1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符

2、合題目要求的。1、如圖所示，電路中為電感線圈，C為電容器，先將開關S1閉合，穩定后再將開關S2閉合，則（）AS1閉合時，燈A、B都逐漸變亮BS1閉合時，燈A中無電流通過CS2閉合時，燈B立即熄滅DS2閉合時，燈A中電流由b到a2、如圖所示，邊長為L的等邊三角形ABC內、外分布著兩方向相反的勻強磁場，三角形內磁場方向垂直紙面向里，兩磁場的磁感應強度大小均為B頂點A處有一粒子源，粒子源能沿BAC的角平分線發射不同速度的粒子粒子質量均為m、電荷量均為+q，粒子重力不計則粒子以下列哪一速度值發射時不能通過C點（ ）ABCD3、如圖所示，從高h=1.8m的A點將彈力球水平向右拋出，彈力球與水平地面碰撞兩

3、次后與豎直墻壁碰撞，之后恰能返回A點。已知彈力球與接觸面發生彈性碰撞，碰撞過程中，平行于接觸面方向的速度不變，垂直于接觸面方向的速度反向但大小不變，A點與豎直墻壁間的距離為4.8m，重力加速度g=10m/s2，則彈力球的初速度大小為（）A1.5m/sB2m/sC3.5m/sD4m/s4、如圖甲所示，在勻強磁場中有一個N=10匝的閉合矩形線圈繞軸勻速轉動，轉軸O1O2直于磁場方向，線圈電阻為5。從圖甲所示位置開始計時，通過線圈平面的磁通量隨時間變化的圖像如圖乙所示，則（）A線圈轉動一圈的過程中產生的焦耳熱B在時，線圈中的感應電動勢為零，且電流方向發生改變C所產生的交變電流感應電動勢的瞬時表達式為

4、D線圈從圖示位置轉過90時穿過線圈的磁通量變化率最大5、電磁波與機械波具有的共同性質是( )A都是橫波B都能傳輸能量C都能在真空中傳播D都具有恒定的波速6、空間內有一水平向右的電場E，現有一帶電量為q的小球以初速度為v0向右上拋出，已知，求小球落地點距離拋出點的最遠距離（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是（ ）A液晶與多晶體一樣具有各向同性B水杯裝滿水水面不是平面，而是“上凸”的，這是表面張力所致C相對濕度是空氣中水汽壓與相同溫度下飽和水汽

5、壓的百分比D飽和汽壓一定隨溫度的升高而增大E.脫脂棉脫脂的目的，在于使它從能被水浸潤變為不能被水浸潤，以便吸取藥液8、如圖所示，把能在絕緣光滑水平面上做簡諧運動的彈簧振子放在水平向右的勻強電場中，小球在O點時，彈簧處于原長，A、B為關于O對稱的兩個位置，現在使小球帶上負電并讓小球從B點靜止釋放，則下列說法不正確的是（ ）A小球仍然能在A、B間做簡諧運動，O點是其平衡位置B小球從B運動到A的過程中動能一定先增大后減小C小球仍然能做簡諧運動，但其平衡位置不在O點D小球不可能再做簡諧運動9、長為、間距為的平行金屬板水平正對放置，豎直光屏到金屬板右端距離為，金屬板左端連接有閉合電路，整個裝置結構如圖所

6、示. 質量為、電荷量為的粒子以初速度從兩金屬板正中間自左端點水平射入，當滑動變阻器的滑片在某一位置時，粒子恰好垂直撞在光屏上. 對此過程，下列分析正確的是（ ）A粒子在平行金屬板間的運動時間和從金屬板右端到光屏的運動時間相等B板間電場強度大小為C若僅將滑片向下滑動一段后，再讓該粒子從點以水平速度射入板間，粒子不會垂直打在光屏上D若僅將兩平行板的間距變大一些，再讓該粒子從點以水平速度射入板間，粒子依然會垂直打在光屏上10、如圖是傾角=37的光滑絕緣斜面在紙面內的截面圖。一長為L、質量為m的導體棒垂直紙面放在斜面上，現給導體棒通人電流強度為I，并在垂直于導體棒的平面內加勻強磁場，要使導體棒靜止在斜

7、面上，已知當地重力加速度為g，sin37=0.6，cos37=0.8.則以下說法正確的是（）A所加磁場方向與x軸正方向的夾角的范圍應為B所加磁場方向與x軸正方向的夾角的范圍應為C所加磁場的磁感應強度的最小值為D所加磁場的磁感應強度的最小值為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學為了測量電源的電動勢和內阻，根據元件的不同，分別設計了以下兩種不同的電路。 實驗室提供的器材有：兩個相同的待測電源，輔助電源；電阻箱、，滑動變阻器、；電壓表，電流表；靈敏電流計，兩個開關、。主要實驗步驟如下：按圖連接好電路，閉合開關和，再反復調節和，或者

8、滑動變阻器、，使電流計的示數為0，讀出電流表、電壓表示數分別為、。反復調節電阻箱和（與中的電阻值不同），或者滑動變阻器、，使電流計的示數再次為0，讀出電流表、電壓表的示數分別為、。回答下列問題：(1)哪套方案可以更容易得到實驗結果_（填“甲”或“乙”）。(2)電源的電動勢的表達式為_，內阻為_。(3)若不計偶然誤差因素的影響，考慮電流、電壓表內阻，經理論分析可得，_（填“大于”“小于”或“等于”），_（填“大于”“小于”或“等于”）。12（12分）某物理興趣小組設計了如圖甲所示的歐姆表電路，通過控制開關S和調節電阻箱，可使歐姆表具有“10”和“100”兩種倍率，所用器材如下：A干電池：電動勢E

9、1.5V，內阻r0.5B電流表G：滿偏電流Ig1mA，內阻Rg150C定值電阻R11200D電阻箱R2和R3：最大阻值999.99E電阻箱R4：最大阻值9999F開關一個，紅、黑表筆各1支，導線若干（1）該實驗小組按圖甲正確連接好電路。當開關S斷開時，將紅、黑表筆短接，調節電阻箱R2_，使電流表達到滿偏，此時閉合電路的總電阻叫作歐姆表的內阻R內，則R內_，歐姆表的倍率是_（選填“10”或“100”）；（2）閉合開關S：第一步：調節電阻箱R2和R3，當R2_且R3_時，將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏；第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱R4，調節R4，當電流表指針指向圖乙所示的位置時，對應的歐姆表

10、的刻度值為_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，豎直分界線左側存在水平向右的勻強電場，電場強度大小；右側存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小。為電場中的一點，點到的距離，在其下方離點距離處有一垂直于的足夠大的擋板。現將一重力不計、比荷的帶正電的粒子從點由靜止釋放，電場和磁場的范圍均足夠大。求：（1）該帶電粒子運動到位置的速度大小。（2）該帶電粒子打到擋板的位置到的距離。（3）該帶電粒子從點出發至運動到擋板所用的時間。14（16分）一滑雪者和雪橇的總質量為，沿足夠長的斜坡向下滑動，斜坡傾角，

11、雪橇與斜坡之間的動摩擦因數為，滑雪者所受的空氣阻力與速度大小的比值為常量k（未知），某時刻滑雪者的速度大小為，加速度大小為，取，。求：(1)常量k；(2)滑雪者的最大速率。15（12分）如圖所示，豎直平面內的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點和最低點。現將A無初速度釋放，A與B碰撞后結合為一個整體，并沿桌面滑動。已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m；A和B的質量相等均為1kg；A和B整體與桌面之間的動摩擦因數=0.2。取重力加速度g=10m/s2。求：（1）碰撞前瞬間A的速率v；（2）A和B系統碰撞過程損失的機械能；（3）A和B整體在桌面上滑動的距離L。參

12、考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】ABS1閉合時，因為電容器通交流阻直流，所以燈A中有短暫電流通過，且不會逐漸變亮，故AB錯誤；CS2閉合時，因為電感線圈，燈B會逐漸熄滅，故C錯誤；D開關S2閉合時，電容放電，所以S2閉合瞬間A燈有電流從b到a ，故D正確。故選D。2、C【解析】粒子帶正電，且經過C點，其可能的軌跡如圖所示：所有圓弧所對圓心角均為60，所以粒子運行半徑：r=（n=1，2，3，），粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：（n=1，2，3，），則的粒子不

13、能到達C點，故ABD不合題意，C符合題意。故選C。【點睛】粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動洛倫茲力提供向心力，根據題意作出粒子的運動軌跡是解題的關鍵，應用數學知識求出粒子的可能軌道半徑，應用牛頓第二定律求出粒子的速度即可解題3、B【解析】由題意可知，小球在豎直方向做自由落體運動，則由對稱性可知，小球第一次落地時的水平位移為 則初速度故選B。4、C【解析】A 最大感應電動勢為：感應電動勢的有效值為：線圈轉動一圈的過程中產生的焦耳熱故A錯誤；B t=0.2s時，磁通量為0，線圈中的感應電動勢最大，電流方向不變，故B錯誤；C 由圖知角速度因為線圈從垂直中性面開始計時，所以交變電流感應電動勢的瞬時表達式

14、為e=10cos（5t）V故C正確；D 線圈在圖示位置磁通量為0，磁通量的變化率最大，穿過線圈的磁通量變化最快，轉過90，磁通量最大，磁通量變化率為0，故D錯誤。故選：C。5、B【解析】試題分析：電磁波是橫波，機械波有橫波也有縱波，故A錯誤兩種波都能傳輸能量，故B正確電磁波能在真空中傳播，而機械波不能在真空中傳播，故C錯誤兩種波的波速都與介質的性質有關，波速并不恒定，只有真空中電磁波的速度才恒定考點：考查了電磁波與機械波6、C【解析】設與水平方向發射角，落地點y=0，故豎直方向上有解得在水平方向有又因為，所以最遠射程為故C正確，ABD錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共2

15、0分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A.液晶在光學性質上表現為各向異性，多晶體具有各向同性，故A錯誤；B. 裝滿水的水面是“上凸”的，這是表面張力產生的不浸潤現象所致，故B正確；C.空氣的相對濕度等于水蒸氣的實際壓強與同溫下水的飽和汽壓的比值，故C正確；D.溫度越高，液體越容易揮發，故飽和汽壓隨溫度的升高而增大，故D正確；E.脫脂棉脫脂的目的，在于使它從不能被水浸潤變為可以被水浸潤，以便吸取藥液，故E錯誤。故選：BCD。8、ABD【解析】A.當彈簧彈力等于電場力時為平衡位置，此時彈簧被壓縮，平衡位置

16、不再是O點，選項A錯誤；CD.由于電場力是恒力，不隨彈簧的長度發生變化。而彈簧的彈力隨彈簧的形變量發生變化，由受力特點可知，小球在電場力和彈力作用下依然做簡諧運動，選項C正確，D錯誤；B.由于B點的彈簧彈力大小與電場力大小關系未知，所以無法判斷B點兩力關系，所以小球從B運動到A的過程中，動能不一定先增大后減小，選項B錯誤。本題選不正確的，故選ABD。9、ABD【解析】A、粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運動，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子離開電場后，粒子一定打在屏的上方，做斜上拋運動，粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運動和離開電場后斜上拋運動，水平方向都不受外力，都做勻速直線運動，速度

17、都等于v0，所以粒子在平行金屬板間的運動時間和從金屬板右端到光屏的運動時間相等，故A正確；B、設粒子在平行金屬板間的運動過程中加速度大小為a，則粒子離開電場豎直分速度大小為，粒子離開電場后斜上拋運動則有，聯立解得，故B正確；C、若僅將滑片P向下滑動一段后，R的電壓減小，電容器的電壓減小，帶電量要減小，因為二極管具有單向導電性，所以電容器不能放電，帶電量不變，板間的電壓不變，所以粒子的運動情況不變，再讓該粒子從N點以水平速度射入板間，粒子會垂直打在光屏上，故C錯誤；D、若僅將兩平行板的間距變大一些，電容器的電容要減小，由知U不變，電量要減小，但因為二極管具有單向導電性，所以電容器不能放電，帶電量

18、不變，板間的電場強度不變，所以粒子的運動情況不變，再讓該粒子從N點以水平速度射入板間，粒子會垂直打在光屏上，故D正確；故選ABD【點睛】粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運動，粒子恰好垂直撞在光屏上，所以粒子離開電場后，粒子一定打在屏的上方，做斜上拋運動，粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運動和離開電場后斜上拋運動，采用運動的合成與分解求解10、BC【解析】AB根據共點力平衡知，安培力的方向在垂直斜面向下與豎直向上的這兩個方向之間，根據左手定則知，所加磁場方向與x軸正方向的夾角的范圍應為，故A錯誤，B正確。CD當安培力的方向與支持力方向垂直時，安培力最小，根據矢量三角形定則有則磁感應強度的最

19、小值故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲 等于 等于 【解析】(1)1甲電路的連接有兩個特點：左、右兩個電源間的路端電壓相等，干路電流相同，電阻箱可以直接讀數；乙電路更加適合一般情況，需要采集更多數據，并且需要作圖處理數據才可以得到結論，同狀態下采集數據，根據閉合電路歐姆定律列式求解電源的電動勢和內阻，甲電路更簡單。(2)23根據閉合電路歐姆定律得解得，(3)45當電流計的示數為0時，相同電源，電流相等時路端電壓相等，此電路中電流表測的是干路電流，電壓表測的是兩端的電壓（路端電壓），因此電流表和電壓表都是準確值，故，12、149.5 1500 100 14.5 150 10 【解析】（1）12由閉合電路歐姆定律可知：歐姆表的內阻為則R2R內R1Rgr(150012001500.5)149.5 ，中值電阻應為1500 ，根據多用電表的刻度設置可知，表盤上只有兩種檔位，若為10，則中值刻度太大，不符合實際，故歐姆表倍率應為“100”。（2）34為了得到“10”倍率，應讓滿偏時對應的電