1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿(mǎn)、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

2、符合題目要求的。1、在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化。電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用I、U1、U2和U3表示。下列選項(xiàng)正確的是（ ）AI變大，U1減小BU2比U3小C變大，不變D變大，變大2、籃球運(yùn)動(dòng)員通常要伸出兩臂迎接傳來(lái)的籃球，接球時(shí)，兩臂隨球迅速收縮至胸前這樣做可以（）A減小球?qū)κ值臎_量B減小球?qū)θ说臎_擊力C減小球的動(dòng)量變化量D減小球的動(dòng)能變化量3、已知均勻帶電球殼內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電勢(shì)處處相等如圖所示，正電荷均勻分布在半球面上，Ox為通過(guò)半球頂點(diǎn)與球心O的軸線A、B為軸上的點(diǎn)，且OA

3、=OBC、D為直徑上的兩點(diǎn)，且OC=OD則下列判斷正確的是( )AA點(diǎn)的電勢(shì)與B點(diǎn)的電勢(shì)相等BC點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不相同CA點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同D在A點(diǎn)由靜止開(kāi)始釋放重力不計(jì)的帶正電粒子，該粒子將沿AB做勻加速直線運(yùn)動(dòng)4、在地球物理學(xué)領(lǐng)域有一種測(cè)g值的方法叫“差值法”，具體做法是：將真空長(zhǎng)直管沿豎直方向放置，自其中O點(diǎn)上拋一小球又落到O點(diǎn)的時(shí)間為T(mén)2，在小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中經(jīng)過(guò)比O點(diǎn)高H的P點(diǎn)，小球離開(kāi)P點(diǎn)到又回到P點(diǎn)所用的時(shí)間為T(mén)1.測(cè)得k=2FL1-L2、L0=L1+L22和H，可求得g等于A8HT22-T12 B4HT22-T12 C8H(T2-T1)2 DH4(T2-T

4、1)25、如圖所示的曲線為運(yùn)動(dòng)員拋出的鉛球運(yùn)動(dòng)下落軌跡(鉛球視為質(zhì)點(diǎn))，A、B、C為曲線上的三點(diǎn)，關(guān)于鉛球在B點(diǎn)的速度方向，下列說(shuō)法正確的是( )A沿AB的方向B沿BD的方向C沿BC的方向D沿BE的方向6、如圖所示，一傾斜木板上放一質(zhì)量為m物體，當(dāng)板的傾角逐漸增大時(shí)，物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，則物體所受（ ）A重力變大B支持力變大C摩擦力變大D合外力變大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，實(shí)線表示一簇關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)的等勢(shì)面，在軸上有A、B兩點(diǎn)，則（）AA點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于

5、B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)BA點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向指向x軸負(fù)方向CA點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)DA點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)8、如圖甲所示，在水平面內(nèi)，有三個(gè)質(zhì)點(diǎn)a、b、c分別位于直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，已知ab6 m，ac8 m在t10時(shí)刻a、b同時(shí)開(kāi)始振動(dòng)，振動(dòng)圖像均如圖乙所示，所形成的機(jī)械波在水平面內(nèi)傳播，在t24 s時(shí)c點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)，則（ ）A該機(jī)械波的傳播速度大小為2 m/sBc點(diǎn)的振動(dòng)頻率先是與a點(diǎn)相同，兩列波相遇后c點(diǎn)的振動(dòng)頻率增大C該列波的波長(zhǎng)是2 mD兩列波相遇后，c點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)E.兩列波相遇后，c點(diǎn)振動(dòng)減弱9、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m = 2.010-11kg、電荷量q=+1.010-5C的帶電微粒（重力忽略不計(jì)），從靜止

6、開(kāi)始經(jīng)U1電壓加速后，以=1.0104m/s水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，其板長(zhǎng)L = 20cm,兩板間距d=cm，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度偏離原來(lái)方向的角度=30, 磁場(chǎng)寬度D=cm，則 A加速電場(chǎng)U1 = 100VB兩金屬板間的電壓U2為200VC為使微粒不從磁場(chǎng)右邊射出，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B至少為0.2TD若勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度合適，帶電微粒可以回到出發(fā)點(diǎn)10、在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運(yùn)動(dòng)，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖中實(shí)線所示在另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體Q完成同樣的過(guò)程，其ax關(guān)系如圖中虛線所示，假設(shè)兩星球均為

7、質(zhì)量均勻分布的球體已知星球M的半徑是星球N的3倍，則AM與N的密度相等BQ的質(zhì)量是P的3倍CQ下落過(guò)程中的最大動(dòng)能是P的4倍DQ下落過(guò)程中彈簧的最大壓縮量是P的4倍三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)探究做功與物體動(dòng)能變化的關(guān)系，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間(1)該小組成員用游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光條(如圖乙所示)的寬度d=_cm，用天平測(cè)得滑塊與遮光條的總質(zhì)量為M、鉤碼的質(zhì)量為m(2)實(shí)驗(yàn)前需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌使之水平，實(shí)驗(yàn)時(shí)將滑塊從圖示位置由靜止釋放，由數(shù)字計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間t=1.210-2s，則

8、滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速v=_m/s(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字).(3)在本次實(shí)驗(yàn)中為了確保細(xì)線拉力所做的功與鉤碼重力做的功近似相等，則滑塊與遮光條的總質(zhì)量M與鉤碼的質(zhì)量m間應(yīng)滿(mǎn)足_，本實(shí)驗(yàn)中還需要測(cè)量的物理量是_(用文字說(shuō)明并用相應(yīng)的字母表示)(4)本實(shí)驗(yàn)中可通過(guò)改變鉤碼的質(zhì)量測(cè)得多組數(shù)據(jù)并作出-m圖象來(lái)進(jìn)行探究，則下列圖象中符合真實(shí)實(shí)驗(yàn)情況的是_12（12分）（1）“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫(huà)出的力的示意圖圖乙中的F與F兩力中，方向一定沿AO方向的是_本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_A理想

9、實(shí)驗(yàn)法B等效替代法C控制變量法D建立物理模型法 （2）某同學(xué)在坐標(biāo)紙上畫(huà)出了如圖所示的兩個(gè)已知力F1和F2，圖中小正方形的邊長(zhǎng)表示2 N，兩力的合力用F表示，F(xiàn)1、F2與F的夾角分別為1和2，關(guān)于F1、F2與F、1和2關(guān)系正確的有_ AF14 N BF12NC145 D12四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示,在絕熱圓柱形汽缸中用光滑絕熱活塞密閉有一定質(zhì)量的理想氣體,在汽缸底部開(kāi)有一小孔,與U形水銀管相連,外界大氣壓為,缸內(nèi)氣體溫度27,穩(wěn)定后兩邊水銀面的高度差為,此時(shí)活塞離容器底部的高度為L(zhǎng)=50

10、cm(U形管內(nèi)氣體的體積忽略不計(jì)).已知柱形容器橫截面S=0.01m2,取75cmHg壓強(qiáng)為,重力加速度g=10m/s2（1）求活塞的質(zhì)量;（2）若容器內(nèi)氣體溫度緩慢降至-3,求此時(shí)U形管兩側(cè)水銀面的高度差和活塞離容器底部的高度L.14（16分）如圖所示，LMN是豎直平面內(nèi)固定的光滑絕緣軌道，MN水平且足夠長(zhǎng)，LM下端與MN相切。質(zhì)量為m的帶正電小球B靜止在水平軌道上，質(zhì)量為2m的帶正電小球A從上距水平軌道高為h處由靜止釋放。在A球進(jìn)入水平軌道之前，由于A、B兩球相距足夠遠(yuǎn)，相互作用的靜電力忽略不計(jì)，A、B兩球組成的系統(tǒng)的電勢(shì)能可認(rèn)為是零，帶電小球均可視為質(zhì)點(diǎn)。己知重力加速度為g。(1)A、B

11、兩球相距最近時(shí)，求A球的速度大小v.(2)A、B兩球相距最近時(shí)，求A、B兩球組成的系統(tǒng)的電勢(shì)能EP(3)求A、B兩球最終的速度大小vA、vB15（12分）如圖所示，一質(zhì)量為m的物塊在與水平方向成的力F的作用下從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿水平直軌道運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)后撤去力F，物體飛出后越過(guò)“壕溝”落在平臺(tái)EG段。已知物塊的質(zhì)量m=1 kg，物塊與水平直軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.5，AB段長(zhǎng)L=10 m，BE的高度差h=0.8 m，BE的水平距離x=1.6 m。若物塊可看作質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，g取10m/s2。(1)要越過(guò)“壕溝”，求物塊在B點(diǎn)最小速度v的大小；(2)在第(1)問(wèn)的條件下，計(jì)算物塊落到平臺(tái)時(shí)的瞬

12、時(shí)速度v；(3)若=，為使物塊恰好越過(guò)“壕溝”，求拉力F的大小。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】AB通過(guò)分析電路圖可知，r、R1、R2串聯(lián)，R1為定值電阻；當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，根據(jù)公式，可知電路中總電流I變小，外電壓U3增大，R1兩端的電壓U1變小；再根據(jù)串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓U2變大，所以U2比U3大。故AB錯(cuò)誤。CR2兩端的電壓為U2，電流為I，則，其比值變大；而U2=E-I（R1+r），可得：，是個(gè)定值不變。故C

13、正確。D電壓U3為路端電壓，有：U3=E-Ir，可得：是個(gè)定值不變，從外電路來(lái)看，U3=I（R1+R2），可得：是增加的。故D錯(cuò)誤。2、B【解析】試題分析：根據(jù)動(dòng)量定理，籃球以一定得速度減小為零，因此當(dāng)動(dòng)量的變化一定，則沖量也一樣，因速度變化一樣，因此動(dòng)能變化一樣，增大作用時(shí)間可減少作用力；運(yùn)動(dòng)員接籃球時(shí)，籃球的動(dòng)量由某一值減到零，接球時(shí)，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣可以增加籃球和運(yùn)動(dòng)員的作用時(shí)間，從而減少籃球?qū)\(yùn)動(dòng)員的沖擊力，選項(xiàng)B正確考點(diǎn)：動(dòng)量定理的應(yīng)用3、C【解析】試題分析：由題意可知半球面右邊的電場(chǎng)線是水平向右的，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)，A錯(cuò)誤；有對(duì)稱(chēng)性原理及電

14、場(chǎng)疊加可知C點(diǎn)和D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一樣；B錯(cuò)誤；B錯(cuò)誤；均勻帶電半球相當(dāng)于一個(gè)均勻帶正電的球和半個(gè)均勻帶負(fù)電的球，這個(gè)半球放在圖的另一邊然后看AB兩點(diǎn)，可以看到，AB兩點(diǎn)在在上述涉及到的正電半球和負(fù)電半球中的相同的位置上而由題目給出的條件，正電球在AB兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)為零所以，A點(diǎn)正電半球產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度相當(dāng)于負(fù)電半球產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度，而與B點(diǎn)的環(huán)境比較，唯一的區(qū)別是電荷符號(hào)相反，從而電場(chǎng)大小相同，只有可能有方向的區(qū)別，而分析可知，方向是相同的，故電場(chǎng)強(qiáng)度相等，C正確；電場(chǎng)線方向水平向右，所以在A點(diǎn)釋放靜止帶正電的微粒（重力不計(jì)），微粒將作加速運(yùn)動(dòng)，距離遠(yuǎn)后電場(chǎng)力減小，所以是變加速運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤；4、A【解析】

15、小球從O點(diǎn)上升到最大高度過(guò)程中：h1=12g（T22）2 小球從P點(diǎn)上升的最大高度：h2=12g（T12）2 依據(jù)題意：h1-h2=H 聯(lián)立解得：g=8HT22-T12 ,故選A.點(diǎn)睛：對(duì)稱(chēng)自由落體法實(shí)際上利用了豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性，所以解決本題的關(guān)鍵是將整個(gè)運(yùn)動(dòng)分解成向上的勻減速運(yùn)動(dòng)和向下勻加速運(yùn)動(dòng)，利用下降階段即自由落體運(yùn)動(dòng)階段解題另外此題也可以利用平均速度s=vt 求解注：將題干修正為：測(cè)得T1、T2和H，可求得g等于5、B【解析】曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向沿軌跡上該點(diǎn)的切線方向鉛球做平拋運(yùn)動(dòng)軌跡由A到C，B點(diǎn)的速度方向沿切線方向，即BD方向，故B正確,ACD錯(cuò)誤。故選B。6、C【解析】解：設(shè)物

16、體的重力恒為G，由平衡條件得：物體所受的支持力N=Gcos，摩擦力為f=Gsin，當(dāng)增大時(shí)，cos減小，sin增大，所以N減小，f增大由于物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，所以由平衡條件可知，物體所受的合外力恒為零故選C【點(diǎn)評(píng)】本題是簡(jiǎn)單的動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，運(yùn)用函數(shù)法分析各力的變化，也可以通過(guò)作圖法分析二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】等差等勢(shì)面越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，所以，故A正確，C錯(cuò)誤；電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，并且由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，所以A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向指

17、向x軸正方向，故B錯(cuò)誤；沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，故A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)，故D正確所以AD正確，BC錯(cuò)誤8、ACD【解析】A項(xiàng)：因?yàn)榻?jīng)過(guò)4s，振動(dòng)由a點(diǎn)傳到c點(diǎn)，則波的傳播速度： ，故A正確；B項(xiàng)：c點(diǎn)的振動(dòng)頻率先是與a點(diǎn)相同，兩列波相遇后c點(diǎn)的振動(dòng)頻率仍然是不變的，選項(xiàng)B 錯(cuò)誤；C項(xiàng)：該波的波長(zhǎng)為：，選項(xiàng)C 正確；DE項(xiàng)：因?yàn)椋蕛闪胁ㄏ嘤龊螅琧點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)，選項(xiàng)D 正確，E錯(cuò)誤點(diǎn)晴：波在同一介質(zhì)中勻速傳播，a處振動(dòng)先到達(dá)c點(diǎn)，由公式，求解波速；由圖讀出周期，據(jù)路程差分析c點(diǎn)的振動(dòng)強(qiáng)弱：若路程差等于半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)，振動(dòng)減弱；相反，路程差等于半個(gè)波長(zhǎng)的偶數(shù)倍時(shí)，振動(dòng)加強(qiáng)9、AC【解析】A.帶電

18、微粒在加速電場(chǎng)加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理得：qU1=mv2代入數(shù)據(jù)得：U1 = 100V，故A正確。B.帶電微粒在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中只受電場(chǎng)力作用，做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)。在水平方向微粒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平方向有：L=vt帶電微粒在豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為a，出電場(chǎng)時(shí)豎直方向速度為v2；豎直方向：vy=at得：由速度分解關(guān)系得：聯(lián)立以上兩式解得：U2=100V，故B錯(cuò)誤。C.帶電微粒進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，設(shè)微粒軌跡恰好與磁場(chǎng)右邊相切時(shí)半徑為R，如圖所示：由幾何關(guān)系知：R+Rsin30=D設(shè)微粒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v，則有：由洛倫茲力提供向心力得：代入數(shù)據(jù)解得：B=0.2T，所以帶

19、電粒子不射出磁場(chǎng)右邊，磁感應(yīng)強(qiáng)度B至少為0.2T，故C正確。D.帶電微粒從磁場(chǎng)左邊界射出時(shí)與磁場(chǎng)邊界成斜向下，進(jìn)入電場(chǎng)后，在豎直方向被加速，水平方向勻速，不可能達(dá)到出發(fā)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。10、AC【解析】A、由a-x圖象可知，加速度沿豎直向下方向?yàn)檎较颍鶕?jù)牛頓第二定律有：，變形式為：，該圖象的斜率為，縱軸截距為重力加速度根據(jù)圖象的縱軸截距可知，兩星球表面的重力加速度之比為：；又因?yàn)樵谀承乔虮砻嫔系奈矬w，所受重力和萬(wàn)有引力相等，即：，即該星球的質(zhì)量又因?yàn)椋海?lián)立得故兩星球的密度之比為：，故A正確；B、當(dāng)物體在彈簧上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，加速度為0的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡，即：；結(jié)合a-x圖象可知

20、，當(dāng)物體P和物體Q分別處于平衡位置時(shí)，彈簧的壓縮量之比為：，故物體P和物體Q的質(zhì)量之比為：，故B錯(cuò)誤；C、物體P和物體Q分別處于各自的平衡位置（a=0）時(shí)，它們的動(dòng)能最大；根據(jù)，結(jié)合a-x圖象面積的物理意義可知：物體P的最大速度滿(mǎn)足，物體Q的最大速度滿(mǎn)足：，則兩物體的最大動(dòng)能之比：，C正確；D、物體P和物體Q分別在彈簧上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由平衡位置（a=0）可知，物體P和Q振動(dòng)的振幅A分別為和，即物體P所在彈簧最大壓縮量為2，物體Q所在彈簧最大壓縮量為4，則Q下落過(guò)程中，彈簧最大壓縮量時(shí)P物體最大壓縮量的2倍，D錯(cuò)誤；故本題選AC三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不

21、要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、0.670 0.55 開(kāi)始滑塊靜止時(shí)逆光條到光電門(mén)的距離S C 【解析】(1)1游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)所以遮光條的寬度為：(2)2滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度為(3)3令細(xì)線的拉力為T(mén)，則有：所以： 只有當(dāng)時(shí)，即當(dāng)時(shí)細(xì)線拉力做的功與鉤碼重力所做的功近似相等；(4)4細(xì)線拉力做的功為即需要測(cè)量開(kāi)始滑塊靜止時(shí)遮光條到光電門(mén)的距離；(5)5保持滑塊與遮光條的總質(zhì)量M不變，細(xì)線拉力做的功滑塊與遮光條的動(dòng)能改變量由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得即圖象為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，但當(dāng)鉤碼的質(zhì)量不能遠(yuǎn)小于滑塊與遮光條的總質(zhì)時(shí)，有兩式相比可知，圖象斜率會(huì)變小，故直線末端將會(huì)發(fā)生完全，故C正確， ABD錯(cuò)誤12、 B BC 【解析】試題分析：理解本實(shí)驗(yàn)的“等效”思想明確“實(shí)驗(yàn)值”和“實(shí)際值”的區(qū)別根據(jù)平行四邊形定則作出合力，從而確定合力的大小和分力與合力的夾角根據(jù)圖乙可知F是根據(jù)和為鄰邊作出理論值，而是實(shí)際操作畫(huà)出的，由于實(shí)驗(yàn)存在誤差，理論值和實(shí)際值存在偏差，故一定沿AO方向（2）本實(shí)驗(yàn)