1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩個放在絕緣架上的相同金屬球，相距r，球的半徑比r小得多，帶電量大小分別為q和3q，相互斥力為F現將這兩個金屬球相接觸，然后分開，仍放回原處，則它們之間的相互作用力將變為（）AFBC4FD2、如圖所示，電阻R1、R2、R3的阻值相等，電池

2、的內阻不計，開關S閉合前流過R2的電流為I，求S閉合后流過R2的電流大小（ ）A1/2IB1/3IC2/3ID3/2I3、如圖所示，電路中定值電阻R的阻值大于電源內阻r的阻值，開關S閉合，將滑動變阻器滑片向下滑動，過想電壓表V1、V2、V3的示數變化量的絕對值分別為U1、U2、U3，理想電流表示數變化量的絕對值為I，下列說法正確的是A理想電壓表V2的示數增大BU3U1U2C電源的輸出功率減小DU3與I的比值減小4、如圖甲所示，兩個平行金屬板P、Q豎直放置，兩板間加上如圖乙所示的電壓，t0時，Q板比P板電勢高5 V，此時在兩板的正中央M點有一個電子，速度為零，電子在電場力作用下運動，使得電子的位

3、置和速度隨時間變化假設電子始終未與兩板相碰在0t81010s的時間內，這個電子處于M點的右側，速度方向向左且大小逐漸減小的時間是( )A0t21010sB21010st41010sC41010st61010sD61010st81010s5、下列哪項科技的應用與電磁感應原理相關（ ）A速度選擇器B位移傳感器C回旋加速器D電視顯像管6、在電磁感應現象中，下列說法正確的是（）A閉合線圈在勻強磁場中做切割磁感線運動，一定產生感應電流B線圈不閉合時，若穿過線圈的磁通量發生變化，線圈中沒有感應電流，但有感應電動勢C感應電流的磁場總是與原磁場的方向相反D法拉第通過實驗研究，總結出電磁感應現象中感應電流方向的

4、規律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用兩節干電池點亮幾只小燈泡，當逐一閉合開關，接入燈泡增多時，以下說法正確的是：( )A燈少時各燈較亮，燈多時各燈較暗B燈多時各燈兩端的電壓較低C燈多時通過電池的電流較大D燈多時通過各燈的電流較大8、下表列出了某品牌電動自行車及所用電動機的主要技術參數，不計其自身機械損耗若該車在額定狀態下以最大運行速度行駛，則()A電動機的內阻為4B電動機的輸入功率為576WC該車受到的阻力為63 ND該車獲得的牽引力為104 N9、如

5、圖甲的電路中，L1、L2和L3為三個完全相同的小燈泡，他們的伏安特性曲線如圖乙所示.當開關S閉合后，電路中的總電流為0.2A，則此時（ ）A通過L1的電流為L2電流的2倍BL1消耗的電功率為0.3WC此時L1、L2和L3的電阻均為7.5DL1消耗的電功率為L2電功率的4倍10、如圖所示，兩個固定的等量正點電荷相距為4L，其連線中點為O，以O為圓心、L為半徑的圓與兩正點電荷間的連線及連線的中垂線分別交于a、b和c、d，以O為坐標原點、垂直ab向上為正方向建立Oy軸取無窮遠處電勢為零，則下列判斷正確的是()Aa、b兩點的場強相同BOy軸上沿正方向電勢隨坐標y的變大而減小C將一試探電荷q自a點由靜止

6、釋放，若不計電荷重力，試探電荷將在a、b間往復運動DOy軸上沿正方向電場強度的大小隨坐標y的變大而增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，是探究向心力的大小F與質量m、角速度和半徑r之間的關系的實驗裝置轉動手柄，可使塔輪、長槽和短槽隨之勻速轉動塔輪至上而下有三層，每層左右半徑比分別是1：1、2：1和3：1左右塔輪通過皮帶連接，并可通過改變皮帶所處的層來改變左右塔輪的角速度之比實驗時，將兩個小球分別放在短槽C處和長槽的A（或B）處，A、C到塔輪中心的距離相等兩個小球隨塔輪做勻速圓周運動，向心力大小可由塔輪中心標尺露出的等分

7、格的格數讀出 （1）在該實驗中應用了 _來探究向心力的大小與質量m、角速度和半徑r之間的關系 A理想實驗法 B控制變量法 C等效替代法（2）用兩個質量相等的小球放在A、C位置，勻速轉動時，左邊標尺露出1格，右邊標尺露出4格，則皮帶連接的左右塔輪半徑之比為 _12（12分） “探究碰撞中的不變量”的實驗中：（1）入射小球m1=15 g，原靜止的被碰小球m2=10 g，由實驗測得它們在碰撞前后的x t圖象如圖甲所示，可知入射小球碰撞后的m1v1是_kgm/s，入射小球碰撞前的m1v1是_kgm/s，被碰撞后的m2v2是_kgm/s.由此得出結論_（2）實驗裝置如圖乙所示，本實驗中，實驗必須要求的條

8、件是_A斜槽軌道必須是光滑的B斜槽軌道末端點的切線是水平的C入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速釋放D入射球與被碰球滿足mamb，ra=rb（3）圖乙中M、P、N分別為入射球與被碰球對應的落點的平均位置，則實驗中要驗證的關系是_Am1ON=m1OPm2OMBm1OP=m1ONm2OMCm1OP=m1OMm2ONDm1OM=m1OPm2ON四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）兩根完全相同的金屬裸導線A和B,如果把導線A均勻拉長到原來的3倍,電阻為RA ,導線B對折后絞合起來,電阻為RB,然后分別加上相同的電

9、壓,求:(1)它們的電阻之比;(2)相同時間內通過導線橫截面的電荷量之比.14（16分）如圖，質量m=11kg的一箱蘋果靜置于水平地面上的A點，AB間距L=35m，箱子與地面間的動摩擦因數。現用大小為141N，與水平方向成的力斜向下推動此箱蘋果，使它由A點靜止開始運動并能到達B點。求：（已知cos=1.8，sin=1.6）(1)推力作用下箱子的加速度a大小；(2)推力作用的最短時間t；(3)撤去推力后，箱子正中央一個質量m1=12kg的蘋果受到其他蘋果給它的作用力大小。15（12分）電路如圖所示，已知電源電動勢為E=12V，內阻r=8，定值電阻R1=2，滑動變阻器R2的阻值可以在08之間變化，

10、則：（1）當R2為多少時，R1上獲得最大功率？并求出該最大功率P1；（2）當R2為多少時，R2上獲得最大功率？并求出該最大功率P2；（3）當R2為多少時，電源有最大輸出功率？并求出該最大功率P3.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由庫侖定律可得相互斥力為：由于帶同種電荷，當兩球接觸后再分開平分總電量，故分開后兩球的帶電量為2q則庫侖力，故B正確，ACD錯誤。2、C【解析】設電池兩端的電壓恒為U，電阻阻值為R，開關S閉合前電阻R1、R2兩電阻串聯，R2的電流為I，由歐姆定律得：U=I(R1+R2)=2IR

11、，I=；S閉合后R2、R3并聯再和R1串聯，設S閉合后流過R2的電流大小為I2，由歐姆定律得：U=I2R+2I2R，聯立解得：I2=I，故C正確，ABD錯誤故選：C3、B【解析】A理想電壓表內阻無窮大,相當于斷路，理想電流表內阻為零相當短路，所以R與變阻器串聯，電壓表V1、V2、V3分別測量R、路端電壓和變阻器兩端的電壓。當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A的示數增大，電路中電流增大,電源的內電壓增大，則路端電壓減小，所以V2的示數減小，故A錯誤；B. 根據閉合電路歐姆定律得：則得：據題Rr，則得：故B正確.C內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，故當滑動變阻器滑

12、片向下滑動時，外電阻越來越接近內阻，故輸出功率一定增大；故C錯誤；D由B選項分析可知：即U3與I的比值不變，故D錯誤.；4、D【解析】在0t210-10s時間內，Q板比P板電勢高5V，方向水平向左，所以電子所受電場力方向向右，加速度方向也向右，所以電子向右做勻加速直線運動；在210-10st410-10s時間內，Q板比P板電勢低5V，電場強度方向水平向右，所以電子所受電場力方向向左，加速度方向也向左，所以電子向右做勻減速直線運動，當t=410-10s時速度為零；在410-10st610-10s時間內，Q板比P板電勢低5V，電場強度方向水平向右，所以電子所受電場力方向向左，加速度方向也向左，所以

13、電子向左做勻加速直線運動；在610-10st810-10s時間內，Q板比P板電勢高5V，電場強度方向水平向左，所以電子所受電場力方向向左，加速度方向也向左，所以電子向左做勻減速直線運動，到810-10s時刻速度為零，恰好又回到M點綜上分析可知：在61010 st81010 s 時間內，這個電子處于M點的右側，速度方向向左且大小逐漸減小故選D5、B【解析】A.速度選擇器是利用了電場加速和電場偏轉的原理，故A錯誤；B. 位移傳感器是利用改變磁通量來改變電流的原理，是電磁感應原理，故B正確；C.回旋加速器利用磁場使帶電粒子旋轉，電場使粒子加速。故C錯誤；D. 電視顯像管利用了電場加速和電場偏轉的原理

14、。故D錯誤；6、B【解析】產生感應電流的條件是穿過閉合電路的磁通量發生變化,或閉合電路的一部分導體做切割磁感線運動.根據這個條件進行選擇,并根據楞次定律,即可分析求解.【詳解】A、位于磁場中的閉合線圈,只有磁通量發生變化,才一定會產生感應電流.故A錯誤.B、穿過閉合電路的磁感線的條數發生變化,磁通量一定發生變化,則閉合電路中就有感應電流,若不閉合則電路中就沒有感應電流,但有感應電動勢.所以B選項是正確的.C、根據楞次定律可以知道,感應電流的磁場與原磁場方向相同,或與原磁場的方向相反.故C錯誤.D、楞次通過實驗研究,總結出電磁反應現象中感應電流方向的規律;故D錯誤;故選B二、多項選擇題：本題共4

15、小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】試題分析：由并聯電路的規律可知外部總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可判斷路端電壓和通過電池的電流變化解：A、B、C由圖可知，燈泡均為并聯當點亮的電燈數目增多時，并聯的支路增多，由并聯電路的電阻規律可知，外部總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，通過電池的電流增大，則電池的內電壓增大，故路端電壓減小，燈泡兩端的電壓變小，燈泡變暗，故AB正確，C錯誤；D、由上分析可知，燈多時，通過電池的總電流減小，而支路的數目增大，所以各燈的電流較小，故D錯誤故

16、選AB【點評】解答本題應掌握：并聯電路中并聯支路越多，總電阻越小；同時注意閉合電路歐姆定律在電路動態分析中的應用方法，一般可按外電路內電路外電路的思路進行分析8、BC【解析】試題分析：由表格數據得到電動機的輸出功率為350W，根據能量守恒定律，有，代入數據有，解得，故A錯誤；額定電壓48V，額定電流12A，故電動機的輸入功率為：，故B正確；根據，得，電動自行車勻速行駛時，牽引力與阻力平衡，故阻力為63N，故C正確，D錯誤；故選BC【點睛】對于電動機來說，不是純電阻電路，對于功率的不同的計算公式代表的含義是不同的，P=UI計算的是總的消耗的功率，是計算電動機的發熱的功率，當速度最大時牽引力和阻力

17、相等9、AB【解析】A.根據串并聯電路特點，通過L1的電流等于通過L2電流與通過L3電流之和，L2與L3并聯，電壓相等，電流相等，通過L1的電流為L2電流的2倍，故A正確；B.據乙圖可知通過L1的電流為U1=0.2A時，兩端電壓為I1=1.5V，L1消耗的電功率為P1=U1I1=0.21.5W=0.3W，故B正確；C.L1的電阻R1= U1I1=1.50.2=7.5；由乙圖知，L2電流為I2=0.1A時，電壓為U2=0.4V，L2與L3電阻相等，R2=R3=U2I2=0.40.1=4，故C錯誤； D. L2消耗的電功率為P2=U2I2=0.10.4W=0.04W，P1:P2=0.3:0.04=

18、7.5，故D錯誤。故選：AB10、BC【解析】A根據兩等量正點電荷電場特點，a、b兩點的電場強度大小相同，方向相反，故A錯誤；B根據點電荷電場強度公式，結合矢量的合成法則，則有Oy軸上沿正方向的電場強度方向沿著y軸正方向，那么電勢隨坐標y的變大而減小，故B正確；C將一試探電荷+q自a點由靜止釋放，若不計電荷重力，試探電荷在O點左邊受到向右的電場力，而在O點右邊時，受到向左的電場，則將在a、b間往復運動，故C正確；D根據點電荷電場強度公式E=結合矢量的合成法則可知，O點的場強為零，無窮遠處場強也為零，因此Oy軸上沿正方向電場強度的大小先增大后減小，故D錯誤【點評】本題關鍵是要明確兩個等量同種電荷

19、連線的中垂線上的場強分布情況和電勢分布情況，關鍵在于掌握電場線的物理意義：電場線的疏密表示電場強度的大小，電場線的方向表示電勢的高低，作出電場線，就能判斷電勢的高低，注意掌握點電荷電場強度公式E=，結合矢量的合成法則是解題的關鍵三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B 2：1 【解析】（1）向心力和三個因素有關，所以需要控制其中兩個恒定，改變第三個量，從而來研究向心力和它們的關系，故采用了控制變量法，B正確；（2）同一條皮帶相連，則A、C線速度相同，故，根據題意可知塔輪向心力之比為1：4，并且塔輪的半徑相同，A、C轉動和各自的塔輪角速度相

20、同，故，可知，故12、（1）0.0075 0.015 0.0075 碰撞中mv的矢量和是不變量（碰撞過程中動量守恒） BCD C 【解析】（1）由圖1所示圖象可知，碰撞前球1的速度，碰撞后，球的速度，入射小球碰撞后的，入射小球碰撞前的，被碰撞后的，碰撞前系統總動量，碰撞后系統總動量，由此可知：碰撞過程中動量守恒；（2）“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，A錯誤；要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，C正確；為了保證小球碰撞

21、為對心正碰，且碰后不反彈，要求mamb，ra=rb，D正確（3）要驗證動量守恒定律定律即，小球做平拋運動，根據平拋運動規律可知根據兩小球運動的時間相同，上式可轉換為，故需驗證，因此C正確【點睛】本實驗的一個重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運動并且落到同一水平面上，故下落的時間相同，所以在實驗的過程當中把本來需要測量的速度改為測量平拋過程當中水平方向發生的位移，可見掌握了實驗原理才能順利解決此類題目四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）RA:RB=36:1 ;（2）qA:qB=1:36【解析】(1)一根給定的導線體積不變,若均勻拉長為原來的3倍,則橫截面積為原來的13,A、B導線原長為L,橫截面積為S,電阻為R,則有:LA=3L,sA=s3,LB=L2,sB=2sRA=3Ls3=9Ls=9RRB=L22s=14Ls=R4則RA:RB=36:6(2)根據I