山西省呂梁市方山中學2021年高三數學文下學期期末試題含解析一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，只有是一個符合題目要求的1.《周易》歷來被人們視為儒家經典之首，它表現了古代中華民族對萬事萬物的深刻而又樸素的認識，是中華人文文化的基礎，它反映了中國古代的二進制計數的思想方法.我們用近代術語解釋為：把陽爻“”當做數字“1”，把陰爻“”當做數字“0”，則八卦代表的數表示如下：卦名符號表示的二進制數表示的十進制數坤0000震0011坎0102兌0113

以此類推，則六十四卦中的“屯”卦，符號“”表示的十進制數是（

）A.18

B.17

C.16

D.15參考答案：B2.已知點是直線上的動點，點為圓上的動點，則的最小值為（

）Ａ.

Ｂ.

Ｃ.

Ｄ.

參考答案：C3.已知關于的不等式的解集為，則的最小值為（

）A．

B．2

C．

D．4參考答案：D

等號．故選D．考點：二次函數的性質，基本不等式．【名師點睛】二次函數、二次不等式、二次方程之間有著密切關系.(1)一元二次不等式解集的端點就是對應的一元二次方程的解.(2)不等式的解集結構與二次項系數有直接的關系.(3)二次函數的圖象能直觀反映一元二次不等式解集的情況.記住三個“二次”之間的關系，在解題時可以做事半功倍，如本題不等式的解集為，說明二次函數圖象是開口向上的拋物線，在與最多相切，也就是二次方程無解或有兩個相等實根．4.設偶函數f（x）滿足f（x）=x3﹣8（x≥0），則{x|f（x﹣2）＞0}=(

)A．{x|x＜﹣2或x＞4} B．{x|x＜0或x＞4} C．{x|x＜0或x＞6} D．{x|x＜﹣2或x＞5}參考答案：B【考點】其他不等式的解法．【專題】不等式的解法及應用．【分析】依題意，通過對x﹣2≥0與x﹣2＜0的討論，解不等式f（x﹣2）＞0即可求得答案．解：當x﹣2≥0，即x≥2時，聯立f（x﹣2）=（x﹣2）3﹣8＞0得：x＞4；∵y=f（x）為偶函數，∴當x﹣2＜0，即x＜2時，f（x﹣2）=f（2﹣x）=（2﹣x）3﹣8，由（2﹣x）3﹣8＞0得：x＜0；綜上所述，原不等式的解集為：{x|x＜0或x＞4}．故選：B．【點評】本題考查指數不等式的解法，著重考查偶函數性質與指數函數的性質的綜合應用，屬于中檔題．5.若等差數列{an}滿足遞推關系an+1=﹣an+n，則a5等于（）A． B． C． D．參考答案：B【考點】8H：數列遞推式．【分析】根據數列的遞推關系，結合等差數列的性質，令n=4或n=5，建立方程組進行求解即可．【解答】解：令n=4，則a5+a4=4，令n=5，則a6+a5=5，兩式相加2a5+a4+a6=9，∴a5=．故選：B．6.有紅、藍、黃、綠四種顏色的球各6個，每種顏色的6個球分別標有數字1、2、3、4、5、6，從中任取3個標號不同的球，這3個顏色互不相同且所標數字互不相鄰的取法種數為（） A．80 B． 84 C． 96 D． 104參考答案：考點： 計數原理的應用．分析： 所標數字互不相鄰的方法有4種，這3種顏色互不相同有C43A33種，根據分步計數原理，即可求出顏色互不相同且所標數字互不相鄰的取法種數．解答： 解：所標數字互不相鄰的方法有：135，136，146，246，共4種方法．這3種顏色互不相同有C43A33=4×3×2×1=24種，∴這3種顏色互不相同且所標數字互不相鄰的有4×24=96種．故選：C．點評： 本題主要考查了排列組合，以及兩個基本原理的應用，解題的關鍵是不遺漏不重復，屬于中檔題．7.已知點M的坐標（x，y）滿足不等式組，N為直線y=﹣2x+3上任一點，則|MN|的最小值是（）A． B． C．1 D．參考答案：A【考點】簡單線性規劃．【分析】畫出約束條件的可行域，利用已知條件，轉化求解距離的最小值即可．【解答】解：點M的坐標（x，y）滿足不等式組的可行域如圖，N為直線y=﹣2x+3上任一點，則|MN|的最小值，就是兩條平行線y=﹣2x+3與2x+y﹣4=0之間的距離：d==．故選：A【點評】本題考查線性規劃的應用，平行線之間的距離的求法，考查轉化思想以及計算能力．8.把的圖像向左平移個單位，再把所得圖像上的所有點的橫坐標伸長到原來的2倍，而縱坐標保持不變，所得的圖像的解析式為（

）（A） （B）（C） （D）參考答案：B9.在中，是中點，已知，則的形狀為（

）

A.等腰三角形

B.直角三角形

C.等腰直角三角形

D.等腰三角形或直角三角形參考答案：D如圖，因為，所以，在與中，由正弦定理得，，所以，即，所以，從而或，于是或.選D.10.已知函數f(x)=xex－x2－mx，則函數f（x）在[1，2]上的最小值不可能為（）A．e－m B．－mln2m

C．2e2﹣4m D．e2﹣2m參考答案：D【考點】利用導數求閉區間上函數的最值．【分析】f′（x）=ex+xex﹣m（x+1）=（x+1）（mex﹣1）．對a分類討論：當m≤時，當e＞m＞時，當m≥e時，利用導數研究函數的單調性極值與最值即可．【解答】解：f′（x）=ex+xex﹣m（x+1）=（x+1）（mex﹣1），①當m≤時，ex﹣m＞0，由x≥﹣1，可得f′（x）≥0，此時函數f（x）單調遞增．∴當x=1時，函數f（x）取得最小值，f（1）=e﹣m．②當m≥e時，ex﹣m≤0，由x≥﹣1，可得f′（x）≤0，此時函數f（x）單調遞減．∴當x=2時，函數f（x）取得最小值，f（2）=2e2﹣4m．③當e＞m＞時，由ex﹣m=0，解得x=lnm．當﹣1≤x＜lnm時，f′（x）＜0，此時函數f（x）單調遞減；當lnm＜x≤1時，f′（x）＞0，此時函數f（x）單調遞增．∴當x=lnm時，函數f（x）取得極小值即最小值，f（lnm）=﹣．故選：D．【點評】本題考查了利用導數研究函數的單調性與最值，考查了分類討論的思想方法，考查了推理能力和計算能力，屬于難題．二、填空題:本大題共7小題,每小題4分,共28分11.過拋物線的焦點F的直線交拋物線于A、B兩點，若，則________.參考答案：12.已知實數x、y滿足，則z=2x+y的最小值是．參考答案：﹣2【考點】簡單線性規劃．【分析】由線性約束條件畫出可行域，根據角點法，求出目標函數的最小值．【解答】解：作出不等式組表示的平面區域，如圖所示由可得C（1，﹣1），此時z=1由可得B（1，5），此時z=7由可得A（﹣2，2），此時z=﹣2∴z=2x+y的最小值為﹣2故答案為：﹣213.已知x＞0，y＞0，若不等式恒成立，則m的最大值為 ．參考答案：12【考點】基本不等式．【專題】轉化思想；整體思想；不等式．【分析】題目轉化為m≤（+）（x+3y）恒成立，由基本不等式求（+）（x+3y）的最小值可得．【解答】解：∵x＞0，y＞0，不等式恒成立，∴m≤（+）（x+3y）恒成立，又（+）（x+3y）=6++≥6+2=12當且僅當=即x=3y時取等號，∴（+）（x+3y）的最小值為12，由恒成立可得m≤12，即m的最大值為12，故答案為：12．【點評】本題考查基本不等式求最值，涉及恒成立問題，屬基礎題．14.設函數,則＿＿＿參考答案：15.已知函數則=_______.參考答案：因函數所有16.若集合A具有以下性質：①；②若，則，且時，.則稱集合A是“好集”．

(l)集合是好集；

(2)有理數集Q是“好集”；

(3)設集合A是“好集”，若，則:

(4)設集合A是“好集”，若，則必有；

(5)對任意的一個“好集A，若，且，則必有.則上述命

題正確的有___________．（填序號，多項選擇）參考答案：17.函數f（x）=xex的圖象在x=1處的切線方程為

．參考答案：2ex﹣y﹣e=0．【考點】利用導數研究曲線上某點切線方程．【專題】導數的綜合應用．【分析】先求出切點的坐標，然后求出x=1處的導數，從而求出切線的斜率，利用點斜式方程即可求出切線方程．【解答】解：∵f（x）=xex，∴f′（x）=ex+xex，∴f′（1）=2e，又f（1）=e，∴曲線y=f（x）在點（1，f（1））處的切線方程為y﹣e=2e（x﹣1），即2ex﹣y﹣e=0．【點評】本題主要考查了利用導數研究曲線上某點切線方程，考查導數的運用：求切線方程，主要考查導數的幾何意義：函數在某點處的導數即為曲線在該點處切線的斜率，正確求導和運用點斜式方程是解題的關鍵，屬于中檔題．三、解答題：本大題共5小題，共72分。解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟18.已知函數，其中且． （I）求函數的單調區間； （II）當時，若存在，使成立，求實數的取值范圍．[來源:參考答案：解（1）定義域為R，

當時，時，；時，當時，時，；時， 所以當時,的增區間是，減區間是當時,的ug減區間是，增區間是

（II）時，，由得：設，，

所以當時，；當時，，所以在上遞增，在上遞減，

所以的取值范圍是略19.設常數，函數（1）若=4，求函數的反函數；（2）根據的不同取值，討論函數的奇偶性，并說明理由.

參考答案：

(1)

(2)(1)(2)20.已知函數f(x)=|ax2-(a+1)x+1|(a∈R). (1)當a=時,求函數f(x)在[0,2]上的單調區間; (2)當0≤a≤1時,對任意的x∈[0,2],m≥f(x)恒成立,求實數m的最小值. 參考答案：(1)當a=時,f(x)=|x2-x+1|=|x2-4x+3|=|(x-2)2-1|, 可知函數f(x)在[0,1]上單調遞減,在(1,2]上單調遞增. (2)①當a=0時,f(x)=|x-1|在[0,2]上的最大值為1. ②當0<a≤1時,對稱軸為x=>0,Δ=(a-1)2≥0, 若≥2,即0<a≤時,f(x)max=max{|f(0)|,|f(2)|}=max{1,|2a-1|}, 而|2a-1|<1,所以f(x)max=1. 若<2,即<a≤1時, f(x)max=max{|f(0)|,|f()|,|f(2)|}=max{1,,|2a-1|}, 又<a≤1,<1,|2a-1|≤1,所以f(x)max=1. 綜上,m≥1,所以實數m的最小值為1. 本題以絕對值函數為載體,考查函數的單調性與最值等,意在考查分類討論、數形結合、轉化與化歸等數學思想方法,考查考生的運算求解能力、分析問題和解決問題的能力.第(1)問當a=時,化簡函數f(x)的解析式,結合函數f(x)的大致圖象即可求出單調區間;第(2)問考查函數的最值,關鍵是數形結合,對a=0,0<a≤<a≤1分類討論求解. 【備注】二次函數與絕對值函數作為重要的函數模型,具有重要的應用價值.二次函數是永恒的經典,高考中的二次函數問題,基本上都要突出函數與方程思想的運用,體現了“用最樸素的材料,考查最基本的方法”這一命題思想,同時追求一定的綜合性,因此,加強二次函數綜合題的訓練顯得特別重要,在復習時應加以重視. 21.已知,,若函數,的最小正周期為.(Ⅰ)求的值;(Ⅱ)將函數的圖象向右平移個單位長度后,得到函數的圖象,若函數為偶函數,求函數在上的值域.參考答案：(Ⅰ)因為,,所以.

（3分）又因為的最小正周期為,所以,所以.

（5分）(Ⅱ)由(Ⅰ)知,其