1、WORD格式2021 年*省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題此題共 5 道小題，每題 3 分，共計 15 分，每題只有一個選項符合題意1 3 分2021 *一電器中的變壓器可視為理想變壓器，它將220V 交變電流改變為110V ，變壓器原線圈匝數為800，那么副線圈的匝數為A 200B 400C 1600D 3200考點 ：變壓器的構造和原理專題 ：交流電專題分析：根據理想變壓器原副線圈匝數比等于電壓比即可求解解答：解：根據理想變壓器原副線圈匝數比等于電壓比得：變壓器能將220V 交變電流改變為110V ，原線圈匝數n1=800 ，副線圈匝數 n2那么：匝應選： B點評：此題主要考

2、察了變壓器原副線圈匝數比與電壓比之間的關系，難度不大，屬于根底題2 3 分2021 *靜電現象在自然界中普遍存在，我國早在西漢末年已有對靜電現象的記載，春秋緯 考異郵中有“玳瑁吸 之說，但以下不屬于靜電現象的是A 梳過頭發的塑料梳子吸起紙屑B 帶電小球移至不帶電金屬附近，兩者相互吸引C小線圖接近通電線圈過程中，小線圈中產生電流D 從枯燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有被電擊的感覺考點 ：靜電場中的導體分析：分析各現象的形成原因，然后判斷各現象的成因是否與靜電現象有關，然后答題解答：解：A 、梳子與頭發摩擦會產生靜電，吸起紙屑，是靜電現象，不符合題意故A 錯誤；B 、帶電小球移至不帶電金屬附近，

3、兩者相互吸引屬于靜電感應現象，是靜電現象，不符合題意故 B 錯誤；C、小線圖接近通電線圈過程中，小線圈中產生電流屬于電磁感應現象，不屬于靜電現象故 C 正確D 、從枯燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有被電擊的感覺是由于摩擦會產生靜電，也是靜電現象，不符合題意故D 錯誤；此題選不屬于靜電現象的，應選：C點評：靜電是因為摩擦使物體帶電的現象，平時所見到的摩擦起電現象都是一種靜電現象如：塑料的梳子梳理枯燥的頭發的時候，頭發和梳子會粘在一起，而且會產生噼啪的響聲； 玻璃棒和絲綢摩擦，用玻璃棒可以吸引碎紙片玻璃棒帶正電，絲綢帶負電；專業資料整理WORD格式1專業資料整理WORD格式毛皮和橡膠棒摩擦也產生

4、靜電，現象和上面一樣橡膠棒帶負電，毛皮帶正電；注意閃電不屬于靜電，靜電積累到一定程度，正負電子引誘，而產生的放電現象3 3 分2021 *過去幾千年來， 人類對行星的認識與研究僅限于太陽系內，行星“51peg b的發現拉開了研究太陽系外行星的序幕，“51 peg b繞其中心恒星做勻速圓周運動，周期約為 4 天，軌道半徑約為地球繞太陽運動半徑的，該中心恒星與太陽的質量比約為A B 1C 5D 10考點 ：萬有引力定律及其應用專題 ：萬有引力定律的應用專題分析：研究行星繞某一恒星做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式求出中心體的質量分析求解解答：解：研究行星繞某一恒星做勻速圓周運動，根據

5、萬有引力提供向心力，列出等式為：=mrM=“51 peg b繞其中心恒星做勻速圓周運動，周期約為4 天，軌道半徑約為地球繞太陽運動半徑的，所以該中心恒星與太陽的質量比約為1，應選： B點評：要求解一個物理量大小變化，我們應該把這個物理量先表示出來，再根據量進展判斷向心力的公式選取要根據題目提供的物理量或所求解的物理量選取應用4 3 分2021 *如下列圖，用天平測量勻強磁場的磁感應強度，以下各選項所示的載流線圈匝數一樣，邊長 MN 相等，將它們分別掛在天平的右臂下方，線圈中通有大小相同的電流，天平處于平衡狀態，假設磁場發生微小變化，天平最容易失去平衡的是專業資料整理WORD格式2專業資料整理W

6、ORD格式ABCD考點 ：安培力分析：根據左手定那么得出載流線圈各邊所受安培力的方向，根據力的合成得出載流線圈的合力大小的關系，進展分析求解解答：解：假設載流線圈的電流方向是順時針方向，根據左手定那么得出載流線圈各邊所受安培力的方向，C、 D 選項中各邊所受安培力的方向類似于B 圖，根據力圖結合力的合成可以發現A 圖中載流線圈各邊所受安培力的合力最大，所以假設磁場發生微小變化，天平最容易失去平衡的是A 圖天平應選： A點評：解決此題的關鍵掌握安培力方向的判定，以及會利用力的平衡去求解問題5 3 分2021 *如下列圖，某“闖關游戲 的筆直通道上每隔8m 設有一個關卡，各關卡同步放行和關閉，放行

7、和關閉的時間分別為5s 和 2s，關卡剛放行時，一同學立即在關卡 1 處以加速度2m/s2由靜止加速到2m/s，然后勻速向前， 那么最先擋住他前進的關卡是A 關卡 2B關卡 3C關卡 4D關卡 5考點 ：勻變速直線運動規律的綜合運用專題 ：直線運動規律專題分析：人先做加速運動，之后是勻速運動，計算到達各個關卡的時間與關卡放行和關閉的時間比照，得出結果專業資料整理WORD格式3專業資料整理WORD格式解答：解：根據 v=at 可得，2=2 t1，所以加速的時間為t1=1s加速的位移為 x1=2=1m，at =到達關卡2的時間為 t2=s=3.5s，所以可以通過關卡2 繼續運動，到達關卡2的時間為

8、 t3=s=4s，此時關卡3也是放行的，可以通過，到達關卡4的總時間為 1+3.5+4+4=12.5s ，關卡放行和關閉的時間分別為5s 和 2s，此時關卡4 是關閉的，所以最先擋住他前進的是關卡4，所以 C 正確；應選： C點評：此題是對勻變速直線運動位移時間關系式的考察，注意開場的過程是勻加速直線運動，要先計算出加速運動的時間二、多項選擇題：此題共 4 小題，每題 4 分，共計 16 分，每題有多個選項符合題意，全部選對的得 4 分，選對但不全的得 2 分，錯選或不答的得 0 分6 4 分2021 *一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a 隨時間 t 變化的圖線如下列圖，以豎直向上為a

9、的正方向，那么人對地板的壓力A t=2s 時最大B t=2s 時最小C t=8.5s 時最大D t=8.5s 時最小考點 ：牛頓第二定律；物體的彈性和彈力專題 ：牛頓運動定律綜合專題分析：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態，此時有向上的加速度，合力也向上；當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態，此時有向下的加速度，合力也向下解答：解：在時間軸的上方，表示加速度向上，此時處于超重狀態，在時間軸的下方，表示加速度向下，此時處于失重狀態，對地板的壓力減小，在 t=2s 時向上的加速度最大，此時對地板的壓力最大，所以A 正確；在 t=8.5s 時具有

10、向下的最大的加速度，此時對地板的壓力最小，所以D 正確；應選： AD點評：此題是對圖象的考察，掌握住加速度時間圖象的含義，知道超重和失重的特點即可解專業資料整理WORD格式4專業資料整理WORD格式答此題7 4 分2021 *一帶正電的小球向右水平拋入X圍足夠大的勻強電場，電場方向水平向左，不計空氣阻力，那么小球A 做直線運動B做曲線運動C速率先減小后增大D速率先增大后減小考點 ：勻強電場中電勢差和電場強度的關系專題 ：電場力與電勢的性質專題分析：根據合力的方向與速度方向的關系判斷小球做直線運動還是曲線運動，根據合力的方向與速度方向的關系判斷小球的速率變化解答：解：A 、小球受重力和電場力兩個

11、力作用，合力的方向與速度方向不在同一條直線上，小球做曲線運動故A 錯誤， B 正確C、小球所受的合力與速度方向先成鈍角，然后成銳角，可知合力先做負功然后做正功，那么速度先減小后增大故C 正確， D 錯誤應選： BC點評：解決此題的關鍵知道物體做直線運動還是曲線運動的條件，關鍵看合力的方向與速度方向的關系8 4 分2021 *兩個一樣的負電荷和一個正電荷附近的電場線分布如下列圖，c 是兩負電荷連線的中點，d 點在正電荷的正上方，c、d 到正電荷的距離相等，那么A a 點的電場強度比b 點的大B a 點的電勢比b 點的高C c 點的電場強度比d 點的大D c 點的電勢比d 點的低考點 ：電勢差與電

12、場強度的關系；電勢；電勢能專業資料整理WORD格式5專業資料整理WORD格式專題 ：電場力與電勢的性質專題分析：根據電場線的疏密判斷場強的大小根據電場線的方向判斷電荷的正負順著電場線電勢逐漸降低，由電場線的方向可判斷電勢的正負解答：解：A 、由圖看出， a 點處電場線比b 點處電場線密，那么 a 點的場強大于 b 點的場強，故A正確B 、電場線從正電荷到負電荷，沿著電場線電勢降低，所以b 點的電勢比 a 點的高，所以 B 錯誤；C、負電荷在 c 點的合場強為零， c 點只有正電荷產生的電場強度，在d 點電荷產生的場強向上，兩個負電荷產生的場強向下，合場強是它們的差值，所以c 點的電場強度比 d

13、 點的大，所以 C 正確；D 、正電荷到 c 點的平均場強大于正電荷到b 點的平均場強，根據U=Ed 可知，正電荷到 c 點電勢降低的多，所以c 點的電勢比 d 點的低，所以D 正確；應選： ACD點評：此題要掌握電場線的物理意義：電場線的疏密表示場強的大小，順著電場線電勢逐漸降低，知道等量異種電荷連線的垂直平分線是一個等勢面9 4 分2021 *如下列圖，輕質彈簧一端固定，另一端與一質量為m、套在粗糙豎直固定桿 A 處的圓環相連，彈簧水平且處于原長，圓環從A 處由靜止開場下滑，經過B 處的速度最大，到達C 處的速度為零，AC=h ，圓環在C 處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到 A ，彈簧始

14、終在彈性限度內，重力加速度為g，那么圓環A 下滑過程中，加速度一直減小B下滑過程中，抑制摩擦力做的功為mv 2C在 C 處，彈簧的彈性勢能為mv2 mghD 上滑經過 B 的速度大于下滑經過B 的速度考點 ：功能關系分析：根據圓環的運動情況分析下滑過程中，加速度的變化；研究圓環從 A 處由靜止開場下滑到 C 和在 C 處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到 A 兩個過程，運用動能定理列出等式求解；研究圓環從 A 處由靜止開場下滑到 B 過程和圓環從 B 處上滑到 A 的過程，運用動能定理列出等式解答：解： A 、圓環從 A 處由靜止開場下滑，經過B 處的速度最大，到達C 處的速度為零，所以圓環先

15、做加速運動，再做減速運動，經過B 處的速度最大，專業資料整理WORD格式6專業資料整理WORD格式所以經過 B 處的加速度為零，所以加速度先減小，后增大，故A 錯誤；B 、研究圓環從 A 處由靜止開場下滑到C 過程，運用動能定理列出等式mgh+W f +W 彈=0 0=0在 C 處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到 A，運用動能定理列出等式 mgh+ W 彈 +W f=02mv解得： W f= mv2，故 B 正確；C、 W 彈= mv2 mgh，所以在 C 處，彈簧的彈性勢能為mgh mv2，故 C 錯誤；D 、研究圓環從 A 處由靜止開場下滑到B 過程，運用動能定理列出等式彈 =m 0mg

16、h+W f+W 研究圓環從B 處上滑到 A 的過程，運用動能定理列出等式 mgh+W f+ W 彈 =0 mmgh W f+W 彈=m由于 W f0，所以mm，所以上滑經過B 的速度大于下滑經過B 的速度，故 D 正確；應選： BD點評：能正確分析小球的受力情況和運動情況，對物理過程進展受力、運動、做功分析，是解決問題的根本方法，掌握動能定理的應用三、簡答題：此題分必做題第10、 11 題和選做題12 題兩局部，共計42 分。必做題10 8 分2021 *小明利用如圖1 所示的實驗裝置測量一干電池的電動勢和內阻1圖 1 中電流表的示數為0.44A2調節滑動變阻器，電壓表和電流表的示數記錄如下：

17、專業資料整理WORD格式7專業資料整理WORD格式U V 1.451.361.271.161.06I A 0.12 0.20 0.28 0.36 0.44請根據表中的數據，在圖2 上作出 U I 圖線由圖線求得：電動勢E=1.60V；內阻 r=1.2（ 3實驗時，小明進展了屢次測量，花費了較長時間，測量期間一直保持電路閉合，其實，從實驗誤差考慮， 這樣的操作不妥， 因為 干電池長時間使用后， 電動勢和內阻會發生變化，導致實驗誤差增大考點 ：測定電源的電動勢和內阻專題 ：實驗題分析： 1根據電流表所選的量程，直接讀數即可；（ 2根據數據作圖，在 U I 圖象中，圖線的縱軸截距表示電源的電動勢，圖

18、線斜率的絕對值表示水果電池的內阻；（ 3干電池不易長時間工作，干電池長時間使用后，電動勢和內阻會發生變化解答：解： 1電流表選擇的量程是 0.6A ，所以此時電流表的都市為 0.44A ；（ 2根據表中的數據，畫出 U I 圖象如下列圖，根據圖象可知，縱坐標的截距代表電動勢的大小，直線的斜率代表內電阻的大小，所以電動勢E=1.60V ；內阻 r=1.2 （ 3干電池長時間使用后，電動勢和內阻會發生變化，導致實驗誤差增大故答案為： 1 0.44（ 2如下列圖； 1.60 1.58 1.62；1.2 1.18 1.26（ 3干電池長時間使用后，電動勢和內阻會發生變化，導致實驗誤差增大點評：此題考察

19、對圖象的認識，要掌握從U I 圖線中獲取電源的電動勢和內電阻的方法，在計算內阻的時候，要注意縱坐標的起點不是零1110 分2021 *某同學探究小磁鐵在銅管中下落時受電磁阻尼作用的運動規律，實驗裝置如圖 1 所示，打點計時器的電源為 50Hz 的交流電專業資料整理WORD格式8專業資料整理WORD格式1以下實驗操作中，不正確的選項是CDA 將銅管豎直地固定在限位孔的正下方B紙帶穿過限位孔，壓在復寫紙下面C用手捏緊磁鐵保持靜止，然后輕輕地松開讓磁鐵下落D在磁鐵下落的同時接通打點計時器的電源2該同學按正確的步驟進展實驗記為“實驗，將磁鐵從管口處釋放，打出一條紙帶，取開場下落的一段，確定一適宜的點為

20、O 點，每隔一個計時點取一個計數點，標為 1，2，8，用刻度尺量出各計數點的相鄰兩計時點到O 點的距離，記錄在紙帶上，如圖2 所示計算相鄰計時點間的平均速度，粗略地表示各計數點的速度，抄入表，請將表中的數據補充完整位置12345678 cm/s 24.5 33.8 37.839.039.539.839.839.83分析如表的實驗數據可知：在這段紙帶記錄的時間內，磁鐵運動速度的變化情況是逐漸增大到39.8cm/s；磁鐵受到阻尼作用的變化情況是逐漸增大到等于重力4該同學將裝置中的銅管更換為一樣尺寸的塑料管，重復上述實驗操作記為“實驗，結果說明磁鐵下落的運動規律與自由落體運動規律幾乎一樣，請問實驗是

21、為了說明什么？比照實驗和的結果可得到什么結論？考點 ：探究小車速度隨時間變化的規律專題 ：實驗題分析： 1小磁鐵豎直下落，做的是直線運動，根據打點計時器的使用方法可以判斷選項的結果； 2根據相鄰計時點間的平均速度，粗略地表示各計數點的速度，來計算 4 點的瞬時速度的大小；（ 3根據磁鐵速度的變化情況可以得出變化的情況情況，分析速度變化的原因；（ 4塑料管不會產生電磁感應現象，與銅管中運動的情況比照明顯解答：解：1A 、小磁鐵豎直下落，穿過銅管，所以銅管要豎直地固定在限位孔的正下方，所以 A 正確；B 、紙帶要穿過限位孔，并且壓在復寫紙下面，所以B 正確；C、手應該拉住紙帶，而不是捏緊磁鐵，所以

22、C 錯誤；D 、應該先接通打點計時器的電源，在讓磁鐵下落，所以D 錯誤；此題選錯誤的，應選：CD 專業資料整理WORD格式9專業資料整理WORD格式 2打下 4 點的速度等于3、5 之間的平均速度， 所以 v4=cm/s39.0cm/s 3根據實驗數據可知，在這段紙帶記錄的時間內，磁鐵運動速度的變化情況是逐漸增大到 39.8cm/s ，之后勻速運動，說明磁鐵受到的阻尼作用是逐漸增大，最后等于重力的大小 4磁鐵在塑料管中不會產生電磁感應現象，不受阻尼作用的影響，比照實驗 和可知，磁鐵在銅管中受到的阻尼作用主要是電磁阻尼作用故答案為： 1 CD（ 2 39.0（ 3逐漸增大到 39.8cm/s；逐

23、漸增大到等于重力 4為了說明磁鐵在塑料管中幾乎不受阻尼作用；磁鐵在銅管中受到的阻尼作用主要是電磁阻尼作用點評：此題是對紙帶運動情況的考察，同時也考察的對電磁感應現象理解，根據紙帶的運動情況分析電磁感應對運動情況的影響，抓住實驗的本質即可分析此題選做題此題包括 A、B、 C 三小題，請選定其中兩小題，并在相應答題區域內作答，假設多做，那么按 A、 B 兩小題評分。 A 選修 3-312 4 分2021 *對以下幾種固體物質的認識，正確的有A 食鹽熔化過程中，溫度保持不變，說明食鹽是晶體B 燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片反面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明蜂蠟是晶體C天然石英表現為各向異性，是由于該

24、物質的微粒在空間的排列不規那么D 石墨和金剛石的物理性質不同，是由于組成它們的物質微粒排列構造不同考點 ：*晶體和非晶體分析：單晶體構造規那么且具有各向異性，晶體有固定的熔點，在熔化過程中溫度保持不變解答：解：A、晶體的特點是在熔化過程中溫度保持不變，有固定的熔點， 食鹽熔化過程中，溫度保持不變，說明食鹽是晶體所以A 正確；B 、燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片反面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片是晶體，所以 B 錯誤；C、天然石英表現為各向異性，是由于該物質的微粒在空間的排列規那么造成的，所以C 錯誤；D 、石墨和金剛石的物理性質不同， 是由于組成它們的物質微粒排列構造不同造成的，所以 D

25、 正確；應選： AD點評：晶體熔化過程中，不斷吸收熱量，溫度保持不變，而溫度是分子平均動能的標志，由能量守恒定律分析知，熱量轉化為內能，表現為分子勢能的增加13 4 分2021 *在裝有食品的包裝袋中充入氮氣，可以起到保質作用，某廠家為檢測包裝袋的密封性，在包裝袋中充滿一定量的氮氣，然后密封進展加壓測試，測試時，對包裝袋緩慢地施加壓力，將袋內的氮氣視為理想氣體，那么加壓測試過程中，包裝袋內壁單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力增大選填 “增大 、“減小 或“不變 ，包裝袋內氮氣的內能不變選填 “增大 、 “減小 或 “不變 考點 ：熱力學第一定律；封閉氣體壓強專業資料整理WORD格式10專業資料

26、整理WORD格式P0V 0=P1V 1，利用假設法，即假設氣體的體積不變，即可專題 ：熱力學定理專題分析：對包裝袋緩慢地施加壓力的過程中，外界對其他做功，氣體的體積減小，根據熱力學定律來分析內能的變化，根據氣體狀態方程分析壓強的變化解答：解：包裝袋緩慢地施加壓力，氣體的體積減小，壓強增大，裝袋內壁單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力增大，測試時，對包裝袋緩慢地施加壓力，說明在實驗的過程中，氣體的溫度不變，所以實驗氣體的內能不變故答案為：增大；不變點評：此題是對氣體的熱力學定律和氣體狀態方程的考察，知道外力做功和氣體內能變化之間的關系即可，難度不大14 4 分2021 *給某包裝袋充入氮氣后密封，

27、在室溫下，袋中氣體壓強為1 個標準大氣壓，體積為1L，將其緩慢壓縮到壓強為2 個標準大氣壓時，氣體的體積變為0.45L ，請通過計算判斷該包裝袋是否漏氣考點 ：理想氣體的狀態方程專題 ：理想氣體狀態方程專題分析：根據等溫變化的玻意爾定律求解體積，從而與其比較，進而求解解答：解：假設不漏氣，設加壓后的體積為V 1，根據等溫過程，即P0V 0=P1V 1，代入數據，解得：V 1=0.5L ；由于 0.45L 0.5L ，因此包裝袋是漏氣答：通過以上計算，該包裝袋是漏氣點評：考察理想氣體的狀態方程的應用，掌握等溫變化的氣體變化規律，理解假設法的運用同時知道理想氣體的含義B選修 3-415 4 分20

28、21 *一漁船向魚群發出超聲波，假設魚群正向漁船靠近，那么被魚群反射回來的超聲波與發出的超聲波相比A 波速變大B波速不變C頻率變高D頻率不變考點 ：多普勒效應專題 ：常規題型分析：根據聲音的多普勒效應分析答復，聲源移向觀察者時接收頻率變高，即距離聲源越遠，頻率越低，距離聲源越近，頻率越高解答：解：漁船向魚群發出超聲波，假設魚群正向漁船靠近，波速由介質決定，所以被魚群反射回來的超聲波與發出的超聲波相比波速不變，根據聲音的多普勒效應，聲源移向觀察者時接收頻率變高，所以被魚群反射回來的超聲波與發出的超聲波相比頻率變高，應選： BC點評：對于多普勒效應，要知道在波源與觀察者靠近時觀察者接收到的波的頻率

29、變高，而在專業資料整理WORD格式11專業資料整理WORD格式波源與觀察者遠離時接收頻率變低；即高亢表示遠離，消沉表示靠近616 4 分2021 *用 210 Hz 的超聲波檢查膽結石，該超聲波在結石和膽汁中的波速分別為2250m/s 和 1500m/s，那么該超聲波在結石中的波長是膽汁中的1.5倍，用超聲波檢查膽結石是因為超聲波的波長較短，遇到結石時不容易選填 “容易 或 “不容易 發生衍射考點 ：超聲涉及其應用分析：此題考察波長、波速及頻率的關系，解題時要注意頻率與波源決定；而波速由介質決定；同時明確三者間的關系解答：解：超聲波在傳播中頻率不變，波長 =；那么說明波長與波速成正比，故波長之

30、比為：=1.5 倍；由于波長越短越不容易發生衍射現象；故采用超聲波可以有效檢查膽結石；故答案為： 1.5；不容易點評：此題考察聲波中波長、波速和頻率的關系，要注意明確三個物理量各自的決定因素及相互關系17 4 分2021 *人造樹脂是常用的眼鏡鏡片材料，如下列圖，光線射在一人造樹脂立方體上， 經折射后， 射在桌面上的 P 點，光線的入射角為 30，OA=5cm ，AB=20cm ， BP=12cm ，求該人造樹脂材料的折射率 n考點 ：光的折射定律專題 ：光的折射專題分析：先根據圖中的幾何關系，求出折射光線的折射角的正弦值，然后由折射率的定義式即可求得解答：解：將過 O 點的法線延長，與BP

31、交于 D 點，如圖，由幾何關系可得：專業資料整理WORD格式12專業資料整理WORD格式PD=BP BD=BP AO=12 5=7cm=cm21.2cm所以：該人造樹脂材料的折射率：答：該人造樹脂材料的折射率是1.5點評：該題考察光的折射定律，在入射角的情況下， 結合幾何關系來確定折射角的大小或折射角的正弦值的大小是解答的關鍵所以解答的思路是先求出折射角的正弦值C選修 3-5182021 *波粒二象性是微觀世界的根本特征，以下說法正確的選項是A 光電效應現象提醒了光的粒子性B 熱中子束射到晶體上產生的衍射圖樣說明中子具有波動性C黑體輻射的實驗規律可用光的波動性解釋D 動能相等的質子和電子，它們

32、的德布羅意波長也相等考點 ：光的波粒二象性分析：光子既有波動性又有粒子性，波粒二象性中所說的波是一種概率波，對大量光子才有意義； 光電效應現象提醒了光的粒子性；相鄰原子之間的距離大致與中子的德布羅意波長一樣故能發生明顯的衍射現象；普朗克借助于能量子假說，完美的解釋了黑體輻射規律，破除了“能量連續變化的傳統觀念；德布羅意波長為=，P 是動量， h 是普朗克常量解答：解： A 、光電效應現象提醒了光的粒子性故A 正確；B 、熱中子束射到晶體上產生的衍射圖樣說明中子具有波動性故B 正確；C、黑體輻射的實驗規律不能使用光的波動性解釋，而普朗克借助于能量子假說，完美的解釋了黑體輻射規律，破除了“能量連續

33、變化的傳統觀念故C 錯誤；D 、根據德布羅意波長公式，假設一個電子的德布羅意波長和一個中子的波長相等，那么動量 P 也相等故 D 錯誤應選： AB點評：此題主要考察德布羅意波和黑體輻射理論，在考綱中屬于根本要求明確各種物理現象的實質和原理才能順利解決此類題目，故平時學習時要“知其然，更要知其所以然192021 *核電站利用原子核鏈式反響放出的世大能量進展發電，U 是核電站常用的核燃料，U 受一個中子轟擊后裂變成Ba 和Kr 兩局部，并產生3個中子，要使鏈式反響發生，裂變物質的體積要大于選填 “大于 或 “小于 它的臨界體積考點 ：裂變反響和聚變反響專業資料整理WORD格式13專業資料整理WOR

34、D格式專題 ：衰變和半衰期專題分析：正確解答此題需要掌握：聚變和裂變反響的特點以及應用；質量數和電荷數守恒在核反響中的應用以及質子數、中子數、質量數等之間關系解答：解：U 受一個中子轟擊后裂變成Ba 和Kr 兩局部，根據根據電荷數和質量數守恒有： 92=56+36 ， 235+1=144+89+x 1，解得 x=3 ，所以中子個數為 3鏈式反響的條件：大于臨界體積，因此當物質體積小于臨界體積時，鏈式反響不能進展故答案為： 3，大于點評：裂變和聚變是在原子物理中學習的兩種重要反響，要明確它們的特點以及應用，熟練應用質量數和電荷數守恒解答有關問題202021 *取質子的質量 mp=1.6726 1

35、0 2710 27kg，中子的質量 mn=1.6749kg ，粒278子的質量 m=6.646710 kg，光速 c=3.0 10 m/s，請計算粒子的結合能計算結果保存兩位有效數字考點 ：原子核的結合能分析：組成 粒子的核子與 粒子的質量差即為兩個質子和兩個中子結合成一個粒子時損失的質量，有質能方程代入數據即可得知粒子的結合能解答：解：組成 粒子的核子與粒子的質量差為：m= 2mp+2mn m212代入數據解得：E=4.310J 12答：粒子的結合能為4.310J點評：核子結合成原子核時，有質量虧損，根據愛因斯坦的質能聯系方程，必然放出相應的能量E=mc2，這個能量叫做原子核的結合能顯然，如

36、果要把原子核分開成核子，必須給以同樣的能量核子組成不同的原子核時，放出的結合能的大小也不一樣結合能除以核子數就得到核子的平均結合能，其意義是：核子結合成原子核時，平均每個核子所釋放的結合能它也等于把原子核拆散成核子時，外界必須提供給每個核子的平均能量四、計算題：此題共 3 小題，共計 47 分，解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位21 15 分2021 *做磁共振MRI 檢查時，對人體施加的磁場發生變化時會在肌肉組織中產生感應電流，某同學為了估算該感應電流對肌肉組織的影響，將包裹在骨骼上的一圈肌肉組織等效成單匝線

37、圈，線圈的半徑r=5.0cm ，線圈導線的截面積A=0.80cm 2，電阻率=1.5m，如下列圖， 勻強磁場方向與線圈平面垂直， 假設磁感應強度 B 在 0.3s 內從 1.5T 均勻地減為零，求： 計算結果保存一位有效數字（ 1該圈肌肉組織的電阻 R；（ 2該圈肌肉組織中的感應電動勢E；3 0.3s 內該圈肌肉組織中產生的熱量Q專業資料整理WORD格式14專業資料整理WORD格式考點 ：法拉第電磁感應定律；電阻定律；焦耳定律專題 ：電磁感應與電路結合分析： 1由電阻定律即可求出該圈肌肉組織的電阻R； 2根據法拉第電磁感應定律即可求出該圈肌肉組織中的感應電動勢E； 3由焦耳定律： Q=I 2R

38、t，即可求出 0.3s 內該圈肌肉組織中產生的熱量Q解答：解： 1由電阻定律得：； 2根據法拉第電磁感應定律得： 2代入數據得： E=410V 3由焦耳定律： Q=I 2Rt=，得：J答： 1該圈肌肉組織的電阻是6103； 2 2該圈肌肉組織中的感應電動勢是410V ； 3 0.3s 內該圈肌肉組織中產生的熱量是810 8J點評：此題情景是設置雖然比較新穎，屬于線圈類型， 要掌握法拉第定律的幾種不同表達形式，再結合閉合電路歐姆定律進展求解22 16 分2021 *一轉動裝置如下列圖，四根輕桿OA 、 OC、AB 和 CB 與兩小球及一小環通過鉸鏈連接，輕桿長均為l，球和環的質量均為m， O 端

39、固定在豎直的輕質轉軸上，套在轉軸上的輕質彈簧連接在O 與小環之間，原長為L，裝置靜止時，彈簧長為L，轉動該裝置并緩慢增大轉速， 小環緩慢上升， 彈簧始終在彈性限度內， 忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為 g求：1彈簧的勁度系數k；2 AB 桿中彈力為零時，裝置轉動的角速度0；3彈簧長度從L 緩慢縮短為L 的過程中，外界對轉動裝置所做的功W 專業資料整理WORD格式15專業資料整理WORD格式考點 ：功能關系；共點力平衡的條件及其應用；動能定理分析： 1裝置靜止時，分別對小環和小球分析，根據共點力平衡，結合胡克定律求出彈簧的勁度系數；（ 2當 AB 桿彈力為零時，對小環分析，根據共點力平衡和胡

40、克定律求出彈簧的長度，對小球分析，抓住豎直方向上合力為零，水平方向上的合力提供向心力，根據牛頓第二定律求出裝置轉動的角速度0；（ 3彈簧長度從 L 緩慢縮短為 L 的過程中，抓住彈簧的彈性勢能不變，彈力不做功，根據動能定理，結合小環平衡和小球豎直方向上平衡，水平方向上的合力提供向心力，求出外界對轉動裝置所做的功W 解答：解： 1裝置靜止時，設OA 、AB 桿中的彈力分別為 F1、T1，OA 桿與轉軸的夾角為1，小環受到彈簧的彈力，小環受力平衡，F 彈1=mg+2T 1cos1，小球受力平衡，F1cos1+T1cos1=mg，F1sin1=T 1sin1，解得 k= 2設 OA 、 AB 桿中的彈力分別為F 、T ，OA 桿與轉軸的夾角為，彈簧長度為222x小環受到彈簧的彈力F 彈2=k x L ，小環受力平衡，F 彈2=mg，解得 x=，對小球， F2cos2=mg，且，解得 3彈簧長度為時，設 OA 、AB 桿中的彈力分別為F3、T 3，OA 桿與彈簧的夾角為3，小環受到