1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，橡皮條一端固定在P點，另一端繞過固定的光滑鐵釘Q與小物塊A連接。 橡皮條的原長等于PQ間距離，伸長時彈力與伸長量成正比。開始時小物塊位于O的正下方，對長木板B的壓力為，B放在光滑的水平面上，AB之間的動摩擦因數為；某時刻在B的右端施加水平向右的恒力 ，若木板足夠長，B對A的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，橡皮條始終處于彈性限度內。在A向右運動的過程中，下列關于B的 v-t圖象，正確的是A B C D2、如圖所示，小芳在體重計上完成下蹲動作，下列F-t圖像能反應體重計示數隨時間變化的是ABCD3、列車在空載時加速經過一段平直的路段，通過某點時速率為，加速度大小為；當列車

3、滿載貨物再次加速經過同一點時，速率仍為，加速度大小變為設列車發動機的功率恒為，阻力是列車重力的倍，重力加速度大小為，則列車空載與滿載時的質量之比為ABCD4、電動自行車具有低噪聲、無廢氣、無油污的環保性，而且它的能源利用率很高。下表為某品牌電動自行車規格及所用電動機的主要技術參數，不計其自身機械損耗。若該車在額定狀態下以最大運行速度行駛，則（ ）電動機的輸入功率為576W 電動機的內電阻為4該車獲得的牽引力為104N 該車受到阻力為63NABCD5、如圖所示，一輛汽車自某地A點啟動，先做勻加速直線運動，運動到B點時接著做勻速直線運動到C點，整個過程汽車運動的總時間為t，總路程為s，B是AC的中

4、點，則這輛汽車勻速運動的速度大小為（）ABCD6、某快遞公司分揀快件的水平傳輸裝置示意圖如圖，皮帶在電動機的帶動下保持的恒定速度順時針轉動，現將一質量為的郵件輕放在皮帶上，郵件和皮帶間的動摩擦力因數，設皮帶足夠長，取，在郵件與皮帶發生相對滑動的過程中A皮帶對郵件的摩擦力和郵件對皮帶的摩擦力是一對平衡力B皮帶對郵件做的功和郵件對皮帶做的功互為相反數C相比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為2JD相比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為1J二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

5、7、A、B兩物體同時同地同向出發，其運動的vt圖象和at圖象如圖甲、乙所示，已知在0t0和t02t0兩段時間內，A物體在vt圖象中的兩段曲線形狀相同，則有關A、B兩物體的說法中，正確的是（ ）AA物體先加速后減速Ba2=2a1Ct0時刻，A、B兩物體間距最小D2t0時刻，A、B兩物體第一次相遇8、一足夠長的木板B靜置于光滑水平面上，如圖甲所示，其上放置小滑塊A，木板B受到隨時間t變化的水平拉力F作用，現用傳感器測出木板B的加速度a，從而得到如圖乙所示的圖象，g取。下面判斷錯誤的是（）A滑塊A與木板B之間的動摩擦因數為0.2B滑塊A的質量為4kgC當時滑塊A的加速度為D當時木板B加度為9、如圖所

6、示，兩個線圈套在同一個鐵芯上，線圈的繞向如圖甲所示左線圈連著正方形線框abcd，線框所在區域存在變化的磁場，取垂直紙面向里為正，磁感應強度隨時間變化如圖乙所示，不計線框以外的感生電場右側線圈連接一定值電阻R，下列說法中正確的是（）At1時刻ab邊中電流方向由ab，e點勢高于f點B設t1、t3時刻ab邊中電流大小分別為i1、i3，則有i1i3，e點與f點電勢相等Ct2t4時間內通過ab邊電量為0，定值電阻R中無電流Dt5時刻ab邊中電流方向由ab，e點電勢高于f點10、如圖所示足夠長固定的平行直角金屬軌道左側傾角的1=37右側傾角=53，軌道寬均為L0.5m整個裝置位于B1T勻強磁場中，磁場方向

7、垂直于右側軌道平面向上，金屬棒ab、cd分別放在左右兩側軌道上且始終垂直于導軌，t=0時刻由靜止釋放兩棒，同時在cd棒上施加一平行于右側軌道的外力F，使cd開始沿右側軌道向上做加速度a=4m/s2的勻加速運動cd棒始終沒有離開右側軌道且與軌道保持良好接觸，已知ab、cd棒的質量m1=0.25kg、m2=0.1kg，兩金屬棒電阻分別為R1=1.5，R2=0.5其余電阻不計，兩棒與軌道間的動摩擦因數均為0.8，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力的大小，在ab棒離開左側軌道前，下列說法中正確的是（重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6)Aab棒先保持靜止狀態，后沿導軌下滑Bab棒始終保持靜止狀態，且

8、對左側軌道的壓力越來越大Ct2s時，ab棒所受的摩擦力大小為0.8ND0t4s時間段內，cd棒所受外力F隨時間變化的關系為F=2t1.68（N）三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）借助于位移傳感器可以方便地測量木塊和木板之間的動摩擦因數，實驗裝置如圖甲所示，木塊從木板上面某一點靜止釋放，位移傳感器記錄下木塊到傳感器的距離。計算機描繪的距離隨時間變化的圖象如圖乙所示。圖甲 圖乙（1）根據上述s- t圖象，計算木塊加速度a =_m/s2， 0.3s時木塊的速度v=_m/s， 。（以上結果均保留2位有效數字）（2）根據圖中提供的已知數據

9、，可計算出木塊與木板間的動摩擦因數=_。（取重力加速度g=10m/s2，結果保留2位有效數字）（3）為了提高木塊與木板間動摩擦因數的測量精度，下列措施可行的是_。A點與傳感器距離適當大些 B木板的傾角越大越好C選擇體積較小的實心木塊D傳感器開始計時的時刻必須是木塊從A點釋放的時刻12（12分）某物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置進行實驗在足夠大的水平平臺上的A點放置一個光電門，水平平臺上A點右側摩擦很小可忽略不計，左側為粗糙水平面，當地重力加速度大小為g，采用的實驗步驟如下：在小滑塊a上固定一個寬度為d的窄擋光片；用天平分別測出小滑塊a（含擋光片）和小球b的質量ma、mb；a和b間用細線連接，中

10、間夾一被壓縮了的輕彈簧，靜止放置在平臺上；細線燒斷后，a、b瞬間被彈開，向相反方向運動；記錄滑塊a通過光電門時擋光片的遮光時間t；滑塊a最終停在C點（圖中未畫出），用刻度尺測出AC之間的距離Sa；小球b從平臺邊緣飛出后，落在水平地面的B點，用刻度尺測出平臺距水平地面的高度h及平臺邊緣鉛垂線與B點之間的水平距離Sb；改變彈簧壓縮量，進行多次測量（1）a球經過光電門的速度為：_（用上述實驗數據字母表示）（2）該實驗要驗證“動量守恒定律”，則只需驗證等式_成立即可（用上述實驗數據字母表示）（3）改變彈簧壓縮量，多次測量后，該實驗小組得到與Sa的關系圖象如圖乙所示，圖線的斜率為k，則平臺上A點左側與滑

11、塊a之間的動摩擦因數大小為_（用上述實驗數據字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一條長為l的絕緣輕繩上端固定在O點，下端栓一個質量為m，電荷量為+q的小球，將它置于方向水平向右的勻強電場中，當小球平衡時輕繩與豎直方向夾角為37，不計空氣阻力，重力加速度為g（sin37=0.6，cos37=0.8）(1)求空間中勻強電場的電場強度E的大小；(2)在A點給小球一水平向右的瞬時沖量I0，使小球恰能做完整的圓周運動，求I0的大小；(3)在A點給小球一水平向右的瞬時沖量I（I小于I0）若小球在之后

12、的運動中恰能通過O點，試求該沖量的大小.14（16分）如圖所示是一傳送帶加速裝置示意圖，現利用該裝置，將一貨物輕放在速度足夠大的傳送帶A端，將其加速到另一端B后貨物將沿著半徑的光滑半圓軌道運動，半圓軌道與傳送帶在B點相切，其中BD為半圓軌道的直徑，O點為半圓軌道的圓心。已知傳送帶與貨物間的動摩擦因數，傳送帶與水平面間夾角。已知，貨物可視為質點。求：(1)貨物在傳送帶上的加速度大小；(2)若貨物能沿半圓軌道運動到最高點C，傳送帶AB段至少要多長？15（12分）人類第一次登上月球時，宇航員在月球表面做了一個實驗：將一片羽毛和一個鐵錘從同一個高度由靜止同時釋放，二者幾乎同時落地若羽毛和鐵錘是從高度為

13、h處下落，經時間t落到月球表面已知引力常量為G，月球的半徑為R（1）求月球表面的自由落體加速度大小g月；（2）若不考慮月球自轉的影響，求月球的質量M和月球的“第一宇宙速度”大小v參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A在Q點正下方靜止時，設AQ=H，則彈簧彈力，在A向右運動的過程中，設AQ與豎直方向的夾角為，則彈簧彈力，則A對B的壓力，即A對B的壓力不變，故AB間的最大靜摩擦力也不變，A受到的彈簧彈力水平向左的分量為，故在A向右運動的過程中， 變小， 變大；當時，AB保持相對靜止，一起向右運動，隨著變大，A

14、B的合外力變小，故加速度減小；當時，AB的速度達到最大，之后AB間的摩擦力，A、B分離，A做減速運動，B做勻速運動；之后A做往復運動直至靜止，由于摩擦力做負功，A的速度必小于B的速度，故B一直做勻速運動，故C正確，ABD錯誤；故選C【點睛】根據力的合成與分解求得任意位置，A對B的壓力，從而求得最大靜摩擦力；再根據A、B的受力情況，由牛頓第二定律根據加速度求得A、B的運動情況2、C【解析】對人的運動過程分析可知，人下蹲的過程可以分成兩段：人在加速下蹲的過程中，有向下的加速度，處于失重狀態，此時人對傳感器的壓力小于人的重力的大小；在減速下蹲的過程中，加速度方向向上，處于超重狀態，此時人對傳感器的壓

15、力大于人的重力的大小，故C正確，A、B、D錯誤；故選C【點睛】人在加速下蹲的過程中，有向下的加速度，處于失重狀態，在減速下蹲的過程中，加速度方向向上，處于超重狀態3、B【解析】因兩次經過某點的速率相同，功率相同，由可知牽引力相同；由牛頓第二定律，空載時：；滿載時：；聯立解得：，故選B.4、B【解析】根據電動機的額定電壓和額定電流可知，電動機的輸入功率為P=UI=4812=576W，所以正確；電動機的額定輸出功率350W，所以電動機的發熱的功率為576W-350W=226W，由P熱=I2r可得r=P熱I2=226122=1.57，所以錯誤；最大運行速度20km/h=5.56m/s，根據輸出功率的

16、公式P出=F牽v可得，以最大運行速度行駛時，F牽=P出v=3505.56=63N，所以錯誤；當電動車勻速行駛時，牽引力和受到的阻力的大小相等，所以該車受到阻力為63N，所以正確。故選B。【點睛】對于電動機來說，不是純電阻電路，對于功率的不同的計算公式代表的含義是不同的，P=UI計算的是總的消耗的功率，P熱=I2r是計算電動機的發熱的功率，當速度最大時牽引力和阻力相等5、B【解析】設汽車從A運動到B所用時間為t1，從B運動到C所用時間為t2，汽車勻速運動的速度大小為v，由題意可得：，可得：，聯立解得：，故B正確，ACD錯誤6、C【解析】根據摩擦力的大小以及皮帶的位移大小求出郵件與皮帶間的摩擦力對

17、皮帶做的功W由位移公式求出郵件加速過程傳送帶的位移，得到郵件相對于傳送帶的位移大小，再乘以摩擦力，即可求出皮帶對郵件做的功；郵件輕放在皮帶上做勻加速運動，對郵件，運用牛頓第二定律求出加速度，由速度時間公式求出郵件加速達到傳送帶速度所需的時間.【詳解】皮帶對郵件的摩擦力和郵件對皮帶的摩擦力是兩個物體之間的相互作用，是一對作用力與反作用力故A錯誤；郵件與皮帶發生相對滑動的過程中，設皮帶相對地面的位移為s，則： ；摩擦力對皮帶做的功 ；郵件勻加速運動的位移；皮帶對郵件做的功：，可知二者的數值不相等故B錯誤；郵件放到皮帶上后做勻加速運動的加速度為郵件勻加速運動到與傳送帶共速的時間 ；聯立可得：；可知相

18、比于沒有郵件的情況，電機多消耗的電能為故C正確，D錯誤；故選C【點睛】本題的關鍵要需理清郵件在整個過程中的運動情況，運用動力學的基本方法，邊計算，邊判斷要注意摩擦生熱與相對位移有關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】由甲圖可知，A物體先做加速度增大的加速運動，再做加速度減小的加速運動，速度一直增加，故A錯誤；由甲圖可知，兩物體的速度變化量相同，在乙圖中at圖線圍成的面積表示速度的變化量，即0t0時間內at圖線圍成的面積相等，則有a2=2a1，故B正確；由v

19、t圖線可知，0t0時間內A的速度一直小于B的速度，B在前，A在后，AB之間的距離不斷增大，t0時刻以后A的速度大于B的速度，它們之間的距離開始減小，因此t0時刻兩物體之間的距離最大，故C錯誤；由甲圖可知，2t0時刻A、B兩物體vt圖線圍成的面積相等，表示位移相等，兩物體第一次相遇，故D正確8、BD【解析】令A、B的質量分別為m和M，當F=8N時，m和M整體的加速度為a=2m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有F=（M+m）a代入數據解得M+m=4kg當F8N時，對M，根據牛頓第二定律得知圖線的斜率解得M=1kg則滑塊的質量m=3kg根據F8N的圖線知，F=6N時，a=0，即代入數據解得=0.2

20、當F=12N時，對滑塊，根據牛頓第二定律得mg=ma解得a=g=2m/s2故AC正確，不符合題意；BD錯誤，符合題意。故選BD。9、BD【解析】根據“兩個線圈套在同一個鐵芯上”、“磁感應強度隨時間變化如圖乙所示”“t1時刻ab邊中電流方向” 等可知，本題考查變壓器的原理、法拉第電磁感應定律和楞次定律，根據法拉第電磁感應定律和楞次定律的規律和圖像中B-t圖像斜率的變化，分析求解。【詳解】A.t1時刻磁場方向向里且均勻增加， 根據楞次定律，線框中感應電流沿逆時針方向，ab邊中電流方向由ab，根據法拉第電磁感應定律知，正方形線框中的感應電動勢是恒定值，原線圈中電流值恒定，副線圈中不產生感應電動勢，e

21、點電勢等于f點電勢，故A錯誤；B.根據法拉第電磁感應定律，t1時刻磁感應強度的變化率小于t3時刻的磁感應強度變化率，e1e3，根據歐姆定律i=e/R，知i10.6m1g，ab棒始終保持靜止狀態，隨著cd棒速度的增大，安培力越來越大，對ab棒根據左手定則可知安培力方向垂直于斜面向上，所以zb棒對左側軌道的壓力越來越小，最大靜摩擦力逐漸減小，當最大靜摩擦力小于0.6m1g時，ab棒開始下滑，故A正確、B錯誤；C、t=2s時，cd棒的速度為v=at=8m/s，根據法拉第電磁感應定律可得E=BLv=4V，感應電流大小I=E/(R1+R2)=4/2A=2A，ab棒受到的安培力大小為FA=BIL=1N，此

22、時ab棒所受的最大靜摩擦力大小為fm=(m1gcos37FA)=0.8N0.6m1g=1.5N，所以此時ab棒已經開始下滑，故摩擦力大小為0.8N，C正確；D、0t4s時間段內，根據牛頓第二定律可得：FFAm2gcos53=m2a，即F=B2L2v/(R1+R2)+m2gcos53+m2a=0.5t+0.88(N)，故D錯誤故選AC【名師點睛】以ab棒為研究對象，根據受力情況確定運動情況，再分析ab棒受到的安培力大小和方向，確定壓力的變化情況；根據v=at求解cd棒的速度，根據法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律結合安培力計算公式求解安培力大小，由此計算摩擦力大小；0t4s時間段內，根據牛頓

23、第二定律結合運動學公式求解F的表達式三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.0 0.40 0.50 AC 【解析】由于滑塊在斜面上做勻加速直線運動，所以某段時間內的平均速度等于這段時間內中點時刻的瞬時速度；根據加速度的定義式即可求出加速度；根據牛頓第二定律求出測定動摩擦力因數；為了提高木塊與木板間摩擦力因數的測量精度，可行的措施是A點與傳感器位移適當大些或減小斜面的傾角；【詳解】解：(1)由圖象知，在第1個0.1s，木塊的位移為0；在第二個0.1s，木塊的位移x2=25-24cm=1cm；經第3個0.1s，木塊的位移x3=24-21cm

24、=3cm，經第4個0.1s，木塊的位移x4=21-16cm=5cm，0.3s時木塊的速度v=x3+x42t=0.40m/s，由x=aT2解得a=xT2=2.0m/s2 (2)由圖可知sin=1525=0.6，根據牛頓第二定律，有mgsin-mgcos=ma，解得=gsin-agcos=100.6-2.0100.8=0.50(3)A、A點與傳感器距離適當大些，可提高長度的測量精度，提高加速度的測量精度，從而提高動摩擦因數的測量精度，故A正確；B、而木板的傾角過大，則運動時間過短，故B錯誤；C、體積較小的實心木塊受到的空氣阻力較小，測量結果較準確，故C正確；D、傳感器開始計時的時刻可從任意位置，故

25、D錯誤；故選AC。12、 【解析】（1）1燒斷細線后，a向左運動，經過光電門，根據速度公式可知，a經過光電門的速度；（2）2b離開平臺后做平拋運動，根據平拋運動規律可得：sb=vbt解得：若動量守恒，設向右為正，則有：0=mbvb-mava即（3）3對物體a由光電門向左運動過程分析，則有：va2=2asa經過光電門的速度：由牛頓第二定律可得：聯立可得：則由圖象可知：解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) 3mg4q (2) m23gl2 (3) m(8+53)gl2【解析】（1）對小球受力分析，根據平衡條件即可求解電場強度E的大小；（2）由等效重力思想求出等效最高點B的速度，再由動能定理求出A點的初速度，根據動量定理即可求出瞬時沖量I0；（3）根據題意，作出小球發生的運動，根據運動學公式、向心力知識和動量定理即可求出該沖量的大小【詳解】（1）由題可得：tan37=mgqE，解得：E=3mg4q（2）由等效重力思想，可知當小