法，是標量，故C錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、靜電計是測量電容器兩極間的電勢差，當靜電計指針偏角變小，說明電容器兩板間電壓也減小，故A錯誤；B、當靜電計指針偏角變小，則極板間電壓減小

15、，而極板帶電量不變，依據電容C=QU，可知，電容器的電容增大，根據電容的決定式C=rs4kd，那么金屬芯柱和導電液正對面積增大，說明導電液體增多，故B正確；C、當靜電計指針偏角變大，則極板間電壓增大，而極板帶電量不變，依據電容C=QU，可知，電容器的電容減小，故C正確；D、同理，當靜電計指針偏角變大，則極板間電壓增大，而極板帶電量不變，依據電容C=QU，可知，電容器的電容減小，根據電容的決定式C=rs4kd，那么金屬芯柱和導電液正對面積減小，則導電液體液面減少故D錯誤故選BC【點睛】本題是平行板電容器應用，實質上是電容器的動態分析問題，掌握電容的定義式與決定式的不同，關鍵根據電容的決定式C=r

16、s4kd來分析電容的變化8、BD【解析】根據h=12gt2得，t=2hg，因為hahb=hc，可知tatb=tc。在水平方向上，有x=v0t，因為tatb=tc，xaxbxc，則初速度vavbvc故BD正確，AC錯誤。故選BD。【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，結合運動學公式靈活求解9、CD【解析】對AB兩球整體受力分析，受重力G，OA繩子的拉力T以及拉力F，其中重力大小和方向都不變，繩子的拉力方向不變大小變，拉力的大小和方向都變，根據共點力平衡條件，利用平行四邊形定則作圖可以得出拉力的最小值和最大值【詳解】對AB兩球整體受力分析，受重力G=2mg，OA繩子的

17、拉力T以及拉力F，三力平衡，將繩子的拉力T和拉力F合成，其合力與重力平衡，如圖 當拉力F與繩子的拉力T垂直時，拉力F最小，最小值為Fmin=（2m）gsin30，即mg；由于拉力F的方向具有不確定性，因而從理論上講，拉力F最大值可以取到任意值，故CD正確故選CD【點睛】本題是三力平衡問題中的動態分析問題，其中一個力大小和方向都不變，一個力方向不變、大小變，第三個力的大小和方向都變，根據共點力平衡條件，集合平行四邊形定則作出力的圖示，得到未知力的變化情況10、AB【解析】A：在固定的點電荷Q形成的電場中，如果q為正電荷，且由靜止釋放，則電荷沿電場力方向加速運動，點電荷Q形成電場的電場線是直線，其

18、軌跡與電場線重合。故A項正確。B：若Q與q為異種電荷，則給q一定的初速度，使庫侖引力等于所需要的向心力，q繞Q做勻速圓周運動。故B項正確。C：q在Q的電場中一定受電場力，q所受合力不等于0，q不可能做勻速直線運動。故C項錯誤。D：若Q與q為同種電荷，q受到庫侖斥力。若是由靜止開始釋放，q一定做加速度減小的變加速直線運動；若q有初速度，q可能做曲線運動。故D項錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 0.34 【解析】（1）為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇A；（2）應用伏安法測電源電動勢與內阻，電壓表測路端電壓，電流表測電流，實物電路

19、圖如圖所示：（3）由圖2所示可知，電流表量程為0.6A，其分度值為：0.02A，讀數為：0.34A；12、C B E C 變大 小燈泡燈絲的電阻隨溫度的升高而增大 【解析】（1）123燈泡額定電壓為2.5V，電壓表選C；燈泡額定電流：電流表應選擇B；為方便實驗操作滑動變阻器應選擇E（2）4描繪燈泡伏安特性曲線電壓表與電流表應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應選擇外接法，實驗電路圖如圖所示：（3）5根據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（4）6燈泡電阻受溫度影響，隨溫度升高而增大，隨電壓增大通過燈泡的電流變大，燈泡實際功率增大，燈泡溫度升高，燈泡電阻變大，由圖示可知，圖C所示圖象正確，故選C（5）78 燈泡電阻隨電流增大而增大，因為燈絲電阻率隨溫度升高而增大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.5A；（2）0.30N，沿斜面向上；（3）0.06N（4）0.5T【