1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、2019年女排世界杯中，中國女排以十一場全勝的成績第五次獲得世界杯冠軍，圖中所示為朱婷在世界杯比賽中扣球時的照片。若忽略空氣阻力，下列說法中正

2、確的是A.扣球時手對排球的作用力大于排球對手的作用力B.排球離手后空中處于完全失重狀態C.排球離手后在空中處于超重狀態D.排球離手后做自由落體運動2、如圖所示，物體由靜止開始從A位置做勻加速直線運動到C位置，經時間t 到達中點B位置，則物體從A到C位置運動的時間為A.B.C.D.3、如圖所示，在水平面上固定著三個完全相同的木塊，一子彈以水平速度v射入木塊，若子彈在木塊中做勻減速直線運動，當穿透第三個木塊時速度恰好為零，則子彈依次射入每個木塊時的速度比和穿過每個木塊所用的時間比分別為（）A.v1v2v3=321B.v1v2v3=1C.t1t2t3=1D.t1t2t3=():(1):14、汽車以的

3、速度在平直公路上行駛，急剎車時的加速度大小為，則自駕駛員急踩剎車開始，前2s內和最后2s內汽車的位移之比為A.1：1B.2：1C.3：1D.4：15、如圖所示，物體P靜止于固定的斜面上，P的上表面水平現把物體Q輕輕地疊放在P上，則()A.P所受的合外力增大B.P向下滑動C.P靜止不動D.P與斜面間的靜摩擦力不變6、如圖所示，傾角為30的斜面體c置于水平地面上，滑塊置于光滑斜面上，通過細繩跨過定滑輪與物體a連接，連接b的一段細繩與斜面平行，連接a的一段細繩豎直，a下端連接在豎直固定在地面的輕彈簧上，整個系統保持靜止已知物塊a、b、c的質量分別為m、4m、M，重力加速度為g，不計滑輪的質量和摩擦下

4、列說法中正確的是（ ）A.彈簧彈力大小為mgB.地面對c的摩擦力為零C.剪斷輕繩的瞬間，c對地面的壓力為（4m+M）gD.剪斷輕繩的瞬間，a的加速度大小為g7、如圖所示，在高度不同的兩水平臺階上放有質量分別為m1、m2的兩物體，物體間用輕彈簧相連，彈簧與豎直方向夾角為在m1左端施加水平拉力F，使m1、m2均處于靜止狀態，已知m1表面光滑，重力加速度為g，則下列說法正確的是()A.彈簧彈力的大小為B.地面對m2的摩擦力大小為FC.地面對m2的支持力可能為零D.m1與m2一定相等8、從地面以30 m/s的初速度豎直上拋一球，若不計空氣阻力，取g=10m/s2，則小球運動到距地面25m時所經歷的時間

5、可能為()A.7sB.5sC.3sD.1s9、如圖所示，傳送帶的水平部分長為L=10m，傳動速率為v=2m/s，在其左端無初速度釋放一小木塊，若木塊與傳送帶間的動摩擦因數為=0.2，則木塊從左端運動到右端運動情況說法正確的是：A.一直做勻速運動B.先加速后勻速C.全過程用時間為5.5秒D.全過程用時間為5秒10、A、B兩車沿同一平直公路同向運動，從某時刻開始，兩車的vt圖象如圖所示假設t=8s時兩車恰好相遇則在08s內A.A車加速度大小小于B車加速度大小B.t=6s時兩車相距最遠C.t=0時B車在A車前方33m處D.這段時間內A、B兩車可能相遇兩次11、如圖所示，用繩子OB將照明電燈拉離豎直方

6、向，若保持OB繩水平，使電線OA與豎直方向的夾角增大，則下列說法中正確的是：（ ）A.繩OB的拉力增大B.繩OB的拉力不變C.電線OA的拉力增大D.電線OA的拉力減小12、質量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質彈簧相連，如圖所示，今用大小為作用在A上使AB相對靜止一起向前勻加速運動，則下列說法正確的是A.彈簧的彈力大小等于8NB.彈簧的彈力大小等于12NC.突然撤去F瞬間，A的加速度大小為0D.突然撤去F瞬間，B的加速度大小為4二填空題(每小題6分，共18分)13、在“探究求合力的方法”實驗中橡皮條一端固定于A點如圖所示：（1）同時使用兩只彈簧測力計通過細繩套將橡皮條的另

7、一端拉至O點，分別記錄兩個拉力的大小和方向，其中一只彈簧測力計的示數如圖所示，則其示數為_N.（2）關于本實驗，下列說正確的是_；A.實驗中兩彈簧測力計拉力越大越好B.實驗中兩個分力間的夾角應調到90C.拉兩個細繩套時，拉力應盡量與木板平行D.改用一只彈簧測力計拉橡皮條時，只需確保橡皮條的拉伸長不變（3）某同學通過多次實驗得出：力的合成遵循平行四邊形定則，圖為根據其中一次實驗數據畫出的兩個力F1、F2的圖示，請利用平行四邊形定則在圖中作出這兩個力的合力F合，（ ）根據圖示可確定合力大小_N。（4）該實驗運用的實驗方法是_；A.能控制變量法 B.等效替代法 C.理論推導法 D.理想實驗法14、某

8、實驗小組設計了如圖所示的實驗裝置，通過改變重物的質量，利用計算機可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條aF圖線，如圖乙所示滑塊和位移傳感器發射部分的總質量m_kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數_（重力加速度g取10 m/s2）15、如圖甲所示為測定輕彈簧勁度系數的裝置，被測彈簧一端固定于A點，另一端B用細繩繞過定滑輪掛鉤碼，旁邊豎直固定一最小刻度為毫米的刻度尺，當掛兩個鉤碼時，繩上的定點P對應的刻度如圖乙中的虛線ab所示，再增加一個鉤碼后，P點對應的刻度如圖乙中的虛線cd所示。已知每個鉤碼質量50g，重力加速度g取9.8m/s2.則被測

9、彈簧的勁度系數為_N/m。掛三個鉤碼時彈簧的形變量為_cm。（均保留三位有效數字）三計算題(22分)16、（12分）皮帶傳輸裝置示意圖的一部分如下圖所示,傳送帶與水平地面的夾角A、B兩端相距12m,質量為M=1kg的物體以=14.0m/s的速度沿AB方向從A端滑上傳送帶,物體與傳送帶間的動摩擦因數為0.5，傳送帶順時針運轉動的速度=4.0m/s(g取)，試求:(1)物體從A點到達B點所需的時間；(2)若物體能在傳送帶上留下痕跡,物體從A點到達B點的過程中在傳送帶上留下的劃痕長度17、（10分）某同學利用如圖裝置“探究加速度與力、質量的關系”本實驗采用的物理思想方法是（ ）A等效替代法 B控制變

10、量法 C直接比較法 D理想實驗法實驗中小車質量應_沙和沙桶的總質量（選填“遠大于”、“遠小于”或“等于”）;該同學實驗中打出如圖2一條紙帶，計時器打點的時間間隔為0.02s，從比較清晰的點起，每5個點取1個計數點，量出相鄰兩個計數點之間的距離分別為：OA=1.20cm，AB=1.50cm，BC=1.80cm，CD=2.10cm，則小車的加速度大小為_m/s2（保留兩位有效數字）；在實驗中保持小車質量不變，改變沙和沙桶的總質量，測得沙和沙桶的總重力F和加速度a的數據如下表：F/N0.150.300.480.620.74a/（ms2）0.050.160.300.400.49根據測得的數據，在圖3中

11、作出a - F 圖象_；根據圖1可知a F 圖象未過坐標原點的原因可能是_；參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】A扣球時手對排球的作用力和排球對手的作用力是一對相互作用力，等大反向，A錯誤；BC排球離手后在空中，若忽略空氣阻力，則只受重力作用，加速度豎直向下，大小等于g，處于完全失重狀態，B正確C錯誤；D自由落體運動的初速度為零，而排球離開手后，初速度不為零，做拋體運動，不是自由落體運動，D錯誤；故選B。2、B【解析】由位移時

12、間關系列式即可求解.【詳解】由位移時間關系可知：at2；at2聯立解得：t= t，故選B.3、D【解析】AB子彈依次射入每塊木塊做勻減速直線運動到零，采取逆向思維，由公式可得故AB錯誤；CD子彈依次射入每塊木塊做勻減速直線運動到零，采取逆向思維，子彈做初速度為零的勻加速直線運動，在通過相等位移內的時間比為，反過來，子彈依次射入每塊木塊的時間之比為故C錯誤，D正確。故選D。4、C【解析】根據速度時間公式求出汽車速度減為零的時間，判斷汽車是否停止，再結合位移公式求出2s內的位移，采用逆向思維，結合位移時間公式求出最后2s內的位移，從而得出位移之比；【詳解】汽車速度減為零的時間為：，則前內的位移為：

13、，采用逆向思維，可知汽車在最后內的位移為：則前2s內和最后2s內汽車的位移之比為，故C正確，ABD錯誤【點睛】本題考查了運動學中的剎車問題，是道易錯題，注意汽車速度減為零后不再運動，結合運動學公式靈活求解5、C【解析】ABC未放物體Q時，P處于平衡狀態，設斜面傾角，P質量m，Q質量為M，P重力沿斜面向下分力小于等于最大靜摩擦力：，放上物體Q后，所以整體仍靜止，P所受合力仍為零，AB錯誤C正確D整體仍平衡，所以P與斜面間的靜摩擦力，而未放Q時，P與斜面間的靜摩擦力，所以摩擦力變大，D錯誤6、A【解析】A以b為研究對象，繩子拉力大小為：F=4mgsin30=2mg再以a為研究對象，根據平衡條件可得

14、：F=T+mg解得：T=mg故A正確；B以b和c為研究對象，水平方向根據平衡條件可得：地面對c的摩擦力為：故B錯誤；C剪斷輕繩的瞬間，b的加速度方向沿斜面向下，處于失重狀態，所以c對地面的壓力小于（4m+M）g，故C錯誤；D剪斷輕繩的瞬間，a的加速度大小為：故D錯誤7、AB【解析】對整體受力分析可知，整體受重力、支持力、拉力，要使整體處于平衡，則水平方向一定有向右的摩擦力作用在m2上，且大小與F相同，故B正確；因m2與地面間有摩擦力，則支持力一定不為零，故C錯誤；對m2受力分析可知，彈簧彈力水平方向的分力應等于F，故彈簧彈力為，故A正確；因豎直方向上的受力不明確，無法確定兩物體的質量關系，也無

15、法求出彈簧彈力與重力的關系，故D錯誤；故選AB8、BD【解析】根據“豎直上拋一球”可知，本題考查豎直上拋運動，根據豎直上拋運動的上升和下降過程加速度相同，均為g，速度連續變化，是勻變速直線運動的規律，運用勻減速直線運動的位移公式列式計算.【詳解】豎直上拋運動的全部過程是勻變速直線運動；取豎直向上為正方向，由可知；即：25=30t-5t2，解得：t=1s或t=5s，故B、D正確，A、C錯誤；故選BD.【點睛】豎直上拋運動具有全程法和分段法兩種處理方法，分析清楚物體運動過程，應用勻變速直線運動的位移公式即可解題.9、BC【解析】物塊在傳送帶上加速度：物塊與傳送帶速度相等時，經過時間：經過的位移：此

16、后，物體和傳動帶共速，做勻速直線運動至傳送帶最右端，用時：所以物體先做勻加速直線運動，共速后做勻速直線運動，用時：BC正確，AD錯誤。故選BC。10、AC【解析】v-t圖像的斜率等于加速度；兩車速度相等時相距最遠；v-t圖像的面積等于位移；據此進行判斷.【詳解】v-t圖像的斜率等于加速度，可知 ；，則A車加速度大小小于B車加速度大小，選項A正確；兩車速度相等時相距最遠，即t=6s時兩車相距不是最遠，選項B錯誤；相遇時A的位移：；B的位移：，則 t=0時B車在A車前方60m-27m=33m處，選項C正確；這段時間內A、B兩車只能相遇一次，選項D錯誤；故選AC.【點睛】速度-時間圖象中要注意觀察三

17、點：一點，兩直線交點的含義；二線，注意斜率的意義；三面，速度-時間圖象中圖形與時間軸圍成的面積為這段時間內物體通過的位移11、AC【解析】以結點O為研究對象，分析受力情況，作出力圖如圖：CO繩對O點的拉力大小等于重力mg，即FCO=mg由平衡條件得知：CO繩的拉力FCO和OB繩的拉力FBO的合力與FAO等值、反向由幾何關系得FBO=mgtan當角增加時，繩OB的拉力FBO增大，電線OA的拉力FAO也增大；故選AC.【點睛】本題是力學動態平衡問題，關鍵受力分析后求解出表達式進行分析.12、BD【解析】AB、對整體分析，整體的加速度，隔離對B分析，則彈簧的彈力，故A錯誤，B正確；C、撤去F的瞬間，

18、彈簧的彈力不變，則A的加速度，故C錯誤；D、撤去F的瞬間，彈簧彈力不變，則B的加速度，故D正確故選BD【點睛】對整體分析，根據牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離分析求出彈簧的彈力；撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，結合牛頓第二定律求出A、B的加速度大小二填空題(每小題6分，共18分)13、 .3.6 .C . .3.5N .B【解析】(1)1彈簧秤的最小精度為0.2N，故彈簧秤指針的讀數為3.6N；(2)2A實驗中兩彈簧測力計拉力不是越大越好，方便作圖即可，故A錯誤；B在實驗中兩個分力的夾角大小適當，且二力的大小要適量大些，這樣有利于減小實驗中偶然誤差的影響，不需要夾角等于90，故B錯誤；C拉橡皮

19、條時，橡皮條、細繩和彈簧秤平行貼近木板，使得結點所受的幾個力在同一平面內，故C正確；D為了保證效果相同，改用一只彈簧測力計拉橡皮條時，自由端仍要拉到O點，故D錯誤。故選C。(3)34根據力的平行四邊形定則畫出圖象如下所示：根據圖象可知，合力大小為F合=3.5N。(4)5合力與分力是等效替代的關系，所以本實驗采用的等效替代法，故ACD錯誤，B正確。14、 . .【解析】由牛頓第二定律可知Fmgma，整理得由圖線可知斜率，縱軸截距g2，故m05 kg，02考點：探究加速度a和所受拉力F的關系【名師點睛】此題是探究加速度a和所受拉力F的關系試驗；通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的

20、關系運用數學知識和物理量之間關系式結合起來求解15、 (1).70.0 (2).2.10【解析】(1)1令x0、x1、x2分別指不掛鉤碼、掛兩個鉤碼、掛三個鉤碼時，定點P對應的刻度，由胡克定律，掛兩個鉤碼時F1=k(x1-x0)=2mg掛三個鉤碼時F2=k(x2-x0)=3mg則有=F2-F1=k(x2-x1)=mg所以勁度系數k為(2)2掛三個鉤碼時彈簧形變量三計算題(22分)16、（1）2s（2）5m【解析】（1）開始時物體的初速度大于傳送帶的速度，根據受力及牛頓第二定律求出物體的加速度，當物體與傳送帶共速時，求解時間和物體以及傳送帶的位移；物體與傳送帶共速后，物體向上做減速運動，根據牛頓

21、第二定律求解加速度，幾何運動公式求解到達B點的時間以及傳送帶的位移；（2）開始時物體相對傳送帶上滑，后來物體相對傳送帶下滑，結合位移關系求解劃痕長度.【詳解】（1）物體剛滑上傳送帶時因速度v0=14.0m/s大于傳送帶的速度v=4m/s，則物體相對斜面向上運動，物體的加速度沿斜面向下，根據牛頓第二定律有：Mgsin+Mgcos=Ma1解得：a1=gsin+gcos=10m/s2當物體與傳送帶共速時：v0-at1=v解得t1=1s此過程中物體的位移傳送帶的位移：當物體與傳送帶共速后，由于=0.5tan370=0.75，則物體向上做減速運動，加速度為：Mgsin-Mgcos=Ma2解得a2=2m/s2物體向上減速運動s1=L-x1=3m根據位移公式：s1=vt2-a2t22解得：t2=1s（t2=3s舍去）則物體從A點到達B點所需的時間：t=t1+t2=2s（2）物體減速上滑時，傳送帶的位移：則物體相對傳送帶向下的位移因物體加速上滑時相對傳送帶向上的位移為：則物體從A點到達B點的過程中在傳