1、2021年安徽省蚌埠市涂山中學高三物理模擬試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （多選題）如圖所示，小車在光滑水平面上向左勻速運動，輕質彈簧左端固定在A點，物體與固定在A點的細線相連，物體壓縮彈簧（物體與彈簧未連接），某時刻細線斷開，物體沿車滑動到B端并粘在B端的油泥上，取小車、物體和彈簧為一個系統，下列說法正確的是A. 若物體滑動中不受摩擦力，則全過程系統機械能守恒B. 若物體滑動中有摩擦力，全過程系統動量守恒C. 不論物體滑動中有沒有摩擦，小車的最終速度與斷線前相同D. 不論物體滑動中有沒有摩擦，系統損失的機械能相同參考答案：BCD考點

2、：動量守恒、能量轉化與守恒定律【名師點睛】本題根據動量守恒和機械能守恒的條件進行判斷：動量守恒的條件是系統不受外力或受到的外力的合力為零。機械能守恒的條件是除重力和彈力外的其余力不做功。物體C與橡皮泥粘合的過程，系統機械能有損失；分析系統的合外力，即可判斷動量是否守恒；根據動量守恒定律求解小車的速度，根據動量守恒定律與功能關系判斷系統的機械能的變化。2. 如圖所示，長直導線與矩形導線框固定在同一平面內，直導線中通有圖示方向電流當電流逐漸減弱時，下列說法正確的是；A穿過線框的磁通量不變B線框中產生順時針方向的感應電流C線框中產生逆時針方向的感應電流D線框所受安培力的合力向左參考答案：BD3. 下

3、列關于電磁波的說法正確的是 A電磁波是一種縱波 B可見光是電磁波 C電磁波不能產生干涉和衍射現象 D電磁波必須依賴介質傳播參考答案：B4. 下面哪一組單位屬于國際單位制的基本單位A米、牛頓、千克B千克、焦耳、秒 C米、千克、秒 D米/秒2、千克、牛頓參考答案：C5. （2014秋?德城區校級月考）如圖所示，在拉力F的作用下，物體A沿水平面向右運動，在這一過程中，物體B勻速上升，設A對地面的壓力為N，A所受摩擦力為f，繩對A的拉力大小為T，在上述運動過程中，N、f、T的變化情況是（）AN、f、T均增大BN、f增大，T不變CN、f，T均減小DN增大，f減小，T不變參考答案：B解：據題B保持勻速上升

4、，A受到重力和拉力，由平衡條件得知，繩子的拉力大小T等于B的重力大小，保持不變根據定滑輪的特點可知，A受到輕繩的拉力大小也不變對A分析受力情況如圖，則豎直方向力平衡得：N+Tcos=GB，得 N=GBTcosB沿向右運動時，增大，cos減小，T不變，則N逐漸增大，而f=N，不變，則f也逐漸增大故B正確，A、C、D錯誤故選：B二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R有一顆衛星繞地球做勻速圓周運動，軌道離地面的高度是地球半徑的3倍則該衛星做圓周運動的向心加速度大小為；周期為參考答案：考點：萬有引力定律及其應用；人造衛星的加速度、周期和軌道的關系

5、版權所有專題：人造衛星問題分析：根據萬有引力提供圓周運動向心力由軌道半徑關系求解即可解答：解：由題意知衛星離地面的高度為3R，則衛星的軌道半徑為r=4R，所以在地球表面重力與萬有引力相等有：得GM=gR2衛星在軌道上做圓周運動，萬有引力提供圓周運動向心力=所以衛星的加速度：衛星的周期：T=故答案為：；點評：抓住地球表面重力與萬有引力相等和衛星做圓周運動萬有引力提供圓周運動向心力求解各量即可7. 如圖所示是勻強電場中的一組等勢面,若A、B、C、D相鄰兩點間的距離都是2cm,則電場的場強為_V/m,到A點距離為1.5cm的P點電勢為_V.參考答案： (1). ; (2). -2.5;根據電場線與等

6、勢線垂直，并且由高電勢指向低電勢，作出電場線的分布情況如圖所示場強的大小 P點到B點的距離為 x=0.5cm=0.005m，P點的電勢：p=-Exsin60=-0.005sin60V=-2.5V【點睛】解決本題關鍵要理解電場線與等勢線、場強與電勢差的關系、電勢與電勢能的關系等基本關系，注意公式U=Ed中d是兩點沿電場線方向的距離8. 如圖所示，在楊氏雙縫干涉實驗中，用波長為5.30107m的激光，屏上點距雙縫和的路程差為7.95107m。則在這里出現的應是_（填“明條紋”或“暗條紋”）。現改用波長為6.30107m的激光進行上述實驗，保持其他條件不變，則屏上的條紋間距將_（填“變寬”、“變窄”

7、或“不變”）。參考答案：暗條紋（2分）；變寬（2分）9. 有一水平方向的勻強電場，場強大小為9103N/C，在電場內作一半徑為10cm的圓，圓周上取A、B兩點，如圖所示，連線AO沿E方向，BOAO，另在圓心O處放一電量為108C的正點電荷，則A處的場強大小為0 N/C；B處的場強大小為1.27104 N/C參考答案：考點：電場強度專題：電場力與電勢的性質專題分析：根據公式E=k求出點電荷在A、B兩點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A、B兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解AB兩點處的場強大小解答：解：點電荷在A點處產生的場強大小為E=k=9109N/C=9103

8、N/C，方向從OA；而勻強電場方向向右，大小9103N/C，疊加后，合電場強度為零同理，點電荷在B點處產生的場強大小也為E=k=9109N/C=9103N/C，方向從OB；根據平行四邊形定則得，則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為： EA=E點E勻=9103N/C9103N/C=0； 同理，B點的場強大小為： EB=E=1.27104N/C與水平方向成45角斜向右下方；故答案為：0，1.27104，點評：本題電場的疊加問題，一要掌握點電荷的場強公式E=k；二要能根據據平行四邊形定則進行合成10. 如圖甲所示是某時刻一列機械波的圖象，圖乙是坐標原點O處質點從此時刻開始的

9、振動圖象由此可知，K、L、M三個質點，_質點最先回到平衡位置；該機械波的波速為v_.參考答案：M1 m/s11. 如圖所示，某種自動洗衣機進水時，洗衣機缸內水位升高，與洗衣缸相連的細管中會封閉一定質量的空氣，通過壓力傳感器感知管中的空氣壓力，從而控制進水量將細管中密閉的空氣視為理想氣體，當洗衣缸內水位緩慢升高時，外界對空氣做了0.5 J的功，則空氣_(填“吸收”或“放出”)了_的熱量參考答案：放出0.512. 1919年盧瑟福通過如圖所示的實驗裝置，第一次完成了原子核的人工轉變，并由此發現_。圖中A為放射源發出的射線，銀箔的作用是吸收_。參考答案：質子， 粒子 13. 有一半徑為r1，電阻為R

10、，密度為的均勻圓環落入磁感應強度B的徑向磁場中，圓環截面的半徑為r2（r2?r1）。如圖所示，當圓環在加速下落到某一時刻時的速度為v，則此時圓環的加速度a_，如果徑向磁場足夠長，則圓環的最大速度vmag，vm2012學年普陀模擬25_。參考答案：ag，vm三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 如圖所示，在滑雪運動中一滑雪運動員，從傾角為37的斜坡頂端平臺上以某一水平初速度垂直于平臺邊飛出平臺，從飛出到落至斜坡上的時間為1.5s，斜坡足夠長，不計空氣阻力，若g取10m/s2，已知sin37=0.6，cos37=0.8求：(1)運動員在斜坡上的落點到斜坡頂點(即飛出點)間的距

11、離；(2)運動員從斜坡頂端水平飛出時的初速度v0大小.參考答案：18.75m 試題分析：（1）根據位移時間公式求出下落的高度，結合平行四邊形定則求出落點和斜坡頂點間的距離。（2）根據水平位移和時間求出初速度的大小。（1）平拋運動下落的高度為：則落點與斜坡頂點間的距離為：（2）平拋運動的初速度為：【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，結合運動學公式和數學公式進行求解，并且要知道斜面的傾角是與位移有關，還是與速度有關。15. 如圖所示，質量均為m=1kg的A、B兩物體通過勁度系數為k=100N/m的輕質彈簧拴接在一起，物體A處于靜止狀態。在A的正上方h高處有一質量為的

12、小球C，由靜止釋放，當C與A發生彈性碰撞后立刻取走小球C，h至少多大，碰后物體B有可能被拉離地面？參考答案：h0.45m設C與A碰前C的速度為v0，C與A碰后C的速度為v1，A的速度為v2，開始時彈簧的壓縮量為H。對C機械能守恒： C與A彈性碰撞：對C與A組成的系統動量守恒： 動能不變： 解得： 開始時彈簧的壓縮量為： 碰后物體B被拉離地面有彈簧伸長量為： 則A將上升2H，彈簧彈性勢能不變，機械能守恒： 聯立以上各式代入數據得： 四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，AB和CD是足夠長的平行光滑導軌，其間距為L，導軌平面與水平面的夾角為。整個裝置處在磁感應強度為B、方向垂直于導

13、軌平面且向上的勻強磁場中。AC端連有阻值為R的電阻。若將一質量為m、垂直于導軌的金屬棒EF在距BD端s處由靜止釋放，則棒滑至底端前會有加速和勻速兩個運動階段（金屬棒及導軌的電阻不計）。求：（1）金屬棒下滑速度為v時的加速度。（2）金屬棒下滑過程中的最大速度。（3）金屬棒下滑至BD端過程中，電阻R上產生的熱量。（4）若用大小為F、方向沿斜面向上的恒力把金屬棒EF從BD位置由靜止推至距BD端s處，此時撤去該力，金屬棒EF最后又回到BD端。金屬棒自BD端出發又回到BD端的整個過程中，有多少電能轉化成了內能?參考答案：解：（1）導體棒切割磁感線的電動勢及閉合電路歐姆定律：（2分）導體棒受到的安培力：（

14、1分）對金屬棒受力分析，由牛頓第二定律： （2分）聯立解得： （1分）（2）當時，速度最大 （1分）則最大速度： （1分）（3）金屬棒由EF滑到BD的過程，由能量守恒： （2分）金屬棒上產生的熱量： （1分）（4）金屬棒由BD出發，又回到BD的全過程，由能量守恒： (2分）金屬棒上產生的熱量： （1分）17. 如圖所示，在同一豎直平面內，一輕質彈簧一端固定，靜止斜靠在光滑斜面上，另一自由端恰好與水平線AB齊平，一長為L的輕質細線一端固定在O點，另一端系一質量為m的小球，O點到AB的距離為2L現將細線拉至水平，小球從位置C由靜止釋放，到達O點正下時，細線剛好被拉斷當小球運動到A點時恰好能沿斜面方

15、向壓縮彈簧，不計碰撞時的機械能損失，彈簧的最大壓縮量為L（在彈性限度內），重力加速度為g求：（1）細線所能承受的拉力F的范圍；（2）斜面的傾角；（3）彈簧所獲得的最大彈性勢能Ep參考答案：解：（1）小球由C運動到O點正下方時，設速度為v1，由動能定理得，解得，小球在O點正下方時，有，解得F=3mg所以F3mg（2）細線被拉斷后，小球做平拋運動，當運動到A點時，速度v2恰好沿斜面向下，由動能定理得，解得如圖所示，有，解得=45（3）由能量守恒定律得，解得答：（1）細線所能承受的拉力F的范圍為F3mg；（2）斜面的傾角為45；（3）彈簧所獲得的最大彈性勢能為18. 如圖所示，一帶電荷量為+q、質量為m的小物塊處于一傾角為37的光滑斜面上，當整個裝置被置于一水平向右的勻強電場中，小物塊恰好靜止重力加速度取g，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）水平向右電場的電場強度；（2）若將電場強度減小為原來的，物塊的加速度是多大；（3）電場強度變化后物塊下滑的距離L時的動能參考答案：解：（1）小物塊靜止在斜面上，受重力、電場力和斜面支持力，FNsin37=qEFNcos37=mg由1、可得電場強度（2）若電場強度減小為原來的，則變為mgsin37qEcos37=ma可得加速度a=0.3g（3）電場強度變化后物塊下滑距離L