1.1.、單項選擇題:本題共8小題，每小題3分，共24分。一質量為m的乘客乘坐豎直電梯下樓，其位移s與時間t的關系圖像如圖所示。乘客所受支持力的大小用Fn表示，速度大小用v表示。重力加速度大小為g。以下判斷正確的是圖甲中的理想變壓器原、副線圈匝數比““2=22:3,輸入端a、b所接電壓u隨時間t的變化關系如圖乙所示。燈泡L的電阻恒為15Q,額定電壓為24V。定值電阻R]=100、R2=5Q,滑動變阻器R的最大阻值為100。為使燈泡正常工作，滑動變阻器接入電路的電阻應調節為2.A.B.C.D.0~匚時間內，v增大，FN>mgv減小，1t1~t2時間內,t2~t3時間內,t2~t3時間內，v增大,v減小,FN<mgfn<mgfn>mg1圖甲0氚核3H發生B衰變成為氦核3He。假設含氚材料中3H發生B衰變產生的電子可以全部定向移動,121C.3.4.A.5.0x1014B.1.0X10163.4.A.5.0x1014B.1.0X1016C.2.0x1016D.1.0X1018雙縫干涉實驗裝置的截面圖如圖所示。光源S到S]、s2的距離相等，O點為S]、s2連線中垂線與光屏的交點。光源S發出的波長為尢的光，經s1出射后垂直穿過玻璃片傳播到O點，經s2出射后直接傳播到O點，由S1到O點與由S2到O點，光傳播的時間差為At。玻璃片厚度為10尢，玻璃對該波長光的折射率為，空氣中光速為c,不計光在玻璃片內的反射。以下判斷正確的是c,A.At=塁cB.At=1542cc-列簡諧橫波在均勻介質中沿x軸負方向傳播，已知x=54處質點的振動方程為y=Acos(尹)，則氣體在a—b過程中對外界做的功小于在b—c過程中對外界做的功氣體在a—b過程中從外界吸收的熱量大于在b—c過程中從外界吸收的熱量在c—a過程中，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量氣體在c—a過程中內能的減少量大于b—c過程中內能的增加量[7.我國將在今年擇機執行“天問1號”火星探測任務。質量為m的著陸器在著陸火星前，會在火星表在Xs時間內形成的平均電流為XA。已知電子電荷量為XC,在這段時間內發生B衰變的氚核3H的1個數為—定質量的理想氣體從狀態a開始，經a—b、b—c、c—a三個過程后回到初始狀態a,其p-V圖像如圖所示。已知三個狀態的坐標分別為a(V0，2p°)、b(2V0,p0)、c(3V0,2p0)以下判斷正確的是33面附近經歷一個時長為t。、速度由v0減速到零的過程。已知火星的質量約為地球的倍，半徑約為地球的倍，地球表面的重力加速度大小為g，忽略火星大氣阻力。若該減速過程可視為一個豎直向下的勻減速直線運動，此過程中著陸器受到的制動力大小約為若DE發出的單色光頻率變小，AA'C'C面有光出射的區域面積將增大若DE發出的單色光頻率變小，AA'C'C面有光出射的區域面積將減小真空中有兩個固定的帶正電的點電荷，電荷量不相等。一個帶負電的試探電荷置于二者連線上的(、A-A.m0.4g-fIt丿'0丿B.m0?4g+-oIt丿'o丿m0.2g--oIt丿'o丿D.mI0.2g+-oIIt丿'0丿8.如圖所示，一輕質光滑定滑輪固定在傾斜木板上，質量分別為m和2m的物塊A、B，通過不可伸長的輕繩跨過滑輪連接，A、B間的接觸面和輕繩均與木板平行。A與B間、B與木板間的動摩擦因數均為“設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。當木板與水平面的夾角為45°時，物塊A、B剛好要滑動，則U的值為O點時，僅在電場力的作用下恰好保持靜止狀態。過O點作兩正電荷連線的垂線，以O點為圓心的圓與連線和垂線分別交于a、c和b、d如圖所示。以下說法正確的是A.a點電勢低于O點B.b點電勢低于c點C.該試探電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能D.該試探電荷在c點的電勢能小于在d點的電勢能如圖所示，質量為M的物塊A放置在光滑水平桌面上，右側連接一固定于墻面的水平輕繩，左側二、多項選擇題:本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對通過一傾斜輕繩跨過光滑定滑輪與一豎直輕彈簧相連。現將質量為m的鉤碼B掛于彈簧下端，當得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。彈簧處于原長時，將B由靜止釋放，當B下降到最低點時（未著地），A對水平桌面的壓力剛好9.截面為等腰直角三角形的三棱鏡如圖甲所示。DE為嵌在三棱鏡內部緊貼BB'C'C面的線狀單色可為零。輕繩不可伸長，彈簧始終在彈性限度內，物塊A始終處于靜止狀態。以下判斷正確的是A.M<2mBA.M<2mB.2m<M<3m三棱鏡對該單色光的折射率為^2,只考慮由DE直接射向側面AA'CC的光線。下列說法正確的是C.在B從釋放位置運動到最低點的過程中，所受合力對B先做正功后做負功見光光源，DE與三棱鏡的ABC面垂直，D位于線段BC的中點。圖乙為圖甲中ABC面的正視圖。D.在B從釋放位置運動到速度最大的過程中，B克服彈簧彈力做的功等于B機械能的減少量光從AA'C'C面出射的區域占該側面總面積的12光從AA'C'C面出射的區域占該側面總面積的2如圖所示，平面直角坐標系的第一和第二象限分別存在磁感應強度大小相等、方向相反且垂直于坐標平面的勻強磁場，圖中虛線方格為等大正方形。一位于Oxy平面內的剛性導體框abcde在外?/(xl(J■-?/(xl(J■-I11-S"1力作用下以恒定速度沿y軸正方向運動（不發生轉動）。從圖示位置開始計時，4s末bc邊剛好進入磁場。在此過程中，導體框內感應電流的大小為I，ab邊所受安培力的大小為Fab，二者與時間t的關系圖像，可能正確的是三、非選擇題:本題共6小題，共60分。（6分）2020年5月，我國進行了珠穆朗瑪峰的高度測量，其中一種方法是通過使用重力儀測量重力加速度，進而間接測量海拔高度。某同學受此啟發就地取材設計了如下實驗，測量當地重力加速度的大小。實驗步驟如下：（i）如圖甲所示，選擇合適高度的墊塊，使木板的傾角為53°，在其上表面固定一與小物塊下滑路徑平行的刻度尺（圖中未畫出）。（ii）調整手機使其攝像頭正對木板表面，開啟視頻錄像功能。將小物塊從木板頂端釋放，用手機記錄下小物塊沿木板向下做加速直線運動的情況。然后通過錄像的回放，選擇小物塊運動路徑上合適的一點作為測量參考點，得到小物塊相對于該點的運動距離L與運動時間t的數據。（iii）該同學選取部分實驗數據，畫出了絲-t圖像，利用圖像數據得到小物塊下滑的加速度大小t為m/s2。（iv）再次調節墊塊，改變木板的傾角，重復實驗。回答以下問題：（1）當木板的傾角為37。時，所繪圖像如圖乙所示。由圖像可得，物塊過測量參考點時速度的大小為m/s；選取圖線上位于坐標紙網格交叉點上的A、B兩點，利用A、B兩點數據得到小物塊下滑加速度的大小為m/s2。（結果均保留2位有效數字）（2）根據上述數據，進一步分析得到當地的重力加速度大小為m/s2o（結果保留2位有效數字，sin37°=，cos37°=）20015010050。5101.520253U3540f/収］（尸的團乙（8分）實驗方案對實驗測量的精度有直接的影響，某學習小組對“測量電源的電動勢和內阻”的實驗方案進行了探究。實驗室提供的器材有：干電池一節（電動勢約V,內阻小于1Q）；/電壓表V（量程3V,內阻約3kQ）；電流表A（量程A，內阻約1Q）；滑動變阻器R（最大阻值為20Q）；定值電阻R1（阻值2Q）；定值電阻R2（阻值5Q）；開關一個，導線若干。（1）該小組按照圖甲所示的電路進行實驗，通過調節滑動變阻器阻值使電流表示數逐漸接近滿偏,記錄此過程中電壓表和電流表的示數，利用實驗數據在U-I坐標紙上描點，如圖乙所示，結果發

現電壓表示數的變化范圍比較小，出現該現象的主要原因是—。（單選，填正確答案標號）A.電壓表分流B.干電池內阻較小C.滑動變阻器最大阻值較小D.電流表內阻較小—IR——?-5團甲/（2）針對電壓表示數的變化范圍比較小的問題，該小組利用實驗室提供的器材改進了實驗方案,重新測量得到的數據如下表所示。/序號1234567I/A】U/V-請根據實驗數據，回答以下問題：答題卡的坐標紙上已標出后3組數據對應的坐標點，請在答題卡的坐標紙上標出前4組數據對應的坐標點并畫出U-I圖像。根據實驗數據可知，所選的定值電阻為（填“RJ'或“R2”）。用筆畫線代替導線，請在答題卡上按照改進后的方案，將實物圖連接成完整電路。留有抽氣閥門。使用火罐時，先加熱罐中氣體，然后迅速按到皮膚上，自然降溫后火罐內部氣壓低于外部大氣壓，使火罐緊緊吸附在皮膚上。抽氣拔罐是先把罐體按在皮膚上，再通過抽氣降低罐內氣體壓強。某次使用火罐時，罐內氣體初始壓強與外部大氣壓相同，溫度為450K，最終降到300K，因皮膚凸起，內部氣體體積變為罐容積的20。若換用抽氣拔罐，抽氣后罐內剩余氣體21體積變為抽氣拔罐容積的20，罐內氣壓與火罐降溫后的內部氣壓相同。罐內氣體均可視為理想氣21體，忽略抽氣過程中氣體溫度的變化。求應抽出氣體的質量與抽氣前罐內氣體質量的比值。（9分）單板滑雪U型池比賽是冬奧會比賽項目，其場地可以簡化為如圖甲所示的模型：U形滑道由兩個半徑相同的四分之一圓柱面軌道和一個中央的平面直軌道連接而成，軌道傾角為。。某次練習過程中，運動員以vM=10m/s的速度從軌道邊緣上的M點沿軌道的豎直切面ABCD滑出軌道，速度方向與軌道邊緣線AD的夾角a=°,騰空后沿軌道邊緣的N點進入軌道。圖乙為騰空過程左視圖。該運動員可視為質點，不計空氣阻力，取重力加速度的大小g=10m/s2,°=,°=。求：（7分）中醫拔罐的物理原理是利用玻璃罐內外的氣壓差使罐吸附在人體穴位上，進而治療某些疾病。常見拔罐有兩種，如圖所示，左側為火罐，下端開口；右側為抽氣拔罐，下端開口，上端（1）運動員騰空過程中離開AD的距離的最大值d；（2）M、N之間的距離L。BB糾乙(14分)某型號質譜儀的工作原理如圖甲所示。M、N為豎直放置的兩金屬板，兩板間電壓為U,Q板為記錄板，分界面P將N、Q間區域分為寬度均為d的I、I兩部分，M、N、P、Q所在平面相互平行，a、b為M、N上兩正對的小孔。以a、b所在直線為z軸，向右為正方向，取z軸與Q板的交點O為坐標原點，以平行于Q板水平向里為x軸正方向，豎直向上為y軸正方向，建立空間直角坐標系Oxyz。區域I、II內分別充滿沿x軸正方向的勻強磁場和勻強電場，磁感應強度大小、電場強度大小分別為B和E。一質量為m,電荷量為+q的粒子，從a孔飄入電場(初速度視為零)，經b孔進入磁場，過P面上的c點(圖中未畫出)進入電場，最終打到記錄板Q上。不計粒子重力。糾乙求粒子在磁場中做圓周運動的半徑R以及c點到z軸的距離L；求粒子打到記錄板上位置的x坐標；求粒子打到記錄板上位置的y坐標(用R、d表示)；如圖乙所示，在記錄板上得到三個點s「s2、s3,若這三個點是質子1H、氚核3H、氦核4He的卜川十試H圖甲i*Q■O卜川十試H圖甲i*Q■OX圈乙(16分)如圖所示，一傾角為。的固定斜面的底端安裝一彈性擋板，P、Q兩物塊的質量分別為m和4m，Q靜止于斜面上A處。某時刻，P以沿斜面向上的速度v0與Q發生彈性碰撞。Q與斜面間的動摩擦因數等于tane，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。P與斜面間無摩擦，與擋板之間的碰撞無動能損失。兩物塊均可以看作質點，斜面足夠長，Q的速度減為零之前P不會與之發生碰撞。重力加速度大小為go求P與Q第一次碰撞后瞬間各自的速度大小vP1、vQ1；求第n次碰撞使物塊Q上升的高度hn；求物塊Q從A點上升的總高度H；為保證在Q的速度減為零之前P不會與之發生碰撞，求A點與擋板之間的最小距離s。對于抽氣罐，設初態氣體狀態參量分別為p3、V3,末態氣體狀態參量分別為p4、V4,罐的容積為殲,由題意知P3=Po、V3=V；、P4=P2④由玻意耳定律得P%'=P2V4聯立②⑤式，代入數據得2020年山東高考物理試卷答案設抽出的氣體的體積為AV，由題意知1.D2.B3.A4.D5.A6.C8.C9.AC10.BD11.ACD12.BCAV=V4-UV0‘13.故應抽出氣體的質量與抽氣前罐內氣體質量的比值為14.(1)或(2)AmAVmV4聯立②⑤⑦⑧式，代入數據得Am116.解：(1)在M點，設運動員在ABCD面內垂直AD方向的分速度為v.由運動的合成與分解規律得V1=VMSin72-8°設運動員在ABCD面內垂直AD方向的分加速度為a.由牛頓第二定律得=ma11515.解：設火罐內氣體初始狀態參量分別為P］、人、％,溫度降低后狀態參量分別為p2、T2、V2,罐的容積為V0，由題意知P]=p0、T1=450K、V]=V2、T2=300K、V2=20V0/21由運動學公式得d=卓2a1由理想氣體狀態方程得20聯立①②③式，代入數據得p-VP0V02210TT12d=m代入數據得(2)在M點，設運動員在ABCD面內平行AD方向的分速度為v2，由運動的合成與分解規律得vP2=設運動員在ABCD面內平行AD方向的分加速度為ay由牛頓第二定律得°=ma2⑥設騰空時間為t,由運動學公式得2vt=—a1L=vt+~at2222￥聯立①②⑤⑥⑦⑧式，代入數據得L=12m⑨17.解：(1)設粒子經加速電場到方孔的速度大小為V,粒子在區域I中，做勻速圓周運動對應圓心角為弘在M、N兩金屬板間，由動能定理得qU=丄?nv2①2在區域I中，粒子做勻速圓周運動，磁場力提供向心力，由牛頓第二定律得卩2qvB=m—R聯立①②式得qBqB由幾何關系得d2￡R—L)2=R2$R2-cosoc=R.dsma=—R聯立①②④式得xjlmqU\lmU~L=j-d2qB\qB2設區域II中粒子沿z軸方向的分速度為匕，沿兀軸正方向加速度大小為位移大小為兀，運動時間為t,由牛頓第二定律得qE=ma⑧粒子在z軸方向做勻速直線運動，由運動合成與分解的規律得

v=vcosa⑨zZv=vcosa⑨zZ粒子在兀方向做初速度為零的勻加速直線運動，由運動學公式得聯立①②⑤⑧⑨⑩?式得md2E4mU—2qd2B2設粒子沿y方向偏離z軸的距離為y,其中在區域II中沿y方向偏離的距離為y',由運動學公式得y'=vtsina由題意得y=L+y'y=R—QR2一+y=R—QR2一+=?〈R2—d2(4)S］、込、％分別對應氟核3H、氨核質子;H的位置。18.解：(1)F與Q的第一次碰撞，取F的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得mvQ=mvpi+4mvQi由機械能守恒定律得TOC\o"1-5"\h\z—mv2=—mv2+—.4mv2②2o2pi221聯立①②式得vpi_5V°V=—v④215°故第一次碰撞后P的速度大小為人,Q的速度大小為35050(2)設第一次碰撞后Q上升的高度為久，對Q由運動學公式得0-%2=2?(-2gsin0)?血⑤0smu

聯立①②⑤式得25g設尸運動至與Q剛要發生第二次碰撞前的位置時速度為％,第一次碰后至第二次碰前，對P由動能定理得—mv—mv2一202聯立①②⑤⑦式得02尸與Q的第二次碰撞，設碰后尸與Q的速度分別為.2、匕2，由動量守恒定律得mV02mV02=mVP2+4mV22由機械能守恒定律得1由機械能守恒定律得1°1°1”°_mv2=—mv2+~■4mv22022P22Q2聯立①②⑤⑦⑨⑩式得377=——XVP25502萬=—XV22