1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、

2、下列說法中正確的是（）A.只有很小的物體才能看作質點B.運動的物體不能選作參照物，因為參照物是靜止的物體C.自由下落的物體沒有慣性，但仍受重力作用D.力是改變物體速度的原因2、如圖所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O為球心，一質量為m的小滑塊，在水平力F的作用下靜止P點。設滑塊所受支持力為FN，OP與水平方向的夾角為，下列關系正確的是（）A.B.C.D.3、如圖所示，小球放在光滑的墻與裝有鉸鏈的光滑薄板之間，當墻與薄板之間的夾角緩慢地增大到90的過程中( )A.小球對墻的壓力減小B.小球對薄板的壓力增大C.小球對墻壓力先減小后增大D.小球對薄板的壓力可能小于球的重力4、物體在三個互成角度的共

3、點恒力F1=6N、F2=8N、F3=10N的作用下，處于平衡狀態當撤去F2后，合力變為A.4NB.6NC.8ND.16N5、如圖所示，A受到沿斜面向上的拉力F1和垂直于斜面的拉力F2作用，正在沿傾角為斜面向下運動，斜面體B始終保持靜止不動斜面體B受到地面的摩擦力向右，物塊A正在下滑時，則（）A.物塊與斜面動摩擦因數B.若只撤去F2，則B受到地面的摩擦力變小C.若同時撤去F1和F2，物塊A將可能勻速運動D.若只增大A的質量，物塊B受到地面的摩擦力將變大6、由靜止開始沿直線做勻加速運動的物體，在最初內的位移為，則它在第內的位移為（ ）A.B.C.D.7、如圖所示，質量為m2的物體放在車廂底板上，用

4、豎直細線通過定滑輪與質量為ml的小球相連，不計滑輪摩擦，車廂以水平加速度a向右勻加速運動，物體m2仍壓在車廂底板上，則( )A.細線與豎直方向夾角的正切值tana/gB.物體m1所受細線拉力C.物體m1所受細線拉力TmlgcosD.物體m2所受底板摩擦力fm2a8、如圖所示，桌面上固定一個光滑的豎直擋板，現將一個質量一定的重球A與截面為三角形的墊塊B疊放在一起，用水平外力F緩慢向左推動B，使球慢慢升高，設各接觸面均光滑，則該過程中（）A.A和B均受三個力作用而平衡B.B對桌面的壓力恒定不變C.A對B的壓力恒定不變D.推力F的大小越來越大9、如圖甲所示，水平傳送帶始終以恒定速率v1向右運行初速度

5、大小為v2的小物塊向左從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的v-t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示。已知v2v1，正確是（）A.t2時刻，小物塊離A處的距離達到最大B.t2時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大C.0t2時間內，小物塊受到的摩擦力方向始終向右D.0t3時間內，小物塊相對傳送帶的位移大小為10、如圖，質量分別為mA、mB的A、B兩個楔形物體疊放在一起，B靠在豎直墻壁上，在水平力F的作用下，A、B靜止不動，則（）A.A物體受力的個數可能為3B.B受到墻壁的摩擦力方向可能向上，也可能向下C.力F增大（A、B仍靜止），A對

6、B的壓力也增大D.力F增大（A、B仍靜止），墻壁對B的摩擦力也增大11、如圖甲所示，在粗糙水平面上，物塊A在方向恒定為水平向右的外力F的作用下做直線運動，其速度時間圖象如圖乙所示，下列判斷正確的是：A.在01s內，外力F不斷增大B.在1s3s內，外力F的大小恒定C.3s4s內，外力F不斷減小D.在3s4s內，外力F的大小恒定12、在同一平直公路上行駛的汽車兩輛汽車a 和b，其位移時間圖像分別如圖中直線a 和曲線b 所示，下列說法正確的是A.t=3s 時，兩車速度相等B.a 車做勻速運動，b 車做加速運動C.在運動過程中，b 車始終沒有超過a 車D.在 03s 時間內，a 車的平均速度比b 車的

7、大二填空題(每小題6分，共18分)13、 “用DIS研究加速度與力的關系”的實驗裝置如圖a所示，實驗中用所掛鉤碼的重量作為細線對小車的拉力F，通過增加鉤碼的數量，多次測量，可得小車運動的加速度a和所受拉力F的關系圖像。他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a F圖線，如圖b所示。(1)圖線_（填“”或者“”）是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的。(2)在軌道為斜面情況下，軌道傾斜的角度為=370，則小車與軌道面的動摩擦因數=_（已知sin370.6，cos370.8）。(3)在軌道水平時，小車運動的阻力F1=_N。(4)圖b中，拉力F較大時，a F圖線明顯彎曲，產生誤差，為避

8、免此誤差可采取的措施是_（填選項字母）A調整軌道的傾角，在未掛鉤碼時使小車能在軌道上勻速運動B增加鉤碼數量的同時在小車上增加砝碼，使鉤碼的總質量始終遠小于小車的總質量C將無線力傳感器捆綁在小車上，再將細線連在力傳感器上，用力傳感器讀數代替鉤碼的重力D更換實驗中使用的鉤碼規格，采用質量較小的鉤碼進行上述實驗14、如圖所示，兩個物塊A、B用輕彈簧連在一起，放在光滑的水平面上物塊A質量為2，物塊B質量為現用水平拉力F的作用在B上，使得A、B相對靜止一起向右做勻加速運動，則：彈簧彈力的大小為_；若某時突然撤去F，則撤去F的瞬間物塊B的加速度的大小為_15、某同學用圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律：

9、(1)通過實驗得到如圖乙所示的圖象，造成這一結果的原因是：在平衡摩擦力時木板與水平桌面的夾角_（選填“偏大”或“偏小”）。(2)該同學在正確平衡摩擦力后重新進行實驗，實際小車在運動過程中所受的拉力將_砝碼和盤的總重力（填“大于”、“小于”或“等于”），為了便于探究、減小誤差，應使小車質量與砝碼和盤的總質量滿足_的條件。(3)該同學得到如圖丙所示的紙帶已知打點計時器電源頻率為。、是紙帶上7連續打出的7個點。考慮_，由此可算出小車的加速度_（加速度結果保留兩位有效數字）。三計算題(22分)16、（12分）跳水運動員從離水面h=4.05m處做自由落體運動，入水后經過t=2s速度減小為零不計空氣阻力若

10、運動員可視為質點，他在水中運動時所受的浮力和水的阻力恒定不變g=10m/s2求：（1）運動員入水瞬間速度v大小；（2）運動員在水中運動時加速度a的大小；（3）運動員所受水的浮力和水的阻力的合力是其重力的幾倍17、（10分）如圖所示，在粗糙的水平路面上，一小車以的速度向右勻速行駛，與此同時，在小車后方相距處有一物體在水平向右的推力作用下，從靜止開始做勻加速直線運動，當推力作用了就撤去已知物體與地面之間的動摩擦因數，物體的質量，重力加速度求（1）推力作用下，物體運動的加速度大小；（2）物體剛停止運動時物體與小車的距離參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中

11、，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】當物體的線度和大小與所研究的問題相比可忽略不計時，物體可以看做質點，很小的物體不一定能看作質點，很大的物體也不一定不能看做質點，選項A錯誤；無論是運動物體還是靜止的物體都可以選做參照物，選項B錯誤；自由下落的物體仍然沒有慣性，也仍受重力作用，選項C錯誤；力是改變物體運動狀態的原因，即力是改變物體速度的原因，選項D正確；故選D.2、A【解析】物體處于平衡狀態，對物體受力分析，根據共點力平衡條件，可求出支持力和水平推力。對小滑塊受力分析，受水平推力F、重力G、支持力FN、根據

12、三力平衡條件，將受水平推力F和重力G合成，如圖所示，由幾何關系可得，A正確。【點睛】本題受力分析時應該注意，支持力的方向垂直于接觸面，即指向圓心。本題也可用正交分解列式求解！3、A【解析】對球進行正確受力分析，把握其受力特點：一個力大小和方向不變（重力），一個力方向不變（墻給球的支持力），另一個力的大小、方向均發生變化（擋板給球的作用力），對于這類動態平衡問題，可以采用“圖解法”進行【詳解】以小球為研究對象，處于平衡狀態，根據受力平衡，由圖可知，墻壁給球的壓力F2逐漸減小，擋板給球的支持力F1逐漸減小，根據牛頓第三定律可知墻壁受到的壓力減小，木板受到的壓力減小當墻與薄板之間的夾角緩慢地增大到9

13、0過程中，根據圖示可知木板對球的支持力大于球的重力故A正確，BCD錯誤故選A4、C【解析】物體受到三個共點的恒力作用而處于平衡狀態，當撤去某個恒力F2時，余下力的合力與F2大小相等、方向相反，從而即可求解【詳解】F1=6N、F2=8N、F3=10N，處于平衡狀態；當撤去F2后，則F2的力與余下兩個力的合力等值反向所以合力大小8N故選C【點睛】本題中利用了平衡條件的推論，得到撤去F1后物體的合力是恒力，關鍵要抓住平衡條件來解題5、D【解析】AC根據題意可知：設斜面傾角為，對斜面體因為地面對斜面體摩擦力向右，所以物塊對斜面體的壓力的水平分力小于物塊對斜面體摩擦力的水平分力，設物塊斜面體之間彈力為F

14、N，有：，所以，同時撤去兩力，物塊將減速，AC錯誤B對斜面受力分析可知：，只撤去F2，地面對B的摩擦力變大，B錯誤D對斜面受力分析可知：，只增大物塊質量，摩擦力變大，D正確6、A【解析】根據勻加速直線運動位移時間公式得：帶入數據得：計算得出：則第四秒內的位移故選A.7、ABD【解析】以物體1為研究對象，分析受力如圖根據牛頓第二定律得：細線的拉力為：m1gtan=m1a，得： tan=a/g故AB正確，C錯誤以物體2為研究對象，物體2所受的合力，就是底板對物體2的摩擦力，由牛頓第二定律得：底板對物體2的摩擦力fm2a，故D正確8、BC【解析】A先以小球A為研究對象，分析受力情況，受重力、墻的彈力

15、和斜面的支持力三個力，B受重力、A對B的壓力、地面的支持力和推力F四個力，A錯誤。B用水平外力F緩慢向左推動B，使球慢慢升高，由于兩物體緩慢移動，可以認為均處于平衡狀態，對它們整體分析，豎直方向只有只有它們的重力和地面給它們的支持力，即桌面對B的支持力等于兩者的重力之和，大小不變，由牛頓牛頓第三定律可知B對桌面的壓力恒定不變，B正確；C對A受力分析如圖所示在球慢慢升高的過程中，FBA、FN方向均未改變，且合力大小等于球的重力，所以FBA保持不變，即B給A的支持力恒定不變，由作用力大小等于反作用力的大小，則A對B的壓力恒定不變，C正確；DA給B的壓力沒變，B的重力沒變，F的方向沒變，且B在這三個

16、力的作用下緩慢移動，處于平衡狀態，合力為零，則推力F不變，D錯誤。故選BC。9、BC【解析】A在0-t1時間內小物塊向左減速，受向右的摩擦力作用，在t1-t2時間內小物塊向右加速運動，受到向右的摩擦力作用，t1時刻小物塊向左運動到速度為零，離A處的距離達到最大，A錯誤；Bt2時刻前小物塊相對傳送帶向左運動，之后相對靜止，則知小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大，B正確；C.0t2時間內，小物塊受到的摩擦力方向始終向右，且大小不變，C正確；D0t1時間內，傳送帶的位移為小物塊的位移為所以小物塊相對傳送帶的位移向左，大小為t1t2時間內，物塊向右加速，皮帶向右勻速運動，物體相對皮帶向左，相對位移大小

17、為兩者的位移之差由于t2-t3時間內小物塊相對傳送帶靜止，所以0t3時間內小物塊相對傳送帶的位移向左，大小為故D錯誤。故選BC。10、AC【解析】隔離A物體，受受重力、B對A的支持力和外力F，三個力作用；若AB間存在靜摩擦力，則有：A受四個力，A正確，將AB看做一個整體，整體在豎直方向上受到重力和摩擦力，所以墻對B的摩擦力方向只能向上，B錯誤；若F增大，則F在垂直B斜面方向的分力增大，所以對B的壓力增大，C正確；先對AB整體受力分析，由平衡條件知，豎直方向：，因此當水平力F增大，墻壁對B的摩擦力仍不變，D錯誤考點：考查了共點力平衡條件的應用11、BC【解析】在速度時間圖象中，某一點縱坐標代表此

18、時刻的瞬時速度；某點切線的斜率代表該時刻的加速度，向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負。結合牛頓第二定律判斷受力情況。【詳解】A在01s內，直線的斜率不變，加速度不變，由牛頓第二定律得：可知外力F恒力，故A錯誤；B在13s內，速度不變，物體做勻速直線運動，加速度等于零故外力F的大小恒定，故B正確；CD在34s內，斜率越來越大，說明加速度越來越大，所以物體做加速度增大的減速運動，由牛頓第二定律得：得：f、m不變，a增大，F減小，故C正確，D錯誤。12、AC【解析】A位移時間圖像的斜率表示速度，由圖可知，在t=3s時兩圖像的斜率相等，所以此時速度相等，故A正確；B位移時間圖像的斜率表示

19、速度，由a圖像的斜率不變即速度不變，表示a車做勻速直線運動，b圖像的斜率減小即速度減小，表示b車做減速運動，故B錯誤；C由位移時間圖像可知，同一時刻b車始終在a車的后面(除t=3s時在同一位置)，故C正確；D由位移時間圖像可知，a車在03s時間內的位移為6m，b車在03s時間內的位移為8m，所以在 03s時間內，a車的平均速度比b車的小，故D錯誤二填空題(每小題6分，共18分)13、 . .0.5 .0.5 .C【解析】(1)1由圖象可知，當時，。也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高。所以圖線是在軌道右側抬高成為斜

20、面情況下得到的。(2)2根據圖象時，根據牛頓第二定律即解得(3)3圖線是在軌道水平時做的實驗，由圖象可知：當拉力等于時，加速度恰好為零，即剛好拉動小車，此時(4)4隨著鉤碼的數量增大到一定程度時圖(b)的圖線明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是所掛鉤碼的總質量太大，而我們把用鉤碼所受重力作為小車所受的拉力，所以消除此誤差可采取的簡便且有效的措施應該測量出小車所受的拉力，即在鉤碼與細繩之間放置一力傳感器，得到力的數值，再作出小車運動的加速度和力傳感器讀數的關系圖象，故選C。14、 .2F/3 .2F/3m【解析】A、B一起運動，它們有共同的加速度，對整體可以求出加速度的大小，再分析B的受力，可以求出彈簧的彈力；撤去F的瞬間彈簧的彈力不變，B只受到彈力的作用，加速度是由彈力產生的【詳解】設物體運動的加速度為對AB整體受力分析得：單獨隔離A受力分析得：解得：撤去時，B只受彈力的作用，設加速度為則：所以故本題的正確答案為：；【點睛】采用整體法求物體的共同加速度，再用隔離法求各個物體受到的力的大小，這是求多個物體受力時的一般步驟15、 .偏大 .小于 .