1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、以下關于“質點”的認識和運用，正確的是（）A.體積很小的物體都可看成質點B.研

2、究地球自轉時，將地球當作質點C.評判跳水比賽的運動員動作時，將運動員當作質點D.研究從連云港開往南京的一列火車的運行時間，將列車當作質點2、如圖所示，小娟、小明兩人共提一桶水勻速前行。已知兩人手臂對桶的拉力大小相等且為F，兩人手臂間的夾角為，水和水桶總重量為G，則下列說法中錯誤的是()A.當0時，FGB.當120時，FGC.當90時，FGD.越大，F越大3、某同學為了研究超重和失重現象，將重為50N的物體帶上電梯，并將它放在電梯中水平放置的壓力傳感器上。若電梯由靜止開始運動，并測得重物對傳感器的壓力F隨時間t變化的圖像，如圖所示。設電梯在第1s末、第4s末和第8s末的速度大小分別為v1、v4和

3、v8，以下判斷中正確的是（ ）A.電梯在下降，且v4v1v8B.重物在第2s內和第8s內加速度相同C.重物在第2s內的平均速率等于在第8s內的平均速率D.第8s內重物對傳感器的壓力大于傳感器對重物的支持力4、如圖所示，質量m=4 kg的木塊放在水平地面上，在F=18 N的水平恒力作用下運動，加速度大小a=2m/s2重力加速度g取10 m/s2，則該木塊與水平地面間的動摩擦因數為A.0.2B.0.25C.0.35D.0.455、在下列與運動學相關的表述中，正確的是（）A.研究芭蕾表演的舞姿時，可把演員看作質點B.時間有方向，所以時間是矢量C.在單向直線運動中位移的大小等于路程D.平均速率就是平均

4、速度的大小6、小船在靜水中速度為v，今小船要渡過一條河流，渡河時小船船頭始終垂直對岸劃行若小船劃行至河中間時，河水流速忽然增大與河水流速不變的情況下作對比，下列說法正確的是（）A.小船渡河時間比水流流速不變時所用時間更長B.因船頭始終垂直于河岸，故渡河時間與位移都不會變化C.因船速與水速關系未知，故無法確定渡河時間與位移的變化D.小船到達對岸所用時間不變，但位移將變大7、如圖所示，一根輕繩一端固定于豎直墻上的A點，另一端繞過輕質動滑輪懸掛一質量為m的重物，其中繩子的PA段處于水平狀態；另一根輕繩一端與輕質動滑輪相連，另一端繞過輕質定滑輪后，在細繩的端點O處施加水平向左的拉力，使整個系統處于平衡

5、狀態，不計一切摩擦。下列說法正確的是（）A.O處所施加水平向左的拉力大小等于mgB.O處所施加水平向左的拉力大小等于mgC.QP段繩子與水平方向的夾角為45D.QP段繩子與水平方向的夾角為608、在如圖所示的位移（x）-時間（t）圖象和速度（v）-時間（t）圖象中，給出的四條圖線甲、乙、丙、丁分別代表四輛車由同一地點向同一方向運動的情況，則下列說法正確的是（）A.t1時刻，乙車追上甲車B.0t1時間內，甲、乙兩車平均速度相等C.丙、丁兩車在t2時刻相遇D.0t2時間內，丙、丁兩車的平均速度相等9、關于速度、速度變化量和加速度的關系，下列說法中正確的是（）A.速度變化量越大，加速度就一定越大B.

6、加速度的方向與速度變化量的方向相同C.加速度增大，速度一定增大D.速度與加速度方向相同，即使加速度的大小在減小，速度也會增大10、關于物體的重心，以下說法中正確的是()A.質量均勻分布的、有規則形狀的物體的重心在其幾何中心B.用線懸掛的物體靜止時，細線方向一定通過重心C.一磚塊平放、側放或立放時，其重心在磚內的位置不變D.舞蹈演員在做各種優美動作時，其重心的位置不變11、以20 m/s的初速度豎直向上拋出一個物體，至速度大小變為10 m/s時經歷的時間可能是（ ）A.1秒B.2秒C.3秒D.4秒12、如圖所示，質量均為m的木塊A和B用一輕彈簧相連，豎直放在光滑的水平面上，木塊A上放有質量為2m

7、的木塊C，三者均處于靜止狀態。現將木塊C迅速移開，若重力加速度為g，則在木塊C移開的瞬間A.彈簧的形變量不改變B.彈簧的彈力大小為mgC.木塊A的加速度大小為0D.木塊B對水平面的壓力為4mg二填空題(每小題6分，共18分)13、在“驗證牛頓第二定律”的實驗中，采用如圖所示的實驗裝置，小車及車中砝碼的質量用M表示，盤及盤中砝碼的質量用m表示，小車拖動后面的紙帶，小車的加速度可由紙帶上打出的點計算出。（1）當M與m的大小關系滿足_時，才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼的重力。（2）某一組同學在做加速度與質量的關系實驗時，保持盤及盤中砝碼的質量一定，改變小車及車中砝碼的質量，測出相應的加

8、速度，采用圖像法處理數據。為了比較容易地檢查出加速度a與質量M的關系，應該做a與_的圖像。（3）如圖（a）是甲同學根據測量數據做出的aF圖線，說明實驗存在的問題是_。14、如圖1是“探究物體的加速度與質量和受力的關系”的實驗裝置，圖中砂和桶的總質量為m，小車的質量為M（1）實驗過程中，下列措施正確的是_A首先要平衡摩擦力，使小車受到的合力等于細繩對小車的拉力B平衡摩擦力的方法就是在砂桶中添加砂子，使小車能勻速滑動C每次改變拉小車的拉力后都需要重新平衡摩擦力D通過在砂桶中添加砂子來改變小車受到的拉力（2）處理數據時，常把砂桶的總重力當作細繩對小車的拉力，為盡量減小實驗誤差，這樣處理應滿足的條件是

9、_（3）如圖2所示為小車在木板上帶動紙帶運動打出的一條紙帶的一部分，0、1、2、3、4、5、6為計數點，相鄰兩計數點間還有4個打點未畫出從紙帶上測出x1=3.20cm，x2=4.52cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm則木塊的加速度大小a = _m/s2（保留兩位有效數字）（4）在“探究加速度a與力F的關系”時，艷艷同學根據實驗數據作出了加速度a與力F圖線如圖3所示，該圖線不通過坐標原點的原因是_15、某同學設計了一個探究加速度a與物體所受合力F及質量m的關系的實驗，如圖所示，圖甲為實驗裝置簡圖(交流電的頻率為50 Hz)。(1)圖乙為某次實驗得到的紙帶，根據紙帶可求出小車的加速度大小

10、為_m/s2(保留2位有效數字)。(2)保持沙和沙桶質量不變，改變小車質量m，分別得到小車加速度a與質量m及對應的數據如下表：請畫出a圖線_，并依據圖線求出小車加速度a與質量倒數之間的關系式是_。(3)保持小車質量不變，改變沙和沙桶質量，該同學根據實驗數據作出了加速度a隨合力F變化的圖線，如圖所示。該圖線不通過原點，請你分析其主要原因是_。三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，質量的長方形木板B靜止在光滑的水平面上，在木板B的左端放置一質量為m=4.0kg物塊A（可視為質點），現給物塊A以向右的水平初速度，使物塊A和長木板B開始運動，最終物塊A恰好沒有脫離長木板B，已知物塊A與長木板B之

11、間動摩擦因數，重力加速度g取10m/s2，試解答下列問題：（1）求從物塊A和長木板開始運動，到最終物塊A恰好沒有脫離長木板B的時間；（2）求長木板B的長度L；（3）在其它條件不變時，若給物塊A的初速度v0=2m/s，同時施加長木板B水平向右的恒力F作用，仍要使物塊A最終不脫離長木板B，試求恒力F應滿足的條件。17、（10分）如圖所示，水平軌道BC的左端與固定的光滑豎直圓軌道相切于B點，右端與一傾角為的光滑斜面軌道在C點平滑連接（即物體經過C點時速度的大小不變），斜面頂端固定一輕質彈簧，一質量為2kg的滑塊從圓弧軌道的頂端A由靜止釋放，經水平軌道后滑上斜面并壓縮彈簧，第一次可將彈簧壓縮至D點，已

12、知光滑圓軌道的半徑，水平軌道BC長為04m，其動摩擦因數，光滑斜面軌道上CD長為06m，g取，求： (1)滑塊第一次經過圓軌道上B點時對軌道的壓力大小；(2)整個過程中彈簧具有的最大彈性勢能；(3)滑塊在水平軌道BC上運動的總時間及滑塊幾次經過B點。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質點，根據把物體看成質點的條件來判斷即可【詳解】A.當物體的形狀、大小對所研究的問

13、題沒有影響時，我們就可以把它看成質點，與體積、質量大小無關，故A錯誤；B.研究地球自轉時，自身的大小對研究問題有影響，所以不能當作質點，故B錯誤；C.評判跳水比賽的運動員動作時，不可以忽略運動員自身大小，不可將物體看成質點，故C錯誤；D.研究從連云港開往南京的一列火車的運行時間，火車的長度對研究的時間沒有影響，可以把它看成質點，故D正確故選D.2、A【解析】考查力的合成。詳解】A當0時，受力分析有：解得，A錯誤；B當120時，受力分析有：解得，B正確；C當90時，受力分析有：解得，C正確；D受力分析可得：解得，則越大，F越大，D正確；本題選不正確的。故選A。3、C【解析】AB根據牛頓第二定律分

14、析可知，電梯的運動情況是：02s內加速度的方向向下，電梯向下做勻加速運動，在27s內做勻速直線運動，79s內做勻減速運動；選取向下為正方向，由牛頓第二定律可知，02s內：79s內：負號表示方向向上。所以重物在02s內和79s內電梯的加速度大小相等，方向相反；電梯在第1s末的速度：v1a1t10.61m/s0.6m/s第4s末的速度等于2s末的速度：v4v7v2a1t20.62m/s1.2m/s第8s末速度：v8v7+a2t31.2m/s+(-0.6)1m/s0.6m/s說明電梯在第1s末和第8s末速度相同，小于第4s末的速度，故AB錯誤；C電梯在第7s末的速度與第2s末的速度相等：v7v2a1

15、t20.62m/s1.2m/s所以第2s內的平均速率：同理，第8s內的平均速率：所以重物在第2s內的平均速率等于在第8s內的平均速率，故C正確；D物對傳感器的壓力與傳感器對重物的支持力是一對作用力與反作用力，大小是相等的，故D錯誤。故選C。4、B【解析】對物體受力分析，根據豎直方向上平衡求出支持力的大小，結合牛頓第二定律得出物體所受的摩擦力大小以及動摩擦因數.【詳解】物體豎直方向受力平衡，則物體所受支持力的大小為：；水平方向由牛頓第二定律可得，代入數據解得：；故選B.【點睛】解決本題時要知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁，通過加速度，可以根據力求運動，也可以根據運動求力；要正確分析物體的受力情

16、況，來確定合力的大小.5、C【解析】A研究芭蕾舞演員的精彩舞姿時，要看演員的姿態，不能看作質點，故A錯誤；B時間沒有方向，所以時間是標量，故B錯誤；C在單向直線運動的過程中，位移的大小與路程相等，故C正確；D平均速度等于位移與時間的比值，平均速率等于路程與時間的比值，而位移大小與路程不同，故平均速率與平均速度不同，故D錯誤；故選C。6、D【解析】小船實際參與了兩個分運動，沿著船頭指向的勻速直線運動和順著水流方向的勻速直線運動，由于分運動與合運動同時進行，互不干擾，故渡河時間由沿船頭方向的分運動決定，與水流速度無關，船航行至河中心時，水流速度突然增大，只會對軌跡有影響，會使位移將變大【詳解】A、

17、小船實際參與了兩個分運動，沿著船頭指向始終垂直河岸的勻速直線運動和順著水流方向的勻速直線運動，由于分運動與合運動同時進行，互不干擾，故渡河時間由垂直河岸沿船頭方向的分運動和河的寬度決定，與水流速度無關，故A、C錯誤B、因船頭始終垂直于河岸，由于分運動互不干擾，故渡河時間與水流速度無關；當船航行至河中心時，水流速度突然增大，合速度變大而且方向會偏向下游方向，會對小船運動軌跡有影響，使船偏離對岸更遠，渡河的位移會變大，故B錯誤，D正確故選D7、BC【解析】由題意知PA、PB是一根繩子，并且PA段水平，而PB段豎直，所以APB=90，故AP、BP段繩子受的力大小始終等于重物的重力，兩段繩子拉力的合力

18、在APB的角平分線上，即合力與水平方向的夾角為45，根據幾何關系可知兩段繩子拉力的合力為又由于整個系統處于平衡狀態，QP段繩子的拉力與AP、BP段繩子拉力的合力等大反向，即QP段繩子與水平方向的夾角為45，大小為；在細繩的端點O處施加水平向左的拉力與QP段繩子的拉力大小相等，故O處所施加水平向左的拉力大小等于mg，故BC正確，AD錯誤。故選BC。8、AB【解析】A、在t1時刻甲乙位移相同，故兩車相遇，由于相遇前乙車在后，故是乙車追上甲車，故A正確；B、在t1時刻兩車的位移相等，時間相等，所以平均速度相等，故B正確；C、丙、丁兩車在t2時刻速度相等，為相遇前距離最遠的時刻，沒有相遇，故C錯誤；D

19、、0t2時間內丙、丁兩車的位移不相等，丁的位移大于丙的位移，故丁的平均速度大于丙的，故D錯誤；9、BD【解析】A速度變化量大，即v大，由加速度公式，時間不確定，則加速度不一定大，故A錯誤；B根據加速度的定義可知，加速度的方向與速度變化量的方向相同，故B正確；C物體加速度變大，但如果加速度和速度方向相反，則速度在減小，故C錯誤；D速度與加速度方向相同，即使加速度的大小在減小，速度也會增大，故D正確。故選BD10、ABC【解析】AD質量均勻分布的、有規則形狀的物體的重心在其幾何中心，形狀與質量分布改變，重心位置就會發生改變，故A正確，D錯誤；B用線懸掛的物體靜止時，細線的拉力與物體的重力等大反向，

20、即細線方向一定通過重心，選項B正確；C一磚塊平放、側放或立放時，其重心在磚內的位置不變，選項C正確；故選ABC。11、AC【解析】取向上為正方向，如果末速度方向向上，則末速度為10m/s解得如果末速度方向向下，則末速度為-10m/s解得A.1秒與分析相符，故A正確B.2秒與分析不符，故B錯誤C.3秒與分析相符，故C正確D.4秒與分析不符，故D錯誤12、AD【解析】A木塊C移開的瞬間，彈簧還來不及收縮，彈簧的形變量不改變，故A符合題意；B在木塊C還沒有移開之前，把AC看成一個整體，有F彈=mg+2mg=3mg，木塊C移開的瞬間，彈簧還來不及收縮，彈力仍然為3mg，故B不符合題意；C木塊C移開的瞬

21、間，F彈=3mg，對物塊A，有F彈-mg=maA，解得：aA=2g，故C不符合題意；D木塊C移開的瞬間，F彈=3mg，對于物塊B，有FN=F彈+mg=4mg，根據牛頓第三定律，FN=FN=4mg，即木塊B對水平面的壓力為4mg，故D符合題意。故選AD。二填空題(每小題6分，共18分)13、 . . .平衡摩擦力時傾角過大【解析】（1）1平衡摩擦力后，對盤及盤中砝碼，應用牛頓第二定律：對小車及車中砝碼，應用牛頓第二定律：兩式相比解得：，滿足時，可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼的重力；（2）2根據牛頓第二定律：變形后得到：所以保持盤及盤中砝碼的質量一定，改變小車及車中砝碼的質量，測出相應

22、的加速度，采用圖像法處理數據，應采用圖像；（3）3未施加外力時M已有加速度，說明平衡摩擦力時傾角過大，重力的分力大于滑動摩擦力，所以在外力為零時，M已經開始加速下滑。14、 .（1）AD .（2）mM .（3）1.3m/s2 .（4）平衡摩擦過度（或木板傾角過大）【解析】（1）根據實驗原理判斷各個選項；（2）把砂桶的總重力當作細繩對小車的拉力必須滿足mM；（3）根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小；（4）圖線不通過坐標原點，當F為零時，加速度不為零，知平衡摩擦力過頭【詳解】（1）實驗時首先要平衡摩擦力，使小車受到的合力等于細繩對小車的拉力，選項A正確；平衡摩擦力的方法就是

23、抬高木板的一端，不掛砂桶，使小車拖著紙帶在木板上能勻速滑動，選項B錯誤；每次改變拉小車的拉力后不需要重新平衡摩擦力，選項C錯誤；通過在砂桶中添加砂子來改變小車受到的拉力，選項D正確；故選AD.（2）處理數據時，常把砂桶的總重力當作細繩對小車的拉力，為盡量減小實驗誤差，這樣處理應滿足的條件是砂桶的總質量應該遠小于小車的質量，即mM；（3）由于相鄰兩計數點間還有4個點未畫出，所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.1s根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2得（x5+x6）-（x1+x2）=2a（2T）2解得：a=1.3m/s2（4）從圖象可以看出當F=0時，加速度不為零，可知小車無拉力時就有加速度，可知是因為平衡摩擦力過度，即木板的傾角過大造成的【點睛】掌握實驗原理是正確解決實驗題15、 .3.2 m/s2 .見解析 .a .實驗前沒有平衡摩擦力或者未完全平衡摩擦力【解析】（1）1用逐差法計算加