1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、關于重力和彈力，下列說法正確的是（）A.重心就是物體所受重力的等效作用點，故重心一定在物體上B.任何幾何形狀規則的物體的重心必與其幾何中心重合

2、C.掛在電線下的電燈受到向上的拉力，是因為電線發生微小形變產生的D.用一根竹竿撥動水中的木頭，木頭受到竹竿的彈力，是由于木頭發生形變產生的2、在以加速度a勻加速上升的電梯中，有一個質量為m的人，下列說法中正確的是（）A.此人對地球的吸引力為B.人對電梯的壓力為C.此人所受的重力為D.此人的視重為3、理想實驗是科學研究中的一種重要方法，如圖所示的是根據可靠的事實進行的斜面理想實驗和推論的示意圖，這個實驗工作曾得到了愛因斯坦的高度評價是哪位科學家根據這個實驗工作推翻了“力是維持物體運動的原因”的觀點A.牛頓B.伽利略C.安培D.亞里士多德4、關于加速度表達式a=的下列說法，正確的是（）A.利用a=

3、求得的加速度是t時間內的平均加速度B.v表示在t時間內物體速度的變化量，它的方向不一定與加速度a的方向相同C.表示速度的變化率，是標量D.加速度a與v成正比，與t成反比5、心電圖是現代醫療診斷的重要手段，醫生在心電圖上測量出相鄰兩波峰的時間間隔，即為心跳周期，由此可計算出1分鐘內心臟跳動的次數（即心率）。甲、乙兩人在同一臺心電圖機上做出的心電圖分別如圖甲、乙所示，醫生通過測量后記下甲的心率是60次/分。該心電圖機圖紙的移動速度和乙的心率分別為A.20 mm/s，60次/分B.25 cm/s，70次/分C.25 mm/s，75次/分D.20 cm/s，120次/分6、在一根輕繩的兩端各拴一個小球

4、，一人用手拿著繩上端的小球站在三層樓的陽臺上，放手讓小球自由下落，兩個球相繼落地的時間差為t。如果站在四層樓的陽臺上，同樣放手讓小球自由下落，則兩球相繼落地的時間差將會（）A.變大B.變小C.不變D.由于層高不知，無法比較7、如圖所示，水平地面上的物體A在斜向上的拉力F的作用下，向右做勻速直線運動，拉力F與水平面夾角為。下列說法中正確的是（）A.物體A一定受到四個力的作用B.物體A受到的摩擦力大小為FsinC.拉力F與物體A受到的摩擦力的合力方向一定是豎直向上D.物體A受到重力和物體對地面的壓力是一對平衡力8、將一個力F=5N分解為兩個不為零的力Fl、F2，下列分解情況中哪些是可能的（）A.F

5、1=10N ，F2=10NB.Fl=3N ，F2=14NC.Fl、F2與F同一直線上D.Fl、F2同時與F垂直9、如圖所示，表示做直線運動的某一物體在05s內的運動圖象，由于畫圖人粗心未標明vt圖還是xt圖，但已知第1s內的速度小于第3s內的速度，下列說法正確的是（ ）A.該圖一定是v-t圖B.該圖一定是x-t圖C.物體的速度越來越大D.物體的位移越來越大10、科學家關于物體運動的研究對經典力學的發展具有重要作用下列說法符合歷史事實的是A.亞里士多德認為重物體下落與較輕物體下落一樣快B.伽利略用實驗直接證實了自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動C.笛卡兒認為如果運動中的物體沒有受到力的作用

6、，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不停下來，也不偏離原來的方向D.牛頓第一定律揭示了力不是維持物體運動狀態的原因，而是改變物體運動狀態的原因11、如圖1所示，一輕彈簧下端固定在水平面上，上端放置一小物體，小物體處于靜止狀態現對小物體施一豎直向上的拉力F，使小物體向上做勻加速直線運動，拉力F與物體位移x的關系如圖2所示，a、b、c均為已知量，重力加速度為g，彈簧始終在彈性限度內則下列結論正確的是（）A.開始時彈簧的壓縮量為cB.物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態C.物體的加速度大小為D.物體從開始運動到離開彈簧的過程經過的時間為12、足球運動是目前全球體育界最具影響力的項目之一，深受青少年喜

7、愛。如圖所示為三種與足球有關的情景。下列說法正確的是（）A.甲圖中，靜止在草地上的足球受到的彈力就是它受到的重力B.乙圖中，踩在腳下且靜止在水平草地上的足球可能受到3個力的作用C.乙圖中，踩在腳下靜止的足球受到2個力作用D.丙圖中，落在球網中的足球受到彈力是由于球網發生了形變二填空題(每小題6分，共18分)13、利用如圖甲所示的實驗裝置探究加速度與合外力的關系，實驗中認為細繩對木塊的拉力等于砝碼和砝碼桶的總重力。請思考探究思路并回答下列問題。（1）下列做法正確的是_（填字母代號）。A在找不到合適的學生電源的情況下，可以使用四節干電池串聯作為打點計時器的電源B平衡摩擦力的方法是懸掛砝碼桶但不得在

8、砝碼桶中添加砝碼，使木塊能拖著紙帶勻速滑動C調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行D實驗時，先接通打點計時器的電源再放開木塊（2）如圖乙所示，是掛上砝碼桶，裝入適量砝碼，按實驗要求打出的一條紙帶：A、B、C、D、E是紙帶上選取的五個計數點，相鄰兩個計數點之間還有四個計時點未畫出。用刻度尺測出各計數點到A點之間的距離，已知打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源兩端。其中打出計數點C時木塊的速度vC=_m/s，木塊的加速度a=_m/s2（結果均保留兩位有效數字）。（3）實驗時改變砝碼及砝碼桶的總質量m，分別測量木塊對應的加速度a。根據測得的多組數據畫出a-m關系圖象，如圖丙實線所示。此圖

9、象的上端明顯偏離直線，造成此現象的主要原因可能是_。14、為了“探究加速度與力、質量的關系”，現提供如圖所示實驗裝置請回答下列問題：（1）為了消除小車與水平木板之間摩擦力的影響應采取做法是_A將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻速運動B將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻加速運動C將木板不帶滑輪的一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動D將木板不帶滑輪的一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻加速運動（2）圖為某次實驗得到的紙帶，已知打點計時器每隔0.02s打一次點根據紙帶可求出小車的加速度大小為_m/s2（結果保留二位有效數字）（3）

10、某學生在實驗中，保持小車質量不變，測得小車的加速度a和拉力F的數據如下表所示F/N0.100.200.300.400.500.600.70a/ms-20300.500.700.901.051.151.20根據表中的數據在圖中坐標紙上畫出a-F圖線_在操作過程中沒有始終滿足保證鉤碼質量遠小于小車總質量，則小車收到拉力的真實值_測量值（填“大于、等于”或“小于”）15、某實驗小組利用如圖所示的裝置探究物體的加速度與力、質量的關系 (1)實驗中下列做法正確的是_A.平衡摩擦力后，實驗就不需要滿足小車及車中砝碼總質量遠大于砝碼盤及盤中砝碼總質量的條件B.每次改變小車中砝碼的質量后，都需要重新平衡摩擦力

11、C.選取點跡清晰的紙帶，必須以打的第一個點為計數起始點進行測量D.實驗中應先接通打點計時器的電源，然后再釋放小車(2)實驗中由于實際繩對小車的拉力_（選填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，會給實驗帶來系統誤差為減小此誤差，實驗中要對小車質量M和重物質量m進行選取，以下四組數據中最合理的一組是_（填寫相應序號）M=200g，m=40g、60g、80g、100g、120gM=200g，m=30g、35g、40g、45g、50gM=400g，m=20g、40g、60g、80g、100gM=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g(3)如圖所示是某一次打點計時器打出的一條記錄小

12、車運動的紙帶取計數點1、2、3、4、5.已知打點計時器的打點周期為0.02s，用刻度尺測量出各相鄰計數點間的距離分別為3.05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，則小車運動的加速度大小a=_m/s2（結果保留兩位有效數字） (4)甲、乙兩同學在同一實驗室，各取一套上圖所示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關系，分別得到右圖中甲、乙兩條直線設甲、乙用的木塊與木板間的動摩擦因數分別為、，由圖可知_（大于、小于、等于）三計算題(22分)16、（12分）物體從離地面20m高處做自由落體運動（），求：(1)物體落地所需時間t；(2)物體落

13、地時的速度v；(3)物體在整個下落過程中的平均速度。17、（10分）如圖所示，質量M=2kg的物塊A放在水平地面上，滑輪固定在天花板上，細繩跨過滑輪，一端與物塊A連接，另一端懸掛質量m=1kg的物塊B，細繩豎直，A、B處于靜止狀態現對物體A施加向左的水平外力F，使A沿水平面向左緩慢移動物塊A剛開始移動時水平外力F13N，不計繩與滑輪間的摩擦，重力加速度g取10 m/s2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，求：(1)物塊A與水平地面間的動摩擦因數；(2)當連接物塊A的細繩與豎直方向的夾角=37時，水平外力F2的大小(已知sin37=0.6，cos37=0.8)參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題

14、5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】A物體各部分都受重力作用，但可以認為物體各部分所受重力集中于一點，這點叫做重心，而重心不一定在物體上，A錯誤；B只有形狀規則質量分布均勻的物體，其重心才與幾何中心重合，B錯誤；C掛在電線下的電燈受到向上的拉力，是因為電線發生微小形變產生的，要恢復原狀，從而對燈產生彈力，C正確；D用一根竹竿撥動水中的木頭，木頭受到竹竿的彈力，是由于竹竿發生形變產生的，D錯誤。故選C。2、D【解析】AC.電梯的運動狀態對人的重力不構成影響，且人受到的重

15、力和人對地球的吸引力是作用力和反作用力，所以人受到的重力和人對地球的吸引力大小都等于mg，AC錯誤BD.對人進行受力分析可知，人受到豎直向下的重力G和豎直向上的支持力F；根據牛頓運動定律可得，F-G=ma，可得F=mg+ma，人對電梯的壓力和人的視重與人受到的支持力大小相等，B錯誤D正確3、B【解析】伽利略通過理想斜面實驗，推理出了力不是維持物體運動的原因，故B正確，ACD錯誤。4、A【解析】利用a=求得的加速度是t時間內的平均加速度故A正確根據a=知，速度變化量的方向與加速度方向相同故B錯誤表示速度的變化率，是矢量故C錯誤a=是加速度的定義式，加速度與速度變化量、變化的時間無關故D錯誤故選A

16、點睛：解決本題關鍵理解加速度的定義式，知道加速度是矢量，方向與速度變化量或速度變化率的方向相同5、C【解析】甲圖紙中，相鄰波峰的位移為，甲的心率是60次/分，則甲心率的周期：則心電圖機圖紙的移動速度：乙圖紙中，相鄰波峰的位移為，乙的心率：故C正確，ABD錯誤。故選C6、B【解析】設細線的長度為L，第一個小球著地后，另一個小球運動的位移為L，在L內運行的時間，即為兩球落地的時間差，第一個球著地的速度為另一個小球在位移L內的初速度。高度越高，落地的速度越大，則可知高度越高，另一個小球在位移L內的初速度越大，根據L=v0t+gt2初速度越大，時間越短所以t2t1故選B。7、AC【解析】A物體受重力、

17、拉力、支持力和摩擦力處于平衡，知物體一定受四個力的作用，故A正確；B根據共點力平衡得：故B錯誤；C因為物體合力為零，知拉力F與物體A受到的摩擦力與重力和支持力的合力等值反向，方向一定豎直向上，故C正確；D物體A受到的重力和支持力不等，一定不是平衡力，故D錯誤；故選AC。8、AC【解析】10N和10N的合力范圍是0,20N，而5N在合力范圍內，可知5N的力可能分解為兩個10N的力，選項A正確；3N和14N的合力范圍是11N，17N，而5N不在合力范圍內，可知5N的力不能分解為3N和14N的力，選項B錯誤；Fl、F2與F可以在同一直線上，選項C正確；Fl、F2不可能同時與F垂直，選項D錯誤9、AD

18、【解析】由圖像可以看出，第1s內圖線的斜率大于第3s內的斜率，若圖像是x-t圖像，則第1s內的速度比第3s內的速度大，與題意不符，所以A錯誤；若是v-t圖像，第1s內的速度比第3s內的速度小，與題意相符，所以B正確；由圖像知，4s后物體做勻減速直線運動，所以C錯誤；圖像與時間軸所圍“面積”表示位移，故可知物體的位移逐漸變大，所以D正確；考點：勻變速直線運動圖像10、CD【解析】A亞里士多德認為重的物體下落快；伽利略認為較重物體下落與較輕物體下落一樣快，故A不符合題意；B伽利略沒有直接證實了自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，而是將斜面實驗進行外推得出間接得出的實驗結果，故B不符合題意；C

19、笛卡兒指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向，故C符合題意；D牛頓第一定律告訴我們，力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因，即力是產生加速度的原因，故D符合題意。故選CD。11、AD【解析】A剛開始時物體處于靜止狀態，物體受到的重力和彈力二力平衡，彈簧的壓縮量：x=c，故A正確；B物體與彈簧分離時，彈簧恢復原長，故B錯誤；C開始時，重力和彈力二力平衡由平衡條件得：mg=kx，拉力F1為a時，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，根據牛頓第二定律有：，物體與彈簧分離后，拉力F2為b，根據牛頓第二定律有：，解得物體的質量：，

20、彈簧的勁度系數：，加速度：，故C錯誤；D從物體開始運動到離開彈簧過程，物體的位移為：c，根據勻變速直線運動的位移公式得：，解得運動時間：，故D正確。故選AD。12、BD【解析】A.靜止在草地上的足球受到的彈力，與重力相平衡，但不是它的重力，故A錯誤；BC.踩在腳下且靜止在水平草地上的足球受到重力、支持力及人腳的壓力的作用，故可能受到3個力的作用，故B正確C錯誤；D.進球時，足球撞到網上，球網被撐開，由于網的形變，而使球受到了彈力，故D正確。故選BD。二填空題(每小題6分，共18分)13、 .CD .0.54 .1.0 .砝碼和砝碼桶的總質量不再滿足遠小于木塊質量【解析】(1)1A在找不到合適的

21、學生電源的情況下，打點計時器使用的為交流電源，也不能使用干電池，A錯誤；B平衡摩擦力的方法是在木板的右端墊高撤掉砝碼桶，打開電源拖動紙帶做勻速運動，B錯誤；C調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，C正確；D實驗時，為了充分利用紙帶獲得較多的數據，先接通打點計時器的電源再放開木塊，D正確；故選：CD。(2)2相鄰計數點間的時間間隔為；C點的瞬時速度等于BD間的平均速度，則；3根據可得(3)4隨著力F的增大，即砝碼和小盤總質量的增大，不再滿足砝碼和砝碼桶的質量遠小于小車的質量，因此曲線上部出現彎曲現象。14、 .（1）C .（2）3.2 .（3） .小于【解析】（1）將不帶滑輪的木板一

22、端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動，以使小車的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是繩子的拉力故選C（2）根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度：（3）圖像如圖：對小車：T=Ma；對鉤碼：mg-T=ma；聯立解得；當mM時，T=mg；若在操作過程中沒有始終滿足保證鉤碼質量遠小于小車總質量，則小車受到拉力的真實值小于測量值15、 .（1）D、 .（2）小于 . .（3）0.86 .（4）大于【解析】根據“探究物體的加速度與力、質量的關系”可知，本題考查“驗證牛頓第二定律”的實驗，根據實驗條件、實驗原理、實驗數據處理、誤差分析、實驗結論等，進行列式計算和分析推斷.【詳解】(1)A、本題實驗研究物塊的牛頓第二定律，實驗器材不能測出繩的拉力大小，則平衡摩擦力后要求物塊質量M遠大于鉤碼的總質量m，只有滿足這個條件才可認為小車受到的拉力F約為mg；故A錯誤.B、平衡摩擦力后，有mgsin=mgcos，即=tan，與質量無關