1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某電場的電場線如圖所示，A、B是一電場線上的兩點，則A、B兩點的電場強度A大小相等，方向不同B大小不等，方向不同C大小相等，方向相同D大小不等，方向相同2、下列說

2、法中正確的有( )Akg、m、N都是國際單位制中的基本單位B伽利略通過理想斜面實驗說明力是維持物體運動的原因C物理模型在物理學研究中起到了重要作用，其中“質點”“點電荷”等都是理想化模型D卡文迪許將行星與太陽之間的引力規律推廣到宇宙中的一切物體，得出萬有引力定律并測出了引力常量G的數值3、一個滑塊以初速度v0從夠長的固定斜面底端沿斜面向上運動，經2t0時間返回到斜面底端如圖所示圖象表示該滑塊在此斜面上運動過程中速度的大小v隨時間t變化的規律，其中可能正確的是（ ）ABCD4、一小物塊沿斜面向上滑動，然后滑回到原處物塊初動能為，與斜面間的動摩擦因數不變，取地面為零勢能參考平面，則該過程中，物塊的

3、機械能E與位移x的關系圖線是（）A B C D5、如圖所示，為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線兩電子分別從 a、b兩點運動到c點a、b兩點的場強大小分別為Ea和Eb，電勢分別a和b，電場力對兩電子做功分別為Wa和Wb，兩電子在a、b兩點的電勢能分別為Epa和Epb則AEaEb Bab CWaWb DEpaEpb6、甲、乙兩車在公路上沿同一方向做直線運動，在時刻，乙車在甲車前方處，它們的圖象如圖所示，下列對汽車運動情況的描述正確的是A甲車先做勻速運動再做反向勻減速運動B在第末，甲、乙兩車的加速度大小相等C第末，甲、乙兩車相距D在整個運動過程中，甲、乙兩車可以相遇兩次二、多項

4、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一輕彈簧左端與表面粗糙的物體P相連，右端與表面光滑的物體Q相連，開始時，P、Q均在水平面上靜止，彈簧處于原長狀態現在物體P上作用一水平向右的恒定推力F，使物體P、Q向右運動則下列說法正確的是（）A經過一段時間物體P、Q可能以相同的速度向右勻速運動B經過一段時間物體P、Q可能以相同的加速度向右運動C任何一段時間內彈簧對P、Q兩物體組成的系統做的功都為零D在運動過程中取一段時間，該段時間內P、Q兩物體增加的動能可能等于推力F做的功與摩

5、擦力對物體P做功的代數和8、如圖所示，內壁光滑的圓軌道豎直固定在桌面上，一小球靜止在軌道底部A點，現用小錘沿水平方向快速擊打小球，擊打后迅速移開，使小球沿軌道在豎直面內運動當小球回到A點時，再次用小錘沿運動方向擊打小球，通過兩次擊打，小球才能運動到圓軌道的最高點已知小球在運動過程中始終未脫離軌道，若在第一次擊打過程中小錘對小球做功W1，第二次擊打過程中小錘對小球做功W2，先后兩次擊打過程中小錘對小球做功全部用來增加小球的動能，則的值可能為（）ABCD9、如圖所示，在某海濱游樂場里有一種滑沙運動，其運動過程可類比如圖所示的模型，小孩(可視為質點)坐在長為1m的滑板上端，與滑板一起由靜止從傾角為3

6、7的斜面上下滑，已知小孩與滑板間的動摩擦因數為0.5，滑板與沙間的動摩擦因數為916，小孩的質量與滑板的質量相等，斜面足夠長，g取10ms2，則以下判斷正確的是A小孩在滑板上下滑的加速度大小為2ms2B小孩和滑板脫離前滑板的加速度大小為5.5ms2C經過22s的時間，小孩離開滑板D小孩離開滑板時的速度大小為22m/s10、2019年7月19日，天宮二號實驗室受控離軌并再入在大氣層，少量殘骸落入南太平洋預定安全海域，標志著中國載人航天工程空間實驗室階段全部任務圓滿完成。在實驗期間，成功實現將貨運飛船“天舟一號”與軌道空間站“天宮二號”剛性對接，設對接后的組合體繞地球做勻速圓周運動，其周期為，離地

7、面的高度為。已知地球半徑為，引力常量為，根據以上信息可求出A組合體的質量為B地球的質量為C地球表面的重力加速度為D組合體的向心加速度為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某學生用螺旋測微器在測定某一金屬絲的直徑時，測得的結果如圖（甲）所示，則該金屬絲的直徑d=_mm，另一位學生用游標尺上標有20等分刻度的游標卡尺測量一工件的長度，測得的結果如圖（乙）所示，則該工件的長度L=_cm12（12分）某興趣小組同學用所學的知識來測定一段金屬絲的電阻率.(1)用游標卡尺測量金屬絲的長度L時，如圖甲所示，則L=_ cm；用螺旋測微器測 量金屬

8、絲的直徑D時，測量結果如圖乙所示，則D= _ mm.(2)用多用電表粗測該金屬絲的電阻，選用“100”倍率的電阻檔測量，多用電表指針偏轉的角度較大，因此需選擇_（選填“10”或“1k”）倍率的電阻檔，再_后重新進行測量.(3)興趣小組的同學用多用電表粗測該金屬絲的電阻為，為了盡可能精確地測量該金屬絲的電阻，在實驗室中找到以下實驗器材：A電流表A1（00.6A,內阻約）；B電流表A2(00.1A,內阻約）；C電壓表V（06V,內阻約）；D滑動變阻器R(（010，額定電流2A）；E.直流電源E（電動勢為6V,內阻忽略不計）；F.開關一只，導線若干.某興趣小組設計了如圖丙所示實驗電路圖，其中電表1是

9、_,電表2是_ （填寫器材的對應序號）.用正確的方法測出了多組數據，以電表1的數據為縱軸、電表2的數據為橫軸得到如圖丁所示的圖象（圖中為已知量），可求出金屬絲的電阻率_（用字母表示）.由于實驗電路的系統誤差造成測量值_（選填“大于”、“等于”或“小于”）真實值.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，一端開口導熱良好的氣缸放置在水平平臺上，活塞質量為10kg，橫截面積為50cm1，氣缸全長11cm，氣缸質量為10kg，大氣壓強為1105Pa，當溫度為7時，活塞封閉的氣柱長10cm，現將氣缸倒過來豎直

10、懸掛在天花板上，如圖乙所示，g取10m/s1求穩定后，活塞相對氣缸移動的距離；當氣缸被豎直懸掛在天花板上，活塞下降并達到穩定的過程中，判斷氣缸內氣體是吸熱還是放熱，并簡述原因14（16分）如圖所示，傾角=370的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強電場中，電場強度E=103N/C，有一個質量為m=310-3kg的帶電小球，以速度v=1m/s沿斜面勻速下滑，求：（1）小球帶何種電荷？電荷量為多少？（2）在小球勻速下滑的某一時刻突然撤去斜面，此后經t=0.2s內小球的位移是多大？（g取10m/s2）15（12分）如圖所示，從 A 點以 v04m/s 的水平速度拋出一質量 m1 kg 的小物塊(可視為質點

11、)，當小物塊運動至 B 點時，恰好沿切線方向進入固定的光滑圓弧軌道BC，經圓弧軌道后滑上與 C 點等高、靜止在光滑水平面的長木板上，圓弧軌道 C 端切線水平。已知長木板的質量 M4 kg，A、B 兩點距C 點的高度分別為H0.6 m 、h0.15 m，R0.75 m，小物塊與長木板之間的動摩擦因數 10.5，g10 m/s2。求：(1)小物塊運動至B 點時的速度大小和方向；(2)小物塊滑動至C 點時，對圓弧軌道 C 點的壓力大小；(3)長木板至少為多長，才能保證小物塊不滑出長木板。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1

12、、D【解析】由圖可知，B處的電場線比A處密集，電場線越密，場強越大，所以EAEB；場強的方向均水平向右，方向相同，故ABC錯誤，D正確；故選D.2、C【解析】國際單位制在力學中規定了三個基本物理量，分別為長度、質量、時間，它們在國際單位制中的單位稱為力學基本單位根據牛頓第二定律推導牛頓這個單位；根據物理學史的知識解答【詳解】A、kg與m屬于國際單位中的基本單位，N是導出單位故A錯誤；B、伽利略通過理想斜面實驗說明力不是維持物體運動的原因，故B錯誤；C、“質點”“點電荷”等都是理想化模型，故C正確；D、牛頓將行星與太陽之間的引力規律推廣到宇宙中的一切物體，得出萬有引力定律，卡文迪許測出了引力常量

13、G的數值故D錯誤故本題選C【點睛】該題考查物理學史以及經典力學的使用范圍等多個知識點的內容，要求能牢記各物理量的定義方法，明確它們所采用的基本思想3、B【解析】A、滑塊在斜面上運動過程中，由于存在摩擦力，機械能不斷減小，經過同一點時下滑的速度大小小于上滑的速度大小，所以滑回出發點的速度小于，故AC錯誤；B、根據速度圖象的“面積”等于位移，兩個過程的位移大小相等，可知，上滑時間短于下滑時間，故B正確，D錯誤。4、B【解析】小物塊在整個運動過程中，位移x先從0增大到最大，然后從最大值減至0，CD兩圖錯誤由于物塊要克服摩擦力做功，所以其機械能一直減小，由功能原理知，得Ex圖象的斜率大小等于摩擦力f，

14、所以圖象的斜率大小不變，兩段圖象都是向下傾斜的直線物塊回到原處時有機械能，A圖象錯誤，B圖象正確選B.5、B【解析】a位置的電場強度較密集，故EaEb，選項A錯誤；圖中a所在等勢面在b點等勢面的左側，因順著電場線電勢降低，則aEpb，選項B正確，D錯誤；由等勢面可知UacUbc，根據W=qU，有WaWb，選項C錯誤；故選B.點睛：題關鍵是明確電場強度的大小看電場線的疏密程度，電場力做功看電勢差；并注意電子在高電勢點的電勢能較小6、D【解析】A由圖象可知：甲車先做勻速運動再做勻減速直線運動，但甲的速度圖象一直在時間軸的上方，一直沿正向運動，沒有反向，故A錯誤；B在第末，甲車的加速度為，大小為；乙

15、車的加速度大小為，所以加速大小不相等，故B錯誤；C在第末，甲的位移為，乙的位移為，所以甲乙兩車相距，故C錯誤；D剛開始乙在甲的前面處，甲的速度大于乙的速度，經過一段時間甲可以追上乙，然后甲在乙的前面，到末，甲停止運動，甲在乙的前面處，此時乙以的速度勻速運動，所以再經過乙追上甲，故在整個運動過程中，甲、乙兩車可以相遇兩次，故D正確故選D【點睛】在速度時間圖像中，需要掌握三點，一、速度的正負表示運動方向，看運動方向是否發生變化，只要考慮速度的正負是否發生變化，二、圖像的斜率表示物體運動的加速度，三、圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，在坐標軸上方表示正方向位移，在坐標軸下方表示負方向位移。二、多項選擇

16、題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】勻速運動時物體的合力應為零，根據平衡條件能否勻速運動根據受力情況，分析加速度能否相同根據彈簧的形變情況分析彈簧對P、Q兩物體組成的系統做的功，由功能關系分析P、Q兩物體增加的動能與推力F做的功與摩擦力對物體P做功的代數和的關系【詳解】A、若Q勻速運動，由平衡條件可知，彈簧對Q應沒有彈力，則P受到的力F應該與P受到的滑動摩擦力相等，若相同，則在最開始就存在推不動的情況，所以P、Q不可能以相同的速度向右勻速運動，故A錯誤B、當彈簧處于壓

17、縮狀態時，P與Q的加速度可能相同，兩者以相同的加速度向右運動，故B正確C、當彈簧不斷被壓縮的過程中，彈簧對P、Q兩物體組成的系統做的功不等于零，故C錯誤D、在運動過程中取一段時間，該段時間內若彈簧彈性勢能保持不變，則P、Q兩物體增加的動能等于推力F做的功與摩擦力對物體P做功的代數和故D正確故選BD【點睛】解決本題的關鍵要掌握力和運動的關系、功與能的關系，知道合外力所做的功等于物體動能的變化，功是能量轉化的量度，對物體正確受力分析，從能量的角度，應用動能定理與功能原理即可正確解題8、AB【解析】第一次擊打后球最高到達與球心O等高位置，根據功能關系，有：W1mgR兩次擊打后可以到軌道最高點，根據功

18、能關系，有：W1+W22mgR= mv2在最高點，由牛頓第二定律有：mg+N= mg聯立解得：W1mgR W2mgR，則：，故AB正確，CD錯誤；故選AB【點睛】第一次擊打后球最多到達與球心O等高位置，根據功能關系列式；兩次擊打后可以到軌道最高點，再次根據功能關系列式；最后聯立求解即可9、AD【解析】對小孩和滑板受力分析，根據牛頓第二定律求出小孩滑板下滑的加速度；根據運動學公式，分別求出滑板和小孩的位移，小孩相對滑板的位移等于滑板的長度，由速度公式求出小孩離開滑板時的速度大小【詳解】對小孩受力分析，小孩受到重力、支持力和滑板對小孩向上的摩擦力，根據牛頓第二定律有：mgsin371 mgcos3

19、7ma1 得：a1gsin371gcos372m/s2，故A正確；小孩和滑板脫離前，對滑板運用牛頓第二定律有：mgsin37+1 mgcos372 2mgcos37ma2；代入數據解得：a2gsin37+1gcos3722gcos37=1m/ s2，故B錯誤；設經過時間t，小孩離開滑板12a1t2-12a2t2l，解得：t2s，故C錯誤；小孩離開滑板時的速度為：va2t2222m/s，故D正確；故選AD。【點睛】本題考查牛頓第二定律和運動學公式的綜合，知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁，關鍵是要注意小孩離開滑板時小孩相對木板的位移等于木板長10、BD【解析】AB對接后的組合體繞地球做勻速圓周運

20、動，其周期為T，離地面的高度為H，設地球質量為M，組合體質量為m，萬有引力提供向心力得得故A錯誤，B正確；C忽略球體自轉影響，萬有引力等于重力得聯立得故C錯誤；D對接后的組合體繞地球做勻速圓周運動，其周期為T，離地面的高度為H，設地球質量為M，組合體質量為m，萬有引力提供向心力得聯立解得故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.935 1.450 【解析】螺旋測微器的固定刻度讀數為2.5mm，可動刻度讀數為 ，所以最終讀數為：2.935mm；游標卡尺的固定刻度讀數為14mm，游標讀數為，所以最終讀數為：1.450cm。

21、12、10.050 0.685 10 歐姆調零 C B 小于 【解析】(1)1游標卡尺的主尺讀數為10cm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為100.05mm=0.50mm，所以最終讀數為：10cm+0.50mm=10.050cm；2螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為18.50.01mm=0.185mm，所以最終讀數為：0.5mm+0.185mm=0.685mm；(2)3選用“100”倍率的電阻檔測量，多用電表指針偏轉的角度較大，則說明電阻較小，故應換用小檔位，故選用10檔，4換擋后要重新進行歐姆調零；(3)5電表1用來測量金屬絲兩端的電壓，故選電壓表V（06V

22、，內阻約），即電表1選C；6電流表測量過金屬絲的電流，由于過金屬絲的最大電流為：故選電流表A2(00.1A，內阻約)，即電表2選B；7圖丁為金屬絲的圖線，其阻值為：結合電阻定律：聯立解得：8由于測量金屬絲電阻時用電流表的外接法，導致金屬絲阻值的測得值小于真實值，根據電阻率的表達式可知，電阻率的測量值小于真實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）x=5cm （1）當氣缸被豎直懸掛在天花板上，活塞下降并達到穩定的過程中，氣缸內氣體是吸熱，氣缸倒置過程中，氣缸內氣體體積變大，對外做功，而氣體內能不變，所以，氣缸內氣體吸熱.【解析】設氣缸倒置前后被封閉的氣體的壓強分別為P1和P2 ，氣柱體積分別為V1 和V2，活塞向下移動的距離為x，則初態：p1=1.2105pa ，V1=L1S 末態：p2=0.8105pa ，V2=L2S=L1+xS 因為氣缸導熱良好，則氣缸倒置前后溫度不變，由玻意耳定律得：p1V1=p2V2 代入數據解得：x=5cm氣缸倒置過程中