1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、用懸掛法測定不規則薄板的重心，其依據是A.物體的重心總在物體上B.薄板平衡時，

2、它受的合外力為零C.薄板平衡時，懸線拉力的作用線通過重心D.重力和懸線的拉力是一對作用力和反作用力2、如圖所示，是某人站在壓力板傳感器上，做下蹲-起立的動作時記錄的壓力隨時間變化的圖線，縱坐標為力（單位為N），橫坐標為時間（單位為s）由圖線可知，該人的體重約為650N，除此之外，還可以得到的信息是A.該人做了兩次下蹲-起立的動作B.該人做了一次下蹲-起立的動作C.下蹲過程中人處于失重狀態D.下蹲過程中先處于超重狀態后處于失重狀態3、甲、乙兩人從某點出發沿同一圓形跑道運動，甲沿順時針方向行走，乙沿逆時針方向行走經過一段時間后，甲、乙兩人在另一點相遇從出發到相遇的過程中，下列說法中正確的是（ ）A

3、.甲、乙兩人通過的路程一定不同B.甲、乙兩人通過的路程一定相同C.甲、乙兩人發生的位移一定不同D.甲、乙兩人發生的位移一定相同4、籃球比賽中，籃球以的速度豎直向下碰撞地面，再以的速度豎直向上反彈，與地面接觸時間為，則在這段時間內籃球所受平均合力的方向( )A.豎直向上B.豎直向下C.合力為零D.以上答案均不正確5、關于位移與路程，下列說法中正確的是()A.在某一段時間內物體運動的位移為零，則該物體一定是靜止的B.在某一段時間內物體運動的路程為零，則該物體一定是靜止的C.在直線運動中，物體的位移大小一定等于其路程D.在直線運動中，物體的位移可能大于路程6、下列關于物體運動的描述，正確的是：（）A

4、.在直線運動中，物體運動的路程與位移的大小一定相等B.物體的加速度逐漸減小，其運動的速度一定減小C.物體的速度為零，其加速度一定為零D.物體的速度減小得越慢，其加速度一定越小7、某同學站在電梯地板上，利用速度傳感器和計算機研究一觀光電梯升降過程中的情況，如圖所示的vt圖象是計算機顯示的觀光電梯在某一段時間內的速度變化情況（向上為正方向）。根據圖象提供的信息，可以判斷下列說法中正確的是()A.05 s內，觀光電梯在加速上升，該同學處于失重狀態B.510 s內，觀光電梯勻速上升，該同學既不超重也不失重C.1020 s內，觀光電梯在加速下降，該同學處于失重狀態D.2025 s內，觀光電梯在加速下降，

5、該同學處于失重狀態8、2018年10月24日，安徽省第十四屆運動會在蚌埠體育中心閉幕運動員在下列運動過程中均不考慮空氣阻力，其說法正確的是（）A.跳高運動員在越桿時處于平衡狀態B.蹦床運動員在空中上升到最高點時處于完全失重狀態C.舉重運動員在舉鈴過頭停在最高點時鈴處于平衡狀態D.跳遠運動員助跑是為了增加自己的慣性，以便跳得更遠9、如圖所示，質量分別為和的兩滑塊A、B，用輕質細繩通過光滑定滑輪相連，當A放在光滑的水平桌面上時，A、B運動的加速度大小為，細繩中的張力為當A、B位置對調，A、B運動的加速度大小為，細繩中張力為，則A.B.：C.D.10、如圖所示，人的質量為，物塊的質量為，且，若不計繩

6、與滑輪的摩擦，則當人拉著繩向右跨出一步后，人和物仍保持靜止，則下列說法中正確的是（ ）A.地面對人的摩擦力增大B.繩子上的張力不變C.人受到的合力減小D.人對地面的壓力增大11、如圖所示，在光滑水平面上，用水平外力F拉動小車和木塊一起無相對滑動地做加速運動小車質量為M，木塊質量為m，拉力大小為F，加速度大小為a，木塊和小車之間動摩擦因數，則在這個過程中，木塊受到的摩擦力大小是（）A.B.C.D.12、如圖所示，在水平面上沿直線運動的小車上有一個固定的水平橫桿，橫桿左端懸掛著小 球A，小車底板右端放置著物塊B,A、B均相對車廂靜止，物塊B通過一輕質彈簧與豎 桿相連，已知小球A的質量mA=0.2

7、kg.懸線與豎直方向的夾角為a=370，物塊B的質 量mB = 0.4 kg，物塊B與車廂底板間無摩擦，彈簧的勁度系數為k=100 N/m, (g=10m/s2 ,sin3700.6,cos3700.8)下列判斷中可能正確的是 A.彈簧處于伸長狀態B.彈簧處于壓縮狀態C.彈簧的形變量為2.4 cmD.彈簧的形變量為 3.0 cm二填空題(每小題6分，共18分)13、在“探究加速度與力、質量的關系”試驗中：(1)以下實驗操作，正確的是_A平衡摩擦力時，應將空砝碼盤用細線跨過定滑輪系在小車上，讓細線與長木板平行B平衡摩擦力時，應將紙帶連接在小車上并穿過打點計時器C每次改變小車質量時，不需要重新平衡

8、摩擦力D實驗時，應先釋放小車，再接通電源(2)為了探究小車（包括里面所裝鉤碼）總質量M一定時，加速度a與合力F的定量關系，需要在砝碼盤里面添加砝碼來改變小車所受到的合力砝碼質量m和小車總質量M分別選取下列四組值：AM=500g，m分別為50g、70g、100g、125gBM=500g，m分別為20g、30g、40g、50gCM=200g，m分別為50g、70g、100g、125gDM=200g，m分別為30g、40g、50g、60g若其它操作都正確，那么應該選用_組值（選填字母代號）進行實驗時的實驗誤差較小(3)下圖是實驗中得到的一條已打點的紙帶，紙帶上的A、B、C、D、E、F、G均為相鄰計數

9、點，已知打點計時器的打點周期為0.02s，相鄰兩個計數點之間還有4個計時點未畫出，相鄰計數點之間的距離已標注在圖上，則小車運動的加速度大小a=_m/s2，打C點時的速度大小vC=_m/s（以上結果都保留2位有效數字）(4)某學生在平衡摩擦力時，使得長木板傾角偏大他所得到的a-F關系是圖中的哪根圖線？（圖中a是小車的加速度，F是細線作用于小車的拉力）答：_A、 B、C、 D、14、如圖為“探究物體的加速度與力、質量的關系”的實驗裝置，沙和沙桶的質量為m，小車和砝碼的質量為M，實驗中將沙和沙桶的重力mg作為細線對小車的拉力F。（1）在進行平衡摩擦力的操作時，下列注意事項正確的是_；A應該讓小車連接

10、紙帶并穿過打點計時器B必須讓小車連接沙桶C紙帶和沙桶都應連接D紙帶和沙桶都不能連接（2）保持小車的質量M一定，改變沙桶中沙的質量，根據實驗數據作a-F圖象隨著沙和沙桶質量m增加，不再遠小于小車質量M，則可能會出現下列圖象中的_；（3）保持沙和沙桶的總質量m不變，改變小車和砝碼的總質量M，探究加速度和質量的關系如圖是某次實驗中打出的一條紙帶，交變電流的頻率為50Hz，每隔4個點選一個計數點，則小車的加速度為_m/s2（保留兩位有效數字）通過實驗得到多組加速度a、質量M的數據，為了方便準確地研究二者關系，一般選用縱坐標為加速度a，則橫坐標為_。（填“M”或“”）15、打點計時器所用電源的頻率為50

11、 Hz，某次實驗中得到一條紙帶，用毫米刻度尺測量的情況如圖所示，紙帶上A、C間對應的時間為_s，紙帶在A、C間的平均速度為0.35 m/s.在A、D間的平均速度為0.43 m/s.二者之間，B點的瞬時速度更接近于_m/s.三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，一種電動打夯機的結構為：在固定于夯上的電動機的轉軸上固定一個桿，桿的另一端固定一鐵塊（圖中陰影部分的圓球即為鐵塊）。工作時電動機帶動桿上的鐵塊在豎直平面內勻速運動，則當鐵塊轉到最低點時，夯對地面產生很大的壓力而夯實地面。設夯（不包括鐵塊） 的總質量為，鐵塊的質量為，桿長為，重力加速度為，桿的質量忽略不計。（1）若鐵塊的角速度為，則在

12、圓周的最低點時桿對鐵塊的拉力是多少？（2）若鐵塊的線速度為，且較大，在圓周的最高點時桿對鐵塊是拉力，則桿對鐵塊的拉力是多少？（3）若鐵塊的轉速太大了，則當鐵塊在圓周的最高點時有可能會將夯帶離地面，在工作過程中為了保證安全，我們要求夯不能離開地面，則鐵塊勻速轉動的線速度最大為多少？（4）當鐵塊以第三問的線速度勻速轉動時，夯對地面產生的壓力的最大值是多少？17、（10分）如圖所示，重為的木塊放置于水平桌面上，在水平力F的作用下向右做勻速直線運動，重物與水平桌面間的動摩擦因數為，求：（1）木塊與桌面間的摩擦力；（2）水平力F的大小。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給

13、出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】利用“懸掛法”來確定形狀不規則薄板的重心位置，當物體靜止時，由二力平衡條件可知重力和拉力的作用線在同一直線上，從而確定物體重心在O點；A物體的重心不一定總在物體上，比如籃球，手鐲，質量分布均勻形狀規則的物體的重心在其幾何重心，A錯誤；B一切物體平衡時，所受外力都為零，這個不是原因，原因是薄板平衡時，懸線拉力的作用線通過重心，B錯誤；C綜上分析可得懸線拉力的作用線通過重心，C正確；D重力和懸線的拉力都作用在物體上，且物體僅僅受到這兩個力，故這兩個力是一對平衡力

14、，D錯誤；故選C。2、B【解析】失重狀態：當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態，此時有向下的加速度；超重狀態：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態，此時有向上的加速度人下蹲過程分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達一個最大速度后再減速下降超重，起立也是如此【詳解】人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達一個最大速度后再減速下降超重對應先失重再超重，起立對應先超重再失重，對應圖象可知，該同學做了一次下蹲-起立的動作，A錯誤，B正確；下蹲過程既有失重又有超重，且先失重后超重，CD均錯誤；故選B【點睛】本題考查物理知識與

15、生活的聯系，注意細致分析物理過程，仔細觀察速度的變化情況，與超失重的概念聯系起來加以識別3、D【解析】A、B、甲和乙運動的速率不一定相同，故經過相同時間內走過的軌跡長度不一定相同，故選項A、B均錯誤C、D、甲和乙從同一位置出發，到達另一相同位置，具有相同的位移，故選項C錯誤，選項D正確故選D4、A【解析】取豎直向上為正方向，則速度的變化量為：即方向豎直向上，根據加速度公式可知加速度為：則加速度方向也為豎直向上，由牛頓第二定律可知合力不為零，而且方向為豎直向上，故A正確，BCD錯誤；故選A。5、B【解析】A在某一段時間內物體運動的位移為零，該物體不一定是靜止的，可能沿封閉的曲線運動了一周，選項A

16、錯誤；B在某一段時間內物體運動的路程為零，則該物體一定是靜止的，選項B正確；C在單向的直線運動中，物體的位移大小才等于其路程，選項C錯誤；D在直線運動中，物體的位移只能小于或等于路程，不可能大于路程，選項D錯誤；故選B。6、D【解析】A只有在單向直線運動中，物體的位移大小才等于其路程，A錯誤；B物體的加速度逐漸減小，其運動的速度可能增大，如加速度和速度方向相同時，速度一定增大，B錯誤；C物體的速度為零，其加速度不一定為零，如豎直上拋的最高點，C錯誤；D物體的速度減小得越慢，其加速度一定越小，D正確故選D。7、BD【解析】A在05s內，從速度-時間圖象可知，此時的加速度為正，說明電梯的加速度向上

17、，此時人處于超重狀態，故A錯誤；B510s內，該同學做勻速運動，故其對電梯地板的壓力等于他所受的重力，故B正確；C在1020s內，電梯向上做勻減速運動，加速度向下，處于失重狀態，故C錯誤；D在2025s內，電梯向下做勻加速運動，加速度向下，故處于失重狀態度，故D正確；故選BD。8、BC【解析】明確超重和失重的性質分析是否失重；知道加速度向上時為超重，加速度向下時為失重；知道慣性大小只與質量有關【詳解】跳高運動員在越桿時受到重力作用，處于非平衡狀態，故A錯誤；蹦床運動員在空中上升到最高點時速度為零，加速度為g，方向豎直向下，故處于完全失重狀態，故B正確；舉重運動員在舉鈴過頭停在最高點時，鈴處于靜

18、止狀態，即平衡狀態，故C正確；質量是慣性的唯一量度，助跑是為了跳出時速度大，跳得更遠，故D錯誤所以BC正確，AD錯誤【點睛】本題考查超重失重現象以及慣性的性質，要注意明確物體超重失重只與加速度有關，加速度向下即為失重，加速度向上即為超重9、AD【解析】開始時加速度大小，繩子拉力為，由牛頓第二定律得：對A有，對B有，聯立解得，；互換后加速度大小為繩子拉力為，由牛頓第二定律得：對B有，對A有，聯立解得：，則有；故A、D正確，B、C錯誤；故選AD10、ABD【解析】人處于平衡狀態，合力為零；當人拉著繩向右跨出一步后，繩子與水平方向的夾角減小，人和物仍保持靜止，分別對物體和人受力分析應用平衡條件分析即

19、可【詳解】A、B、D項：物體始終處于靜止狀態，所以繩子對物體的拉力始終等于mg，對人受力分析并正交分解如圖：由平衡條件得：N+mgsin=Mgf=mgcos當人拉著繩向右跨出一步后，將變小所以：f=mgcos會增大，N=Mg-mgsin也將增大根據牛頓第三定律得知，人對地面的壓力增大，故A、B、D正確；C項：人處于平衡狀態，合力為零保持不變，故C錯誤故選ABD【點睛】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答11、BCD【解析】先對整體受力分析，受重力、支

20、持力和拉力，根據牛頓第二定律，有：再對物體受力分析，受重力、支持力和向前的靜摩擦力，根據牛頓第二定律有：聯立解得：對小車受力分析可得：所以車和物體之間的摩擦力的大小為：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析相符，故D正確12、BD【解析】AB的狀態相同，故加速度相同，在對A受力分析可知其合力向右，故加速水平向右，可知B的加速度和受力狀況【詳解】對A研究，受重力和細線的拉力，如圖所示：根據牛頓第二定律，得：mAgtan370=mAa，代入數據解得：a=7.5m/s2，由圖可知A受到的合外力向右，則B受到的彈力方向也向右，所以彈簧處于壓縮態，根據牛

21、頓第二定律可得：，代入數據解得：，故BD正確，AC錯誤【點睛】繩子的拉力一定沿繩子方向，與物體的運動狀態無關，可根據牛頓定律確定彈簧的狀態二填空題(每小題6分，共18分)13、 .（1）B C .（2）B .（3）0.91m/s2； .0.40m/s .（4）C【解析】（1）探究加速度與拉力的關系實驗時，要平衡摩擦力，平衡摩擦力時，要求小車在無動力的情況下平衡摩擦力，不需要掛任何東西本實驗的變量比較多，有加速度、力、質量等，因此為了探究它們之間關系，采用了控制變量法；操作過程是先接通打點計時器的電源，再放開小車；（2）實驗時要求小車質量M要遠遠大于砂及砂桶的質量m，根據這個要求做出選擇即可（3

22、）根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上C點時小車的瞬時速度大小（4）若平衡摩擦力過大，則不加外力時小車就有加速度，由圖像反應的信息進行判斷；【詳解】（1）平衡摩擦力時，應不掛砝碼及砝碼盤，只讓小車拖著穿過打點計時器的紙帶在長木板上做勻速運動，選項A錯誤，B正確；每次改變小車質量時，小車的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，選項C正確；實驗時，應先接通電源，再釋放小車，選項D錯誤；故選BC.（2）實驗時要求小車質量M要遠遠大于砂及砂桶的質量m，只有B中M與m相差最大，故選B（3）由

23、于每相鄰兩個計數點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.1s，設A到B之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4、x5、x6，根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2；x5-x2=3a2T2；x6-x3=3a3T2；為了更加準確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）；即小車運動的加速度計算表達式為：a=m/s2=0.91m/s2根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上C點時小車的瞬時速度大小（4）把長木板的一端墊得過高，使得傾角偏大，會導致重力沿斜面向下的分力偏大，摩擦力偏小，而且重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，這樣在沒有繩子的拉力作用下，小車就會產生加速度故選C【點睛】探究加速與力的關系實驗時，要平衡摩擦力、應根據紙帶求出小車的加速度，掌握實驗的實驗注意事項是正確解題的關鍵對于力學中的基礎實驗一定要