試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁第Page\*MergeFormat1頁共NUMPAGES\*MergeFormat17頁2024屆河北省邢臺市五岳聯盟高三上學期9月月考數學試題一、單選題1．命題“，”的否定為（

）A．， B．，C．， D．，【答案】B【分析】根據含有一個量詞的命題的否定，即可得答案.【詳解】由題意知命題“，”為特稱命題，故其否定為，，故選：B2．已知正數a，b滿足，則的最小值為（

）A．13 B．16 C．9 D．12【答案】B【分析】根據結合基本不等式即可得解.【詳解】因為正數a，b滿足，所以，當且僅當，即時取等號，所以的最小值為.故選：B.3．在一次10米跳臺跳水運動中，某運動員跳水過程中的重心相對于水面的高度h（單位：m）與起跳后的時間t（單位：s）存在函數關系：.該運動員在時的瞬時速度（單位：m/s）為（

）A．-4 B．4 C．11 D．-11【答案】A【分析】根據導數的物理意義，求出的導數，即可求得答案.【詳解】由可得，故，即該運動員在時的瞬時速度為（m/s）.故選：A4．“不等式恒成立”的一個充分不必要條件是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】分和兩種情況討論求出的范圍，再根據充分條件和必要條件的定義即可得解.【詳解】當時，恒成立，當時，則，解得，綜上所述，不等式恒成立時，，所以選項中“不等式恒成立”的一個充分不必要條件是.故選：D.5．函數在區(qū)間上的大致圖象是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】C【分析】根據函數的奇偶性可排除AB，根據最值范圍可排除D.【詳解】由于，所以，所以為偶函數，故排除AB,由于，故當時，，故排除D，故選：C6．已知定義域為的函數滿足，且曲線與曲線有且只有兩個交點，則函數的零點之和是（

）A．2 B．－2 C．4 D．－4【答案】A【分析】判斷函數和的圖象關于點對稱，即可判斷曲線與曲線有且只有的兩個交點關于點對稱，結合函數圖象交點與函數零點的關系，可得函數的零點之和.【詳解】由題意定義域為的函數滿足，則的圖象關于點成中心對稱，函數的圖象是由的圖象向右平移一個單位得到，故的圖象關于點成中心對稱，又曲線與曲線有且只有兩個交點，則這兩個交點關于對稱，故這兩個交點的橫坐標之和為2，而函數的零點即為曲線與曲線交點的橫坐標，故函數的零點之和是2，故選：A7．已知不恒等于零的函數的定義域為，滿足，且，則下列說法正確的是（

）A． B．的圖象關于原點對稱C． D．的最小正周期是6【答案】D【分析】利用賦值法求判斷AC；賦值法結合函數奇偶性的定義判斷B；利用賦值法求得，化簡得，即可判斷D．【詳解】由，令，，有，可得,故A錯；因為，令，則，則，函數是偶函數，故B錯誤，令，則，故C錯誤，令，則,所以，則，，所以，則周期為6，D正確．故選：D8．不等式對所有的正實數,恒成立，則的最大值為（

）A．2 B． C． D．1【答案】D【分析】由題意可得，令，則有，，結合基本不等式求得，于是有，從而得答案.【詳解】解：因為,為正數，所以，所以，則有，令，則，所以，當且僅當時，等號成立，所以，，又，所以，即，所以的最小值為1，所以，即的最大值為1.故選：D.【點睛】方法點睛：對于恒成立問題，常采用參變分離法，只需求出分離后的函數(代數式)的最值即可得解.二、多選題9．已知全集，集合，，則（

）A． B． C． D．【答案】AB【詳解】或，，所以或或，故A錯誤；，故B正確；，所以，故C錯誤，D正確.故選：BD.三、單選題10．下列函數滿足的是（

）A． B．C． D．【答案】AC【分析】令，則，結合各選項代入驗證，即可判斷答案.【詳解】令，則，對于A，，則，即，A正確；對于B，，即不成立，B錯誤；對于C，，即，即，C正確；對于D，，即不成立，D錯誤，故選：AC四、多選題11．關于x的不等式的解集中恰有4個整數，則a的值可以是（

）A． B． C． D．－1【答案】AD【分析】利用已知條件判斷的符號，求出不等式對應方程的根，然后列出不等式求解即可．【詳解】關于的不等式的解集中恰有4個整數，所以，因為時，不等式的解集中的整數有無數多個．不等式，對應的方程為：，方程的根為：和；由題意知，，則，解得；當時，不等式的解集是，解集中含有4個整數：0,1,2,3；滿足題意．當時，不等式的解集是，解集中含有4個整數：,0,1,2；滿足題意．當時，不等式的解集是,，此時，解集中含有5個整數：,0,1,2,3；不滿足題意．當時，不等式的解集是,，，解集中含有整數個數多于4個，不滿足題意．綜上知，的值可以是和．故選：AD12．已知函數的最小值為2，則（

）A． B． C． D．【答案】BD【分析】由指數函數單調性判斷A是錯誤，利用導數求最小值判斷CD，由不等式性質得出B的真假．【詳解】選項A，若，則，是上的增函數，無最小值，A錯；，由得，記，，，由選項A分析及已知得，時，，遞減，時，，遞增，所以時，取得極小值也是最小值，若，則，，，D正確，此時由于得，B也正確；若，則，，，從而，，不合題意（同理可證也是錯誤的），C錯．故選：BD．五、填空題13．已知函數，則.【答案】【分析】代入即可求解.【詳解】，，故答案為：14．已知函數，則.【答案】/0.4【分析】求導，代入即可求解.【詳解】由得，所以，故答案為：15．衡量曲線彎曲程度的重要指標是曲率，曲線的曲率定義如下：若是的導函數，是的導函數，則曲線在點處的曲率.已知函數，則曲線在點處的曲率為.【答案】/【分析】求出和，繼而求出和，根據曲率的計算即可得答案.【詳解】因為，故，，故，故，即曲線在點處的曲率為，故答案為：六、雙空題16．設函數，若，則，.【答案】/0.5198【分析】第一空，根據函數的表達式可推出，結合可得，從而可得方程，即可求得的值；第二空，利用，分組求和，即可得答案.【詳解】由函數可得：，由于，故，即，所以，即；，故答案為：七、解答題17．已知全集，集合，.(1)求；(2)若，且，求a的值；(3)設集合，若C的真子集共有3個，求m的值.【答案】(1)(2)2(3)【分析】（1）求出全集和集合A，根據補集的運算即可求得答案；（2）根據元素和集合的關系即可求得答案；（3）判斷C中的元素個數，確定，即可求得答案.【詳解】（1）由題意知，，故；（2）由，且，可得若，則，不合題意；若，則，又，故；（3）由于，集合，C的真子集共有3個，則C中必有2個元素，故.18．已知二次函數.(1)若函數的圖象與直線相交于A，B兩點，其中A點的橫坐標為1，B點的橫坐標為5，求m的值；(2)求不等式的解集.【答案】(1)-1(2)【分析】（1）由題意可得方程的兩根為1和5，利用根與系數的關系即可求得答案；（2）解一元二次不等式即可得答案.【詳解】（1）由題意可知函數的圖象與直線相交于A，B兩點，A點的橫坐標為1，B點的橫坐標為5，故方程的兩根為1和5，即的兩根為1和5，故，解得，此時為，滿足，故m的值為.（2）不等式即，解得或，即不等式解集為.19．已知函數，且.(1)求在上的最大值；(2)設函數，若函數在上有三個零點，求的取值范圍.【答案】(1)最小值為，最大值為.(2)【分析】（1）求得，根據，求得，進而求得函數的單調區(qū)間，求得函數的最值.（2）根據題意，得到，轉化為與的圖象有三個不同的交點，利用導數求得函數的單調性與極值，進而求得實數的取值范圍.【詳解】（1）解：由函數，可得，因為，可得，解得，所以且，當時，，單調遞增；當時，，單調遞減；當時，，單調遞增；當，函數取得極大值；當，函數取得極小值，又由，所以函數在區(qū)間上的最小值為，最大值為.（2）解：由函數和，可得，因為函數在上有三個零點，即有三個實數根，等價于與的圖象有三個不同的交點，又由，當時，，單調遞增；當時，，單調遞減；當時，，單調遞增，所以當，函數取得極小值；當，函數取得極小值，又由當時，，當時，，要使得與的圖象有三個不同的交點，可得，即實數的取值范圍是.20．某企業(yè)計劃對甲?乙兩個項目共投資200萬元，且每個項目至少投資10萬元.依據前期市場調研可知，甲項目的收益（單位：萬元）與投資金額t（單位：萬元）滿足關系式；乙項目的收益（單位：萬元）與投資金額t（單位：萬元）滿足關系式.設對甲項目投資x萬元，兩個項目的總收益為（單位：萬元），且當對甲項目投資30萬元時，甲項目的收益為180萬元，乙項目的收益為120萬元.(1)求的解析式.(2)試問如何安排甲?乙這兩個項目的投資金額，才能使總收益最大？并求出的最大值.【答案】(1)(2)對甲項目投資18萬元，對乙項目投資182萬元，才能使總收益取得最大值453.6萬元【分析】（1）根據題意先求出a，b，由即可得出；（2）設，求出函數的導函數，利用導函數判斷函數的單調性，進而求出的最大值.【詳解】（1）由題意可得，解得.當對甲項目投資30萬元時，對乙項目投資170萬元，則，解得.設對甲項目的投資金額為x萬元，則對乙項目的投資金額為萬元，則解得.故.（2）設，.當時，，當時，，則在上單調遞減，在上單調遞增，則.故，即對甲項目投資18萬元，對乙項目投資182萬元，才能使總收益取得最大值453.6萬元.21．已知函數，.(1)若的值域為，求滿足條件的整數的值；(2)若非常數函數是定義域為的奇函數，且，，，求的取值范圍.【答案】(1)(2)【分析】（1）根據函數的值域為，可得函數的值域包含，再分，和三種情況討論，結合二次函數的性質即可得解；（2）根據函數的奇偶性求出函數的解析式，再根據，，，則只要即可，求出函數的最小值，再從分情況討論，結合二次函數的性質求出的最小值即可.【詳解】（1）因為函數的值域為，所以函數的值域包含，，當時，，其值域為，不滿足條件，當時，令，則函數的對稱軸為，當時，，即的值域為，所以，解得，當時，，則函數的值域為，即函數的值域為，不滿足條件，綜上所述，，所以滿足條件的整數的值為；（2）因為函數是定義域為的奇函數，所以，即，解得或，由函數不是常數函數，所以，經檢驗，符合題意，所以，即，由，，，得，，，只要即可，當時，，所以函數，則，，令，因為，所以，函數，當時，，則時，恒成立，符合題意；當時，函數的對稱軸為，當時，則時，恒成立，符合題意；當，即時，則時，，所以，不等式組無解；當，即時，則時，恒成立，符合題意；當，即時，則時，，所以，解得，綜上所述，的取值范圍為.【點睛】結論點睛：本題考查不等式的恒成立與有解問題，可按如下規(guī)則轉化：一般地，已知函數，，，.（1）若，，有成立，則；（2）若，，有成立，則；（3）若，，有成立，則；（4）若，，有成立，則的值域是的值域的子集.22．已知函數.(1)當時，求的圖象在點處的切線方程；(2)當時，證明：.【答案】(1)；(2)證明見解析．【分析】（1）由導數的幾何意義求解；（2）由不等式性質得，然后證明，求導（理想狀態(tài)是直接求得最小值），為確定的正負，需對再次求導，然后得出的極小值點，對適當地加以范圍限制，以便得出的正負，從而得出的單調性．由于證明了是定義域內的增函數，因此在證明時，可分段證明．【詳解】（1），，，，又，所以所求切線方程為，即；（2）的定義域是，所以時，，設，則，設，則，設，則，所以在上是增函數，，，，，，