1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線代表電場中的三個等勢面，實線為一帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，下列說法中正確的是（）A粒子帶負電B粒子在Q點時的加速度較P點大C粒子在P點時的動能較Q點大D粒子在P點時的電勢能較Q點大2、如圖所示，在水平傳帶上有三個質(zhì)量分別為m1、m2、m3的木塊1、2、3,1和2及2和3間分別用原長為L，系數(shù)為k的輕彈簧連接起來，木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為，現(xiàn)用水平細繩將木塊1固定在左邊的墻上，傳送帶按圖示方向勻速運動，當三個木塊達到平

3、衡后，1、3兩木塊之間的距離是（ ）A2L+(m2+m3)gkB2L+(m2+2m3)gkC2L+(m1+m2+2m3)gkD2L+m3gk3、如圖所示為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象，其中E02106V/m。當t0時，在電場中由靜止釋放一個電荷量為5107C的帶電粒子，設帶電粒子只受電場力作用，則下列說法中正確的是A帶電粒子將以某一中心點做往復運動Btls2s內(nèi)，電場力所做的功為零，電場力的沖量為零Ct4s18s內(nèi)，帶電粒子動量變化量的大小為16kgm/sD帶電粒子在tls4s內(nèi)的初、末位置間的電勢差為零4、2018 年國際雪聯(lián)單板滑雪U形池世錦賽決賽在西班牙內(nèi)華達山收官，女子決賽中

4、，中國選手蔡雪桐以 175 分高居第一，成功衛(wèi)冕。如圖所示，單板滑雪 U形池場地可簡化為固定在豎直面內(nèi)的半圓形軌道場地，雪面不同曲面處的動摩擦因數(shù)不同。因摩擦作用， 滑雪運動員從半圓形場地的坡頂下滑到坡底的過程中速率不變，則（ ）A運動員下滑的過程中加速度不變B運動員下滑的過程所受摩擦力先增大后減小C運動員下滑過程中與雪面的動摩擦因數(shù)變小D運動員滑到最低點時對軌道的壓力等于物體的重力5、有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動，b處于地面附近的近地軌道上正常運動，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖所示，則有（）Aa的向心加速度等于重力加速度g

5、Bb在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長Cc在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是Dd的運動周期有可能是20小時6、質(zhì)量為1kg的物體，放在動摩擦因數(shù)為0.2的水平面上，在水平拉力的作用下由靜止開始運動，水平拉力做的功W和物體發(fā)生的位移s之間的關系如圖所示，重力加速度為10m/s2，則下列說法正確的是AAB段加速度大小為3m/s2BOA段加速度大小為5m/s2Cs=9m時速度大小為3m/sDs=3m時速度大小為2m/s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于萬有引力定律，以下說法正確的是：A牛

6、頓在前人研究基礎上總結(jié)出萬有引力定律，并計算出了引力常數(shù)為GB德國天文學家開普勒對他的導師第谷觀測的行星數(shù)據(jù)進行了多年研究，得出了萬有引力定律C英國物理學家卡文迪許測出引力常數(shù)為G，被人們稱為“能稱出地球的質(zhì)量的人”D月地檢驗表明地球表面物體和月球表面物體受到的引力，與太陽行星間的引力遵從相同的規(guī)律8、如圖所示，甲圖為光滑水平面上質(zhì)量為M的物體，用細線通過定滑輪與質(zhì)量為m的物體相連，由靜止釋放，乙圖為同一物體M在光滑水平面上用細線通過定滑輪豎直向下受到拉力F的作用，拉力F的大小與m的重力相等，由靜止釋放，開始時M距桌邊的距離相等，則A甲、乙兩圖中M的加速度相等為B甲圖中M的加速度比乙圖中M的加

7、速度大C乙圖中繩子受到的拉力較大D甲圖中M到達桌邊用的時間較長，速度較小9、在水平向左的勻強電場中，一帶電顆粒以速度v從a點水平向右拋出，不計空氣阻力，顆粒運動到b點時速度大小仍為v，方向豎直向下已知顆粒的質(zhì)量為m，電荷量為q，重力加速度為g，則顆粒從a運動到b的過程中A做勻變速運動B速率先增大后減小C電勢能增加了Da點的電勢比b點低10、如圖所示，ABCD與CDEF為相鄰的兩個相同正方形，在正方形ABCD的中心O1有一正點電荷，在正方形CDEF的中心O2有一負點電荷，兩點電荷帶電量相等，G點為EF的中點，H點為CD的中點，則下列說法正確的是（ ）AC和G兩點的電場強度方向相同BC點和H點的電

8、勢相等C將一帶正電的試探電荷沿直線從點移動至點的過程中，電場力一直做正功D將一帶正電的試探電荷沿直線從F點移動至E點的過程中，電場力先做正功后做負功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）圖甲為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖。圖中打點計時器的電源為50 Hz的交流電源，打點的時間間隔用t表示。在小車質(zhì)量未知的情況下，某同學設計了一種方法用來探究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質(zhì)量間的關系”。 (1)完成下列實驗步驟中的填空：平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調(diào)整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列_的點。

9、按住小車，在小吊盤中放入適當質(zhì)量的物塊，在小車中放入砝碼。打開打點計時器電源，釋放小車，獲得帶有點列的紙帶，在紙帶上標出小車中砝碼的質(zhì)量m。按住小車，改變小車中砝碼的質(zhì)量，重復步驟。在每條紙帶上清晰的部分，每5個間隔標注一個計數(shù)點。測量相鄰計數(shù)點的間距s1、s2、。求出與不同m相對應的加速度a。以砝碼的質(zhì)量m為橫坐標，為縱坐標，在坐標紙上作出m關系圖線。若加速度與小車和砝碼的總質(zhì)量成反比，則與m應成_關系(填“線性”或“非線性”)。(2)完成下列填空：本實驗中，為了保證在改變小車中砝碼的質(zhì)量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質(zhì)量之和應滿足的條件是_。圖乙為用米尺測量某一紙帶上的s1

10、、s3的情況由此求得加速度的大小a_ m/s2 (保留三位有效數(shù)字)。圖丙為所得實驗圖線的示意圖。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為_，小車的質(zhì)量為_。12（12分）為了驗證平拋運動的小球在豎直方向上做自由落體運動，用如圖所示的裝置進行實驗小錘打擊彈性金屬片，A球水平拋出，同時B球被松開，自由下落關于該實驗，下列說法中正確的有（ ）A兩球的質(zhì)量應相等B兩球應同時落地C應改變裝置的高度，多次實驗D實驗也能說明A球在水平方向上做勻速直線運動四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（1

11、0分）如圖所示為演示“過山車”原理的實驗裝置，該裝置由兩段傾斜直軌道與一圓軌道拼接組成，在圓軌道最低點處的兩側(cè)稍錯開一段距離，并分別與左右兩側(cè)的直軌道平滑相連。某研學小組將這套裝置固定在水平桌面上，然后在圓軌道最高點A的內(nèi)側(cè)安裝一個薄片式壓力傳感器（它不影響小球運動，在圖中未畫出）。將一個小球從左側(cè)直軌道上的某處由靜止釋放，并測得釋放處距離圓軌道最低點的豎直高度為h，記錄小球通過最高點時對軌道（壓力傳感器）的壓力大小為F。此后不斷改變小球在左側(cè)直軌道上釋放位置，重復實驗，經(jīng)多次測量，得到了多組h和F，把這些數(shù)據(jù)標在F-h圖中，并用一條直線擬合，結(jié)果如圖所示。為了方便研究，研學小組把小球簡化為質(zhì)

12、點，并忽略空氣及軌道對小球運動的阻力，取重力加速度g=10m/s2。請根據(jù)該研學小組的簡化模型和如圖所示的F-h圖分析：（1）當釋放高度h=0.20m時，小球到達圓軌道最低點時的速度大小v；（2）圓軌道的半徑R和小球的質(zhì)量m；（3）若兩段傾斜直軌道都足夠長，為使小球在運動過程中始終不脫離圓軌道，釋放高度h應滿足什么條件。14（16分）如圖，跳臺滑雪運動員經(jīng)過一段加速滑行后從點水平飛出，經(jīng)落到斜坡上的點已知點是斜坡的起點，斜坡與水平面的夾角，運動員的質(zhì)量不計空氣阻力（取， ； 取）求：（1）點與點的距離（2）運動員離開點時的速度大小（3）落到點瞬間重力的功率15（12分）如圖所示為車站使用的水平

13、傳送帶裝置的示意圖.繃緊的傳送帶始終保持3ms的恒定速率運行，傳送帶的水平部分AB距水平地面的高度為h=0.45m.現(xiàn)有一行李包(可視為質(zhì)點)由A端被傳送到B端，且傳送到B端時沒有被及時取下，行李包從B端水平拋出，不計空氣阻力，g取l0ms2 （1）若行李包從B端水平拋出的初速v3ms，求它在空中運動的時間和飛出的水平距離；（2）若行李包以v01ms的初速從A端向右滑行，包與傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.2，要使它從B端飛出的水平距離等于(1)中所求的水平距離，求傳送帶的長度L應滿足的條件.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的

14、。1、D【解析】A因為電場線和等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢，所以在P點的電場強度方向如圖所示：因為帶電粒子受到的電場力和電場強度共線，且在曲線的內(nèi)側(cè)，所以粒子在P點受到的電場力和電場強度方向相同，則粒子帶正電，故A錯誤；B因為Q點所在處的等勢面比P點疏，所以電場強度比P點小，根據(jù)牛頓第二定律可知，粒子在Q點的加速度小于P點，故B錯誤；CD根據(jù)EP=q可知，P點的電勢大于Q點，所以粒子在P點的電勢能大于Q點，根據(jù)能量守恒可知，粒子在P點的動能小于Q點，故C錯誤，D正確2、B【解析】分別對木塊3和木塊2和3整體分析，通過共點力平衡，結(jié)合胡克定律求出兩根彈簧的形變量，從而求出1、3量木塊之間的距

15、離。【詳解】對木塊3分析，摩擦力與彈簧彈力平衡，有：m3g=kx，則x=m3gk，對木塊2和3整體分析，摩擦力和彈簧彈力平衡，有：（m2+m3）g=kx，則x=m2+m3gk，則1、3兩木塊的距離s=2L+x+x=2L+m2+2m3gk，故B正確，ACD錯誤。【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地選擇研究對象，根據(jù)共點力平衡、胡克定律進行求解。3、C【解析】由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內(nèi)的加速度，為第2s內(nèi)加速度的，因此先加速1s，再減小0.5s速度為零，接下來的0.5s將反向加速，由對稱關系可得，反向加速的距離使帶電粒子剛回到減速開始的點，2-3s粒子繼續(xù)反向加速，v-t圖象如圖所示，可知

16、粒子并不是在某一中心點做往復運動，故A錯誤；由v-t圖像可知，在ls2s內(nèi)，粒子動能的變化量為零，即電場力所做的功為零；動量的變化不等于零，電場力的沖量不為零，選項B錯誤；根據(jù)動量定理，在t4s18s內(nèi)，帶電粒子動量變化量的大小為： （其中t=1s），選項C正確；由圖像可知，帶電粒子從t=ls時刻到t=4s時間內(nèi)的位移不等于零，即電場力做功不為零，電勢能的變化不為零，則初、末位置間的電勢差不為零，選項D錯誤；故選C.點睛：帶電粒子在交變電場中的運動，是對“力和運動”知識點深化性考查的重要信息載體，該問題主要圍繞“受力分析、依據(jù)受力和運動的初始條件判斷帶電粒子的運動狀態(tài)、多方物理過程的分析和臨界

17、條件”等能力點考查學生的學科思維能力，方法上主要采用“牛頓運動定律”和“功能思想”4、C【解析】A運動員在下滑過程中速率不變，故可看做勻速圓周運動，根據(jù)：可知加速度大小不變，方向始終指向圓心，方向時刻在變，故加速度時刻在變；故A錯誤B設支持力與豎直方向的夾角為，則摩擦力：在下滑過程中，由于角度變小，故變小，則變小；故B錯誤C設支持力 與豎直方向的夾角為，則由于合力大小不變，故在下滑過程中，由于角度變小，故變大，變小，故變大，變小，根據(jù)：可知，摩擦因數(shù)減小；故C正確D在最低點時：依題意，有速度，則支持力不等于重力，根據(jù)牛頓第三定律，壓力等于支持力，所以壓力不等于重力；故D錯誤5、B【解析】A同步

18、衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據(jù)a=2r可知，c的向心加速度大于a的向心加速度；根據(jù)萬有引力等于重力可得衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度約為g，所以知a的向心加速度小于重力加速度g，故A錯誤；B根據(jù)萬有引力提供向心力解得衛(wèi)星的半徑越大，速度越小，則有；對c和a有因為c的半徑大于a的半徑，故，故b的速度最大，在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長，故B正確；Cc是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是，故C錯誤；D根據(jù)開普勒第三定律可知，衛(wèi)星的半徑越大，周期越大，d的半徑大于c的，所以d的運動周

19、期大于c的周期24h，所以不可能為20h，故D錯誤。故選B。6、C【解析】對于OA過程，根據(jù)動能定理，有：，代入數(shù)據(jù)解得：，根據(jù)速度位移公式，有，代入數(shù)據(jù)解得：a1=3m/s2，對于前9m過程，根據(jù)動能定理，有： ，代入數(shù)據(jù)解得：.A、AB段受力恒定，故加速度恒定，而初末速度相等，故AB段的加速度為零，故A錯誤；B、由上面分析知，OA段加速度a1=3m/s2，故B錯誤；C、s=9m時速度大小為，故C正確；D、s=3m時速度大小為，故D錯誤故選C.【點睛】本題關鍵對物體受力分析，然后對物體的運動過程運用動能定理和速度位移公式列式并聯(lián)立求解二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小

20、題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A、C項：牛頓在前人研究基礎上總結(jié)出萬有引力定律，但并沒有測出引力常數(shù)，引力常數(shù)是卡文迪許通過扭稱實驗測得，故A錯誤，C正確；B項：萬有引力定律是牛頓在前人研究基礎上總結(jié)得出，故B錯誤；D項：月-地檢驗表明地面物體和月球受地球的引力，與太陽行星間的引力遵從相同的規(guī)律，都是萬有引力，故D正確點晴：解決本題關鍵萬有引力定律的歷史8、CD【解析】試題分析：對甲圖：以兩個物體整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，再對M研究，求出繩子的拉力對乙圖：由牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)兩者

21、的加速度分析問題甲圖：以兩個物體整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得： ；乙圖： ，且，AB錯誤；乙圖中繩子拉力大小為，而甲圖中，對M： ，則乙圖中繩子受到的拉力較大，C正確；由公式和得知，甲圖中加速度較小，甲圖中M到達桌邊用的時間較長，速度較小，D正確9、AC【解析】A.小球受到的重力和電場力是恒力，所以小球做的是勻變速運動故A正確B.由于不知道重力和電場力的大小關系，故無法確定速度大小的變化情況故B錯誤C.在平行于電場方向，小球的動能減小量為，減小的動能轉(zhuǎn)化為了小球的電勢能，所以小球電勢能增加了故C正確D. 在平行于電場方向有，解之得，所以a點的電勢比b點低故D錯誤10、BD【解析】兩點電荷

22、在C點的合場強方向水平向右，兩點電荷在G點的合場強方向水平向左，故兩者的電場強度方向不同，A錯誤；等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢面，故C和H兩點的電勢相等，B正確；從B到F過程中電場力的夾角先與速度方向為鈍角，即先做負功，再做正功，C錯誤；從F點到E點過程中電場力與速度方向的夾角先是銳角，后為鈍角，即先做正功后做負功，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、等間距 線性 遠小于小車和砝碼的總質(zhì)量 1.16(1.131.19之間均正確) 【解析】(1)1在平衡摩擦力時，應小吊盤中不放物塊，調(diào)整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點

23、計時器打出一系列等間距的點，則此時說明小車做勻速運動；2由牛頓第二定律：F=ma可知：在F一定時，與m成正比，與m成線性關系.(2)3探究牛頓第二定律實驗時，當小吊盤和盤中物塊的質(zhì)量之和遠小于小車和車中砝碼的總質(zhì)量時，可以近似認為小車受到的拉力等于小吊盤和盤中物塊受到的重力，認為小車受到的拉力不變4兩個相鄰計數(shù)點之間還有4個點，打點計時器的打點時間間隔為0.02s，計數(shù)點間的時間間隔：t=0.1s,由勻變速直線運動的推論：x=at2可知加速度：56設小車質(zhì)量為M，小車受到外力為F，由牛頓第二定律有：所以則圖象的斜率為，故縱截距為則12、BC【解析】試題分析：在該實驗中，是用B球的運動與A球豎直方向的運動相對照，從而達到實驗目的的，在豎直方向上，兩球做自由落體運動，根據(jù)自由落體運動規(guī)律可知，由于兩球同時從同一高度開始下落，因此在任意相等的時間內(nèi)，兩球下落的高度相同，顯然至落地，兩球下落的高度相同，時間也相同，故選項B正確；做自由落體運動的物體運動規(guī)律相同，與質(zhì)量無關，故選項A錯誤；為了減小實驗誤差，因此采用多次測量的方法，同時為了使該實驗具有普遍性，需改變小球的初始高度，故選項C正確；在水平方向上，沒有物體的運動與A球水平方向的運動相對照，因此無法說明小球A在水平方向上的運動規(guī)律，故選項D錯誤考點：本題主要考查了對自由落體運動規(guī)律的理解和演