試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁安徽省滁州市2024-2025學年高三下學期2月第一次質量監測物理試卷學校:___________姓名：___________班級：___________考號：___________一、單選題1．轉動動能是物體動能的一種形式，它是指物體繞某一軸旋轉所具有的能量，轉動動能的公式為，其中為旋轉的角速度。公式中的物理量J的單位為（）A． B．C．N D．2．如圖所示為真空中兩點電荷A、B形成的電場中的一簇電場線，該電場線關于圖中虛線對稱，O點為兩電荷連線的中點，M、N為兩電荷連線的中垂線上的兩點，且。下列說法正確的是（）A．A、B可能帶等量異種電荷B．M、N兩點的電場強度均為零C．M、N兩點的電勢相等D．同一試探電荷在M、N兩點處所受電場力相同3．2024年9月19日，我國在西昌衛星發射中心成功發射第59顆、第60顆北斗導航衛星，該組衛星屬中圓地球軌道衛星，運行軌道離地高度大約為22000千米。2024年10月30日，神舟十八號航天員乘組順利打開“家門”，歡迎遠道而來的神舟十九號航天員乘組入駐中國空間站，完成中國航天史上第5次“太空會師”，中國空間站在離地千米的高度上繞地球做勻速圓周運動。下列說法正確的是（）A．MEO衛星運行的線速度大于空間站運行的線速度B．MEO衛星運行的角速度大于地球自轉的角速度C．MEO衛星運行的線速度大于地球的第一宇宙速度D．空間站中的宇航員不受地球的引力作用4．如圖所示，質量為1kg的物塊靜止在光滑水平地面上，在水平向右的恒力的作用下開始運動，依次通過A、B、C、D四個位置。已知、，且通過AB段和CD段的時間均為1s，則通過BC段的時間為（）A．1s B．2s C．3s D．4s5．如圖所示，固定在豎直平面內半徑均為1m的兩金屬圓環平行正對，相距為3m，圓環的電阻不計。導體棒ab搭在兩環的最低點，接入電路的電阻為。用導線將一阻值為的電阻R與兩圓環相連，理想交流電壓表V接在電阻R兩端。整個空間存在磁感應強度大小為，方向豎直向下的勻強磁場。若導體棒ab在外力作用下以的轉速繞兩圓環的中心軸緊貼圓環勻速轉動，則導體棒ab在運動過程中，電壓表的示數為（）A． B．C． D．6．乒乓球運動深受廣大群眾喜愛。如圖所示，球網固定在球臺的中央，運動員在球臺邊緣中點M處正上方高為h處將乒乓球水平發出，乒乓球反彈后擦著掠過球網并落在對方球臺邊緣中點N處。已知乒乓球落到臺面上反彈前后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反，不考慮乒乓球的旋轉和空氣阻力，則球網的高度為（）A． B．C． D．7．如圖所示，輕桿的一端用鉸鏈固定于豎直墻壁上的B點，另一端固定一個輕質小滑輪C。繞過滑輪的輕繩一端固定在墻上的A點，另一端掛一質量為m的物塊，物塊處于靜止狀態。若不計一切摩擦，則下列說法正確的是（）A．將A點豎直向上緩慢移動少許后，桿對滑輪的作用力增大B．將A點豎直向下緩慢移動少許后，桿對滑輪的作用力大小不變C．將A點沿著墻壁豎直向上緩慢移動時，輕桿BC保持不動D．將A點沿著墻壁豎直向下緩慢移動時，輕桿BC繞著B點逆時針轉動8．如圖甲所示，一長直U型金屬導軌在水平面內固定放置，導軌間距為L，電阻不計，在導軌的左端接有一個阻值為R的電阻。質量為m的金屬棒ab垂直導軌放置，與導軌之間的動摩擦因數為，接入電路中的電阻為R。整個空間存在磁感應強度大小為B、方向豎直向上的勻強磁場。在時刻，對金屬棒施加一個水平拉力F，F隨時間變化的圖像如圖乙所示，金屬棒運動過程中與導軌接觸良好。在時刻金屬棒的速度達到最大值。已知重力加速度為g，假設最大靜摩擦力的大小等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）A．金屬棒的最大速度為B．在時間內摩擦力的沖量大小為C．在時間內金屬棒的位移大小為D．在時間內通過金屬棒的電荷量為二、多選題9．如圖所示，一光滑圓環固定在豎直平面內，A、C兩點為豎直直徑的兩個端點，B點與圓心O等高，一質量為m的小球套在圓環上。某時刻小球從靜止開始由圓環上的A點經B點自由下滑。已知重力加速度為g，則小球從A點下滑到C點的過程中（）A．先處于超重狀態后處于失重狀態B．對圓環的作用力的最大值為5mgC．對圓環的作用力最小時，小球所在處的半徑與OA的夾角滿足D．對圓環的作用力最小時，小球所在處的半徑與OA的夾角滿足10．如圖所示，半徑為R、質量為m的圓槽AB靜止在水平地面上，底端B點的切線水平。一質量為3m的小球甲靜止在圓槽右側的水平地面上，其左側連有一輕質彈簧，彈簧左端到圓槽底端B點的距離為R。現將質量為m的小球乙（可視為質點）從圓槽頂端的A點由靜止釋放。已知重力加速度為g，不計一切摩擦，則下列說法正確的是（）A．在球乙下滑過程中，圓槽與球乙組成的系統動量不守恒B．球乙剛與彈簧接觸時，與圓槽底端B點相距3RC．彈簧彈性勢能的最大值為D．球甲最終的速度大小為三、實驗題11．某實驗小組用如圖甲所示裝置驗證牛頓第二定律。細繩通過定滑輪連接兩個小桶A和B，在A桶中放有若干個質量相同的鉤碼，在B桶中盛有一定量的細沙，打點計時器固定在鐵架臺上，所用交流電的頻率為50Hz，已知重力加速度為g。按下列步驟進行實驗：①給B桶一豎直向下的速度，通過不斷調整B中細沙的質量，直到打出的紙帶點跡均勻，此時兩桶及所有鉤碼和桶內沙子的總質量為②從A桶中取一個鉤碼放入B桶，釋放B桶，打點計時器打出一條紙帶；③重復步驟②的操作，得到多條紙帶。(1)某次實驗獲得如圖乙所示的紙帶，相鄰計數點間均有4個點未畫出，則桶的加速度大小為，打下第6個計數點時桶的速度大小為。結果均保留三位有效數字(2)實驗小組測得多組數據，以加速度a為縱坐標，B桶中鉤碼的質量m為橫坐標，得到如圖丙所示的圖像，圖像的斜率為k。若牛頓第二定律成立，則用k、g表示。12．實驗室有一多用電表長時間未使用，某實驗小組對該多用電表的功能進行檢測：①調節指針定位螺絲，使多用電表的指針指在左端的零刻度線上；②將選擇開關分別旋轉至直流100mA擋和直流10V擋，并使用標準電流表和電壓表對這兩個擋位進行校對，發現能正常使用；③為測試歐姆擋是否能正常使用，實驗小組使用電阻箱對歐姆擋進行檢測。將多用電表的選擇開關調到歐姆擋擋位，將紅黑表筆短接，調節歐姆調零旋鈕，使指針指向處。該實驗小組繼續進行以下探究：(1)將開關、電阻箱、毫安表內阻為串聯后接到多用電表的紅黑表筆兩端，如圖甲所示。則與毫安表的負接線柱連接的是選擇“紅”或“黑”表筆。(2)調節電阻箱阻值為后，閉合開關，此時多用電表指針如圖乙所示，則歐姆表讀數為，歐姆表擋位的內阻為。(3)在步驟（2）中，毫安表的指針如圖丙所示，其讀數為mA，則多用電表歐姆擋內部電源的電動勢為V。四、解答題13．一個士兵坐在皮劃艇上，他連同裝備和皮劃艇的總質量為，這個士兵用自動步槍在10s時間內沿水平方向連續射出了100發子彈，每顆子彈質量。若子彈離開槍口時相對地面的速度都是，射擊前皮劃艇是靜止的，不計水的阻力，求：(1)連續射擊后皮劃艇的速度；(2)連續射擊時槍所受到的平均反沖作用力。14．如圖所示，一帶正電小球可視為質點塞在一個豎直絕緣的透明圓管中，讓圓管從距地面高為處由靜止開始下落，圓管與地面第一次碰撞后，立即在空間加上方向豎直向上、大小的勻強電場，一段時間后圓管與地面發生第二次碰撞。圓管在運動過程中始終保持豎直，小球未從管中掉出。已知圓管與地面碰撞前后速度大小不變，碰撞時間極短，圓管的質量，小球的質量，小球所帶的電荷量，小球與圓管之間的滑動摩擦力大小為，重力加速度g取，不計空氣阻力。(1)求圓管第一次與地面碰撞時的速度大小(2)求圓管第二次與地面碰撞時的速度大小(3)要使小球在第二次與地面碰撞前不從管中掉出，求管的最小長度L。15．如圖甲所示的坐標系中區域有沿y軸負方向的勻強電場，區域有垂直紙面的勻強磁場，磁感應強度的大小和方向隨時間變化的關系如圖乙所示，取垂直紙面向里為磁感應強度的正方向，圖中。一足夠大的熒光屏垂直于x軸放置并可沿x軸水平移動。現有一質量，電量的帶電粒子從電場中的P點沿平行x軸方向以初速度射入電場，然后從坐標原點O進入磁場。已知P點到x軸的距離為，粒子經過O點時的速度方向與x軸的夾角為，以粒子進入磁場時為時刻，不計粒子的重力，求：(1)勻強電場的場強大小E(2)粒子在磁場中運動時到x軸的最遠距離(3)若要使帶電粒子垂直打在熒光屏上，熒光屏在x軸上可能位置的坐標。答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁《安徽省滁州市2024-2025學年高三下學期2月第一次質量監測物理試卷》參考答案題號12345678910答案ACBBDDDCBCABD1．A【詳解】由可得則公式中的物理量J的單位為：故選A。2．C【詳解】AB．根據電場線的特點，從正電荷出發到負電荷終止可以判斷，A、B是兩個等量同種正電荷，M、N兩點的電場強度均不為零，故AB錯誤；C．根據對稱性可知，M、N兩點處的電勢相等，故C正確；D．同一試探電荷在M、N兩點處場強大小相等方向相反，所受電場力大小相等，方向一定相反，故D錯誤。故選C。3．B【詳解】A．設地球的質量為M，人造衛星做勻速圓周運動的半徑為r，根據萬有引力提供向心力有解得由于MEO衛星運行的軌道半徑大于空間站運行的軌道半徑，所以MEO衛星運行的線速度小于空間站運行的線速度，A錯誤；B．由牛頓第二定律可得解得地球同步衛星的高度約為36000km大于MEO衛星的高度，所以MEO衛星運行的角速度大于地球自轉的角速度，B正確；C．第一宇宙速度，MEO衛星的軌道半徑大于地球半徑，根據可知MEO衛星運行的線速度小于地球的第一宇宙速度，C錯誤；D．空間站中的宇航員處于失重狀態，仍然受地球的引力，D錯誤。故選B。4．B【詳解】由題意可知，小物塊從靜止開始做勻加速直線運動，設物塊經過A點時的速度為，由物塊由A到B過程有：代入相關數據可得：故物塊到達B點時的速度設物塊經過C點時的速度為，由物塊由C到D過程有：代入相關數據可得：故物塊由B到C的時間故選B。5．D【詳解】導體棒在金屬圓環上運動時，設導體棒與圓心連線與豎直方向夾角為，則導體棒切割磁感線產生的電動勢為峰值為，其中，，有效值為交流電壓表的示數顯示的是有效值，為故選D。6．D【詳解】設球臺長為2L，球網高度為H，乒乓球初速度為；乒乓球整個運動過程中兩次達到最高點，對于第一次落到臺面上，為第一次平拋運動，將從臺面上反彈后又落回臺面這一過程視為在最高點分別向左和右平拋的過程，所以乒乓球的運動過程拆分成了三次平拋運動，由于拋出的高度相同，所以從拋出到落回臺面的時間都滿足在水平方向上每一次平拋運動都滿足：由于乒乓球反彈后速度大小不變，所以三次平拋運動的水平速度大小一樣，所以水平位移相等，均為，球網位于臺面中間位置，所以第一次反彈到球網處的水平距離為；若將乒乓球反彈到最高點逆過程看作平拋運動，則從最高點到下落到高球網處的距離為令時間為t，則，聯立解得又，則解得故選D。7．D【詳解】AC．由于繩子的拉力與重力大小相等，由平衡條件可知，輕桿的支持力N與T、G的合力大小相等、方向相反，則輕桿必在T、G的角平分線上，當將A點沿墻稍上移一些，系統又處于靜止狀態時，根據幾何關系，輕桿與豎直墻壁間的夾角增大；以滑輪C為研究對象，分析受力情況，系統處于靜止狀態時，滑輪所受合力為零，則繩子的拉力T和輕桿的支持力N的合力與重力G大小相等、方向相反，作出力的合成圖如圖所示而輕桿的支持力N大小等于T、G的合力大小，T與G的夾角增大，則知N減小，輕桿BC會繞著B點順時針轉動，故AC錯誤；BD．將A點沿著墻壁豎直向下緩慢移動時，為了使滑輪處于平衡狀態，輕桿會繞著B點逆時針轉動，兩段繩子的夾角減小，T、G的合力大小增大，桿對滑輪的作用力大小增大，故B錯誤，D正確。故選D。8．C【詳解】A．對金屬棒，達到最大速度時有：又因為，，故最大速度選項A錯誤；B．由圖像可知，時刻，，故時間內，物體受到靜摩擦力作用，大小等于F，故在時間內摩擦力的沖量大小選項B錯誤；CD．在時間內，對導體棒，根據動量定理有：其中外力F的沖量為摩擦力的沖量為安培力的沖量為q為流過金屬棒的電荷量，x為金屬棒的位移，解得，故C正確，D錯誤；故選C。9．BC【詳解】A．小球從A點靜止開始下滑，在A到B過程中，加速度方向有向下的分量，小球處于失重狀態，到達C點前一段時間，加速度豎直分量向上，小球超重狀態，A錯誤；B．小球下滑到C點時，速度最大，對圓環的作用力的最大，設圓環半徑為R，根據機械能守恒定律由牛頓第二定律可得聯立解得根據牛頓第三定律，小球對圓環的作用力與圓環對小球的支持力大小相等，所以小球對圓環的作用力最大值為5mg，B正確；CD．設小球所在處半徑與OA的夾角為，根據機械能守恒定律根據牛頓第二定律聯立解得當時，此時，所以小球對圓環的作用力最小時，小球所在處的半徑與的夾角滿足，C正確，D錯誤。故選BC。10．ABD【詳解】A．小球乙在圓槽上運動時，系統在豎直方向上動量不守恒，故A正確；B．小球乙從圓槽的A點到B點的過程中，設小球乙滑到B點的速度為，取水平向右為正，小球乙與圓槽在水平方向動量守恒：機械能守恒：則設小球乙到B點的過程時水平向右移動的距離為，圓槽向左運動的距離為，兩物體水平方向的相對位移為R，因此：，可得，此時圓槽的B點與彈簧之間新的距離小球乙從B點向右以勻速運動，圓槽向左以勻速運動，小球乙到達彈簧時與圓槽底端B的距離故B正確；C．小球乙與小球甲共速時，彈簧彈性勢能有最大值；從小球乙與彈簧接觸到兩球共速：動量守恒機械能守恒可得：故C錯誤；D．從小球乙與彈簧接觸到兩球分開，動量守恒機械能守恒解得、故D正確。故選ABD。11．(1)0.805(2)【詳解】（1）圖中紙帶上相鄰點的時間間隔為根據打點計時器測加速度的原理可得：打下第6個點的速度（2）結合題意可知，設兩桶及所有鉤碼和桶內沙子一直運動的加速度為a，則有解得由于以加速度a為縱坐標，B桶中鉤碼的質量m為橫坐標，得到如圖丙所示的圖像，圖像的斜率為k，故12．(1)紅(2)10099(3)508.25【詳解】（1）紅表筆與歐姆表內電源負極相連，根據“紅進黑出”可知，需要將毫安表負接線柱與紅表筆相連。（2）[1]多用電表的選擇開關調到歐姆擋擋位，由圖乙可知：歐姆表讀數為[2]此時由圖乙從萬用表直流電流擋來看，指針指在處，根據閉合電路歐姆定律可得，兩式聯立可得歐姆表擋位的內阻為（3）[1]毫安表的量程為100mA，分度值為2mA，由圖丙可知其讀數為50mA；[2]根據閉合電路歐姆定律可得13．(1)，皮劃艇的速度方向與子彈速度方向相反(2)，負號表示方向與子彈速度方向相反【詳解】（1）以皮劃艇、士兵和裝備系統為研究對象，以子彈的速度方向為正方向，由動量守恒定律得代入數據解得：，負號表示：皮劃艇的速度方向與子彈速度方向相反（2）對皮劃艇（包括槍與剩余子彈），由動量定理得代入數據解得：，負號表示方向與子彈速度方向相反。14．(1)(2)(3