1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、起重機的鋼索將重物由地面吊到空中某一個高度，其速度圖象如圖所示，則鋼索拉力的功率隨時間變化的圖象可能是圖中的哪一個（ ）ABCD2、關于重力做功與重力勢能變化的下列說法中正確的是( )A物體從A點沿不同的路徑運動到B點，重力勢

2、能的變化不同B物體在重力和彈力作用下做勻速運動，物體的重力勢能一定不變C重力對物體做正功，物體的重力勢能就增加D重力對物體做的功等于物體的重力勢能的變化3、極地衛星的運行軌道平面通過地球的南北兩極(軌道可視為圓軌道)。如圖所示，某時刻某極地衛星在地球北緯的A點正上方按圖示方向運行，經過0.5h后第一次出現在南緯的B點的正上方。則下列說法正確的是A該衛星的周期為2hB該衛星離地的高度比同步衛星高.C該衛星每隔12h經過A點的正上方一次D該衛星運行的線速度比同步衛星的線速度小4、如圖所示的曲線a、b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位移時間圖線。由圖可知()A在0到4s這段時間內，a車與b車同向

3、運動B在0到4s這段時間內，a車速度逐漸減小，b車速度逐漸增加C在0到4s這段時間內，a車的平均速度小于b車的平均速度D在4s時，a車的瞬時速度大于b車的瞬時速度5、如圖所示在一端封閉的光滑細玻璃管中注滿清水,水中放一紅蠟塊R(可視為質點).將玻璃管的開口端用膠塞塞緊后豎直倒置且與軸重合,在R從坐標原點以速度勻速上浮的同時,玻璃管沿軸正方向做初速度為零的勻加速直線運動，合速度的方向與軸正方向的夾角為.則下列關于紅蠟塊R的運動的說法中不正確的是（ ）A合速度的大小與時間成t正比B分位移與t的平方成正比C分位移的平方與成正比D與時間t成正比6、2019年4月10日，人類首張黑洞照片在全球六地同步發

4、布.兩個黑洞在合并過程中，由 于彼此間的強大引力作用，會形成短時間的雙星系統.如圖所示，黑洞圍繞連線上的O點做勻速圓周運動，且小于NO,黑洞可視為質點，不計其它天體的影響，下列 說法正確的是A黑洞M的質量大于黑洞N的質量B黑洞M的線速度大于黑洞N的線速度C黑洞M的角速度大于黑洞N的角速度D黑洞M的向心力大于黑洞N的向心力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量相同的甲乙兩個小物塊，甲從豎直固定的1/4光滑圓弧軌道頂端由靜止滑下，軌道半徑為R，圓弧底端切線水平

5、，乙從高為R的光滑斜面頂端由靜止滑下下列判斷正確的是（）A兩物塊到達底端時速度相同B兩物塊到達底端時動能相同C乙物塊運動到底端的過程中重力做功的瞬時功率一直在增大D甲物塊運動到底端的過程中重力做功的瞬時功率先增大后減小8、如圖所示，設“天宮一號”原來在圓軌道I上飛行，到達P點時轉移到較低的橢圓軌道II上(未進入大氣層)，則“天宮一號”()A在P點減速進入軌道IIB在P點軌道I上運動的周期大于軌道II上運動的周期C在軌道I上P點的加速度大于軌道II上P點的加速度D在軌道I上的機械能大于軌道II上的機械能9、如圖所示，虛線A、B、C、D是某勻強電場中的4個平行且等距的等勢面，其中等勢面C的電勢為0

6、，一電子僅在靜電力的作用下運動，經過A、D等勢面時的動能分別為26eV和5eV，則下列說法正確的是A等勢面D的電勢為-7VB等勢面B的電勢為4VC該電子不可能到達電勢為10V的等勢面D該電子運動到某一位置，其電勢能變為8eV時，它的動能為4eV10、如圖所示，一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平軌道上的A點離PQ的距離為，一質量為m的質點自P點正上方距離P點高h=2R由靜止釋放，進入軌道后剛好能到達Q點并能再次返回經過N點已知質點第一次滑到軌道最低點N時速率為v1，第一次到達A點時速率為v2，選定N點所在的水平面為重力勢能的零勢能面，重力加速度為g，則 ABC從

7、N到Q的過程中，動能與勢能相等的點在A點上方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等的點在A點下方D從N到Q的過程中，動能與勢能相等的點在A點下方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等的點在A點上方三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為測定物塊與木板間的動摩擦因數，某課外實驗小組設計了如圖所示的實驗裝置，如圖所示實驗步驟如下：（1）某同學在實驗室找到一個小正方體木塊，并放置在木板上（2）調整木板的傾角將彈簧（實驗中的彈簧可視為輕質彈簧）的一端固定在木板上，另一端位于木板上的B點正方體木塊從木板上A點靜止釋放后沿木板下滑，壓縮彈簧運動至C點后

8、被彈回，上滑至D點時速度為零（1）測得AB間的距離為x1，BC間的距離為x2，BD間的距離為x1（4）改變角的大小，按以上步驟重做實驗，得出多組數據，利用所學規律算出物快與木板間的動摩擦因數，求其平均值請根據上述步驟以及所學的物理規律處理以下問題；關于正方體木塊從A下滑到B過程中的受力示意圖（其中mg為木塊的重力，N為斜面對木塊的支持力，f為木塊受到的摩擦力、F為彈簧對木塊的彈力）下圖分析正確的是_若某次實驗測得：x1=40cm、x2=5cm、x1=25cm，=45，則物快與木板間的動摩擦因數為_試比較物快在上述過程中剛接觸與剛離開彈簧時動能的大小，并簡要說明理由_12（12分）需要組裝一個單

9、量程的歐姆表，所給電源的電動勢為3.0V，內阻可忽略不計；電流表A的量程03mA，內阻500；其他可供選擇的器材：（1）變阻器R1（阻值范圍0300）（2）變阻器R2（阻值范圍0800）在方框內完成組裝歐姆表的電路圖（要標明所選器材的代號）_；電流表的表盤刻度分為三等分大格，如圖所示，其中0為電流表的零刻度，則該單量程歐姆表按正確的方法組裝完成后，刻度C表示的電阻值為_，刻度B表示的電阻值為_，在表盤上標明正中央刻度的電阻值為_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，一豎直放置的氣缸上端開口，氣缸壁內有

10、卡口a和b，a、b間距為h，a距缸底的高度為H；活塞只能在a、b間移動，其下方密封有一定質量的理想氣體已知活塞質量為m，面積為S，厚度可忽略；活塞和汽缸壁均絕熱，不計他們之間的摩擦開始時活塞處于靜止狀態，上、下方氣體壓強均為p1，溫度均為T1現用電熱絲緩慢加熱氣缸中的氣體，直至活塞剛好到達b處求此時氣缸內氣體的溫度以及在此過程中氣體對外所做的功重力加速度大小為g14（16分）如圖所示，在光滑水平面上放置一個長為L=1.5m的木板A，在距離A的右端d=0.2m處放置一個表面光滑的半徑足夠大的四分之一圓弧槽C，圓弧槽末端切線水平且與木板A的上表面在同一水平線上。現有一質量為m=1kg的小物塊B以初

11、速度v0=5m/s從木板A左端滑上木板的上表面，已知木板A與圓弧槽C的質量均為2m，木板A與圓弧槽C相碰時作用時間極短，且碰后粘在一起不再分開。小物塊B與木板A的動摩擦因數，g取10m/s2。求：(1)木板A和圓弧槽C碰撞前瞬間，木板A與小物塊B的速度各為多大。(2)從小物塊B滑上木板A到小物塊B最終與木板A相對靜止的過程中，由于摩擦力產生的熱量是多少？ 15（12分）如圖所示，一軌道由半徑為2 m的四分之一豎直圓弧軌道AB和長度可以調節的水平直軌道BC在B點平滑連接而成現有一質量為0.2 kg的小球從A點無初速度釋放，經過圓弧上的B點時，傳感器測得軌道所受壓力大小為3.6 N，小球經過BC段

12、所受阻力為其重力的0.2倍，然后從C點水平飛離軌道，落到水平面上的P點，P、C兩點間的高度差為3.2 m小球運動過程中可以視為質點，且不計空氣阻力（1）求小球運動至B點的速度大小；（2）求小球在圓弧軌道上克服摩擦力所做的功；（3）為使小球落點P與B點的水平距離最大，求BC段的長度；（4）小球落到P點后彈起，與地面多次碰撞后靜止假設小球每次碰撞機械能損失75%，碰撞前后速度方向與地面的夾角相等求小球從C點飛出后靜止所需的時間參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：鋼索拉力的功率P=Fv，根據速度圖象分

13、析重物的運動情況，根據牛頓第二定律得出拉力與重力的關系，再由功率公式得出功率與時間的關系式，選擇圖象在0-t1時間內：重物向上做勻加速直線運動，設加速度大小為a1，根據牛頓第二定律得F-mg=ma1，解得F=mg+ma1，拉力的功率P1=Fv=(mg+ma1)a1t，m、a1均一定，則P1t在t1-t2時間內：重物向上做勻速直線運動，拉力F=mg，則拉力的功率P2=Fv=mgv，P2不變，根據拉力的大小得到，P2小于t1時刻拉力的功率在t2-t3時間內：重物向上做勻減速直線運動，設加速度大小為a2，根據牛頓第二定律得mg-F=ma2，F=mg-ma2，拉力的功率P3=Fv=(mg-ma2)(v

14、0-a2t)，m、a2均一定，P3與t是線性關系，隨著t延長，P3減小，t2時刻拉力突然減小，功率突然減小，A正確2、D【解析】重力做功W=mgh，與物體初末位置的高度差h有關，物體從A點沿不同的路徑運動到B點，高度差相同，重力勢能的變化相同，故A錯誤；物體在重力和彈力作用下做豎直方向的勻速運動時，物體的重力勢能一定改變；故B錯誤；重力做正功，物體的重力勢能一定減小。故C錯誤；重力勢能的變化量等于重力做功的數值，即為WG=-EP，故D正確。故選D。【點睛】解決本題的關鍵知道重力勢能的大小與零勢能的選取有關，但重力勢能的變化與零勢能的選取無關。以及知道重力做功和重力勢能變化的關系，重力做正功，重

15、力勢能減小，重力做負功，重力勢能增加，注意重力對物體做的功等于物體的重力勢能的減小量，而不是變化量。3、A【解析】A衛星從北緯的A點正上方，經過0.5h第一次運行至南緯的B點的正上方時，剛好為運動周期的，所以衛星運行的周期為2h，故A正確；B根據萬有引力提供向心力，有得周期大的，軌道半徑大，故該衛星離地高度比同步衛星低，故B錯誤；C衛星下一次經過A點的正上方比同步衛星多轉動2，則有解得故C錯誤；D根據萬有引力提供向心力，有解得衛星離地高度比同步衛星低，所以衛星線速度大，故D錯誤。故選A。4、B【解析】由圖可知，在0到4s這段時間內，a車沿x軸負方向運動做速度越來越小的直線運動，b車沿x軸正方向

16、運動做速度越來越大的直線運動，A錯誤，B正確；在0到4s這段時間內，a車的位移為，平均速度為，b車的位移為，平均速度為，即a車的平均速度大于b車的平均速度，C錯誤；位移時間圖象的切線斜率表示該時刻對應的瞬時速度，由此可知在4s時，a車圖線的切線斜率小于b車圖線的切線斜率，D錯誤，選B.5、A【解析】A項，紅蠟塊R從坐標原點勻速上浮，玻璃管沿x軸正向做初速度為零的勻加速直線運動，所以有水平方向速度為 ，豎直方向速度為，所以合速度大小為，故A項錯誤B、水平方向做勻加速運動： ，所以分位移x與t的平方成正比，故B正確；C項，紅蠟塊R從坐標原點以速度勻速上浮，所以分位移 ，玻璃管沿x軸正向做初速度為零

17、的勻加速直線運動，設加速度為a，所以，因此 ,是常數，故C項正確；D項，由C項分析可知，玻璃管沿x軸正向做勻加速直線運動，加速度恒定，所以 與時間t成正比，故D項正確本題選不正確的，所以不正確的是A綜上所述本題答案是：A6、A【解析】雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的角速度，黑洞的半徑比較大，根據可知，黑洞的線速度大于的線速度；雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，根據牛頓第三定律可知，對的作用力與對的作用力大小相等，方向相反，即的向心力等于黑洞的向心力；根據知，、相等，大于，所以的質量大于黑洞的質量；A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分

18、析不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】根據動能定理得，mgR=12mv2，知兩物塊達到底端的動能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同故A錯誤，B正確；根據P=mgv豎直，可知乙物體中重力的功率隨速度的增大是增大的；故C正確；甲物塊在下滑過程，開始時重力功率為零，到達底部時重力的功率也為零，中間功率不為零，則說明重力的功率一定是先增大后減小，選項D正確；故選BCD. 8、ABD【解析】A天宮一號進入軌道II時做向心運動，可知提供的力大于需

19、要的向心力，所以需要在P點減速進入軌道II，故A正確；B軌道II的半長軸較小，根據開普勒第三定律可知，天宮一號在軌道I上運動的周期大于軌道II上運動的周期，故B正確；C根據得可知天宮一號在軌道I上P點的加速度等于軌道II上P點的加速度，故C錯誤；D天宮一號進入軌道II時需要在P點減速，所以天宮一號在軌道I上的機械能大于軌道II上的機械能，故D正確。9、AD【解析】（1）因電子僅在靜電力的作用下運動，經過A、D等勢面的動能分別為26eV和5eV，根據動能定理有，即，又，可得，選項A正確；（2）因勻強電場中，等勢面B的電勢為7V，選項B錯誤；（3）因只有靜電力做功，動能和電勢能之和保持不變當電子的

20、速度為零時，由能量守恒可得，解得，選項C錯誤；（4）同理，由能量守恒可得，選項D正確故本題選AD10、BC【解析】設質點到達P點時的速度為v，根據動能定理有mg2RmvP20；解得；由題意由靜止釋放剛好能達到Q點，由動能定理有mg2RWf00得Wf2mgR；因為從P到N每個點速度均大于N到Q每個點的速度，P到N的正壓力大于N到Q，P到N的摩擦力大于N到Q的摩擦力，所以P到N克服摩擦力做功大于mgR，由P到N由動能定理得mgR Wf0，所以，即第一次滑到軌道最低點時的速率，故B正確如果軌道光滑，物體在運動過程中不受摩擦力，上升過程中動能與重力勢能相等的位置在位移的中點A，現在由于要克服摩擦力做功

21、，機械能減小，所以上升過程中動能與重力勢能相等的位置在A點上方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等的點在A點下方故C正確；故選BC【點睛】本題考查了能量守恒定律和牛頓第二定律的綜合運用，關鍵是抓住已知條件質點滑到Q點時，速度恰好為零，求出此時質點克服摩擦力做的功，再結合圓周運動知識進行分析三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C 0.2 物塊剛接觸彈簧時的動能大于剛離開彈簧時的動能，理由是機械能轉化為內能 【解析】1從A到B過程，物塊受力如圖所示：故選：C；2在整個過程中，對物塊，由動能定理得：mg(x1x1)sin45mgcos45(x1

22、+2x2+x1)=00，解得：；1物塊剛接觸與剛離開彈簧時，彈簧形變量為零，彈性勢能為零，物塊的高度相同，物塊重力勢能相同，物塊的機械能等于其動能，從物塊剛接觸彈簧到物塊剛離開彈簧過程中，物塊要克服摩擦力做功，部分機械能轉化為內能，物塊的機械能減少，因此物塊剛接觸彈簧時的動能大于剛離開彈簧時的動能；12、 0 500 1000【解析】（1）據題意，歐姆表內部需要一個電源，已給電源電動勢為，則電流表為：如果選擇，最大電流為，不能滿偏，故不用改電流表，如果用，最大電流為，可滿偏，可以應用該電流表。為了保證能夠電路中的電流為3mA，滑動變阻器應用R2。（2）C位置電流表電流最大，據歐姆定律，該位置電

23、阻應該最小，所以電阻為0；（3）B處為電流為2mA時的位置，則求得；在表盤上標明正中央刻度的電阻值為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、；【解析】開始時活塞位于a處，加熱后，汽缸中的氣體先等容升溫過程，直至活塞開始運動設此時汽缸中氣體的溫度為T1，壓強為p1，根據查理定律有: 根據力的平衡條件有: 聯立式可得: 此后，汽缸中的氣體經歷等壓過程，直至活塞剛好到達b處，設此時汽缸中氣體的溫度為T2；活塞位于a處和b處時氣體的體積分別為V1和V2根據蓋呂薩克定律有: 式中V1=SH，V2=S（H+h）聯立式解得: 從開始

24、加熱到活塞到達b處的過程中，汽缸中的氣體對外做的功為:14、 (1) vA=1m/s ， vB=3m/s (2) 9.5J【解析】（1）設木板A與圓弧槽C碰前瞬間，木板A的速度為vA,物塊B的速度為vB,對于木板A，從小物塊B滑上木板A到木板A與圓弧槽C相碰前的過程，設A、B、C的質量分別為mA、mB、mC，mA=mC =2m ,mB=m.由動能定理得mBgd=得vA=1m/s由動量守恒定理定律mBv0=mAvA+ mBvBvB=3m/s小物塊B滑上木板A到木板A與圓弧槽C即將相碰的過程，設B在A上運動的距離為x1,由能量轉化和守恒定律mBg x1=mBv02 -mBvB2-mAvA2解得：x1=1.4m由于vB vA, 且x1L，故木板A與圓弧槽C相碰時，物塊B仍在木板A上滑行，故碰撞前瞬間vA=1m/s vB=3m/s（2）