1、2020-2021學年第一學期三明市三地三校聯考期中考試聯考協作卷高一物理一、選擇題（本題共15小題，每個題目只有一個正確答案，每小題3分，共45分，將答案寫到答題卷中）1.下列關于質點的說法中，正確的是（ ）A. 質點就是質量很小的物體B. 質點就是體積很小的物體C. 質點是一種理想化模型，實際中是存在的D. 如果物體的大小和形狀對所研究的問題是無關緊要的因素時，即可把物體看成質點【答案】D【解析】試題分析：質點是一個相對概念，是一個理想化模型，只有當物體的形狀和大小對所研究的問題忽略不計時，物體就可以看做質點，并不是指質量或體積很小的物體，ABC錯；故選D考點：考查質點的概念點評：難度較小

2、，質點指的是有質量的點，只有當物體的形狀和大小對所研究的問題忽略不計時，物體就可以看做質點2.下列說法錯誤的是（ ）A. “太陽從東方升起”是以地球為參考系B. “月亮在白云中穿行”是以白云為參考系C. “小小竹筏江中游，巍巍青山兩岸走”選擇了相同的參考系D. 參考系的選擇可以是相對于地面靜止的物體【答案】C【解析】【分析】解答此題的關鍵是看被研究的物體與所選的標準，即參照物之間的相對位置是否發生了改變，如果發生改變，則物體是運動的；如果未發生變化，則物體是靜止的。【詳解】A項：太陽從東方升起，從西方落下，指的是相對于地面而言，所以參照物是地球，故A正確；B項：、“月亮在白云里穿行”是以白云為

3、參考系，月亮相對于白云的位置發生了變化，故B正確；C項：小小竹排江中游，是以江水為參考系；巍巍青山兩岸走是以竹排為參考系的，它們選擇了不同的參考系，故C錯誤；D項：參考系的選擇可以是相對于地面靜止的物體，故D正確。本題選錯誤的，故應選：C。【點睛】此題主要考查學生對參照物的選擇、運動和靜止的相對性的理解和掌握，研究同一物體的運動狀態，如果選擇不同的參照物，得出的結論可以不同，但都是正確的結論。3.關于位移與路程，下列說法中正確的是（）A. 位移和路程都是矢量 B. 在直線運動中，物體的位移的大小等于路程C. 位移的大小可能比路程大 D. 在一段時間內，物體的位移為0，路程不一定為0【答案】D【

4、解析】【詳解】位移是矢量，路程是標量，A錯誤；在單向直線運動過程中，物體的位移大小等于路程，但往返直線運動，兩者不等，B錯誤；若物體做曲線運動，則路程大于位移大小，若物體做單向直線運動，路程等于位移大小，所以位移大小路程，C錯誤；物體做了一個完整的圓周運動，位移為零，但路程不為零，D正確4.一物體做直線運動，在t=5s內速度從v0=12ms，增加到v=18ms，通過的位移是x=70m，這個物體5s內的平均速度是( )A. 14ms B. 15ms C. 6ms D. 無法確定【答案】A【解析】根據平均速度定義式可得：，故A正確，BCD錯誤。5.下列關于平均速度和瞬時速度的說法中正確的是 （ ）

5、A. 做變速運動的物體在相同時間間隔里的平均速度是相同的B. 瞬時速度就是運動的物體在一段較短的時間內的平均速度C. 平均速度就是初末時刻瞬時速度的平均值D. 某物體在某段時間里的瞬時速度都為零，則該物體在這段時間內靜止【答案】D【解析】試題分析：做變速運動的物體在相等時間間隔里的位移不一定相同，平均速度不一定相同，故A錯誤；勻速直線運動，速度保持不變，故平均速度與瞬時速度相等，所以B正確；平均速度是質點在某段時間內運動的位移與所用時間的比值，不一定等于初末時刻瞬時速度的平均值，故C錯誤某物體在某段時間內的平均速度為零，則該物體在這段時間內的位移一定為零，故D正確考點：本題考查平均速度、瞬時速

6、度。6.足球以的速度飛來，運動員把它以的速度反向踢出，踢球的時間為，設球飛來的方向為正方向，則足球在這段時間內的平均加速度是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】結合加速度的定義式，通過初末速度和時間求出平均加速度，注意速度的方向。【詳解】足球在這段時間內的平均加速度 故應選：B。【點睛】解決本題的關鍵掌握加速度的定義式，知道公式的矢量性。7.如圖所示，為一質點在022s時間內做直線運動的v-t圖象，則下列說法中正確的是( )A. CD段和DE段的加速度方向相反B. 質點在BC段通過的位移為34 mC. 整個過程中，C點所表示的狀態離出發點最遠D. 整個過程中，BC段的加速度

7、最大【答案】B【解析】【分析】解答本題關鍵要抓住：速度圖象的斜率等于加速度，斜率越大，物體的加速度越大，根據速度的正負表示速度的方向，可知物體在O到D過程，物體一直沿正方向運動，D到E段表示物體沿負方向運動，即可知D點所表示的狀態離出發點最遠。【詳解】A項：根據速度圖象的斜率等于加速度，可知，CD段和DE段的加速度相同，即大小和方向都相同，故A錯誤；B項：質點在BC段通過的位移為：，故B正確；C項：由圖分析得知，物體在O到D過程，物體一直沿正方向運動，D到E段表示物體沿負方向運動，故D點所表示的狀態離出發點最遠，故C錯誤；D項：由圖看出，CD段和DE段的斜率數值最大，根據速度圖象的斜率等于加速

8、度，可知，CD段和DE段的加速度數值最大，故D錯誤。故應選：B。【點睛】本題的解題關鍵是抓住兩個數學意義來分析和理解圖象的物理意義：速度圖象的斜率等于加速度、速度圖象與坐標軸所圍“面積”大小等于位移。8.太空跳傘是一種挑戰人類極限的運動，如圖所示奧地利極限運動員鮑姆加特納乘氦氣球到達3.9萬米高空后縱身跳下，在平流層接近真空的環境里自由落體持續了60秒，在距離地面2.1萬米時才打開降落傘減速。關于鮑姆加特納在這段自由落體運動時間里的位移或速度，以下說法正確的是（認為重力加速度g10 m/s2，且不隨高度的變化而變化）（）A. 自由落體運動的位移是3.9104 mB. 自由落體運動的位移是2.1

9、104 mC. 自由落體運動的末速度是6.0102 m/sD. 自由落體運動的平均速度是6.0102 m/s【答案】C【解析】【詳解】根據題意，運動員自由落體運動的位移h=gt2=1.8104m，則AB錯誤；運動員自由落體的末速度v=gt=600m/s，選項C正確；自由落體的平均速度，故D錯誤；故選C。9. 同學們利用圖所示的裝置通過實驗探究，得到了在彈性限度內彈簧的彈力與彈簧伸長量的關系下列說法中能反映正確探究結果的是（ ）A. 彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比B. 彈簧的彈力與彈簧的伸長量成反比C. 彈簧的彈力與彈簧的伸長量的平方成正比D. 彈簧的彈力與彈簧的伸長量的平方成反比【答案】A【解

10、析】試題分析：本題研究彈簧的彈力與彈簧伸長量的關系，根據胡克定律進行分析即可解：根據胡克定律可知，發生彈性形變時，彈簧的彈力與彈簧伸長量成正比，不是成反比，也不是與伸長量的平方成正比故A正確，BCD錯誤故選：A10. 一根輕彈簧的勁度系數為400N/m，原長為12cm，一端固定，當它另一端受到一個大小為16N的作用力時，此時彈簧的長度可能為（ ）A. 4cm B. 8cm C. 12cm D. 16cm【答案】BD【解析】試題分析：由胡克定律得：F=kx，得：當作用力為拉力時，彈簧伸長4cm，則此時彈簧的長度為：l1=l0+x=12cm+4cm=16cm；當作用力為壓力時，彈簧壓縮4cm，則此

11、時彈簧的長度為：l2=l0-x=12cm-4cm=8cm；故選BD。考點：胡克定律【名師點睛】本題關鍵要掌握胡克定律，知道公式F=kx中x是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，不是彈簧的長度，考慮問題要全面，不能漏選。11.下列關于常見力的說法中正確的是（ ）A. 木塊放在桌面上受到一個向上的彈力，這是由于木塊發生微小形變而產生的B. 有規則形狀的物體，其重心就在物體的幾何中心C. 兩接觸面間有摩擦力存在，則一定有彈力存在D. 物體之間接觸就一定產生彈力【答案】C【解析】【分析】重心不一定在物體的幾何中心上，只有質量分布均勻，形狀規則的物體，重心才在其幾何重心，彈力產生的條件：相互接觸擠壓；摩擦力產生

12、的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對運動或相對運動趨勢。彈力的方向垂直于接觸面，摩擦力的方向與接觸面相切，與相對運動或相對運動趨勢的方向相反。【詳解】A項：木塊放在桌面上受到一個向上的彈力，這是由于桌面發生微小形變而產生的，故A錯誤；B項：只有質量分布均勻，形狀規則的物體，重心才在其幾何重心，故B錯誤；C項：彈力產生的條件：相互接觸擠壓；摩擦力產生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對運動或相對運動趨勢。可見，有摩擦力，必有彈力，有彈力，不一定有摩擦力。故C正確；D項：接觸不一定有彈力，還要有相互擠壓，故D錯誤。故應選：C。【點睛】解決本題的關鍵掌握彈力和摩擦力的產生條件，以及它們的方向

13、。知道有摩擦力，必有彈力；有彈力，不一定有摩擦力。12.如圖所示，小球和光滑斜面接觸，懸線繃緊且處于豎直方向，則小球受到的作用力是（ ）A. 重力和斜面的彈力 B. 重力、繩的拉力和斜面的支持力C. 重力和繩的拉力 D. 重力、繩的拉力和下滑力【答案】C【解析】解：小球受到兩個作用力：重力、繩的拉力斜面對小球沒有彈力，若有小球受到豎直向下的重力、豎直向上的繩子拉力，垂直于斜面向上的支持力，三個力的合力不可能為零，小球不能保持平衡，將開始運動，與題矛盾，所以斜面對小球沒有彈力故選C【點評】判斷彈力或摩擦力是否存在，除了根據這兩種力產生的條件判斷外，采用假設法結合平衡條件判斷是常用的方法13.一物

14、塊放在固定斜面上，物塊處于靜止狀態，如圖所示下列說法正確的是A. 物塊不受摩擦力B. 物塊受到沿斜面向上的摩擦力C. 物塊受到沿斜面向下的摩擦力D. 物塊受到水平向右的摩擦力【答案】B【解析】若斜面光滑，物塊會下滑，說明物塊相對于斜面有向下滑動的趨勢，故物塊受到沿斜面向上的靜摩擦力，故B正確，A、C、D錯誤。故選B。【點睛】對于摩擦力的判斷可以用假設法，若假設沒有摩擦力，則物體會發生滑動，從而判斷出相對運動趨勢方向，即可分析出靜摩擦力方向14. 當紙帶與運動物體連接時，打點計時器在紙帶上打出點跡。下列關于紙帶上點跡的說法中正確的是（ ）A. 點跡記錄了物體運動的時間B. 點跡記錄了物體在某段時

15、間內的位移C. 紙帶上點跡的分布情況反映了物體的質量和形狀D. 紙帶上點跡的分布情況反映了物體的運動情況【答案】ABD【解析】試題分析：打點計時器每隔一定的時間打下一個點，因而點跡記錄了物體運動的時間，故A正確；同時也記錄了物體在不同時刻的位置和某段時間內的位移，故B正確；點跡的分布情況反映了物體的運動情況，而不能反映物體的質量和形狀，故C錯誤；根據對C選項的論述可知，D正確故選ABD考點：考查了對打點計時器的理解點評:對于實驗裝置和工作原理，我們不僅從理論上學習它，還要從實踐上去了解它，自己動手去操作，同時要學會對實驗結果進行正確的分析，得出實驗結論15.如圖所示，a、b兩條直線分別描述P、

16、Q兩個物體的位移時間圖象，下列說法中，正確的是:A. t時間內a的位移較小B. 0t時間內，a比b的速度大，t以后a比b的速度小C. 兩物體均做勻加速直線運動D. M點表示兩物體在時間t內發生的位移相同【答案】A【解析】解： A、位移與時間圖象可知b物體在0-t內通過的位移大于a物體通過的位移，故A正確B、位移與時間圖象斜率表示速度，b的速度一直比a的大速，故B錯誤C、由圖可知兩物體均做勻速直線運動，故C錯誤D、M表示兩物體相遇，不是表示M點兩物體在時間t內發生的位移相同，故D錯誤選：A二、填空題（共4小題 ，每空2分，共26分，將答案寫到答題卷中）16.像打點計時器一樣，光電計時器也是一種研

17、究物體運動情況的常見儀器，每個光電門都由光發射和接受裝置組成當有物體從光電門中間通過時，與之相連的加速器就可以顯示物體的擋光時間，如圖甲所示，圖中MN是水平桌面、PM是一端帶有滑輪的長木板，1、2是固定于長木板PM上相距為L的兩個光電門（與之連接的計時器沒有畫出），滑塊A上固定著用于擋光的遮光板K，遮光板K的寬度d=5.0010-3m,讓滑塊A在重物B的牽引下從木板的頂端滑下，計時器分別顯示遮光板K通過光電門1和光電門2的擋光時間分別為t1=2.50102s、t2=1.25102s；（已知Ld）；(1)遮光板K通過光電門1時的速度是_m/s, 遮光板K通過光電門2時的速度是_m/s（保留兩位有

18、效數字）(2)用米尺測量兩光電門的間距為L=20cm，則滑塊的加速度a=_m/s2（保留兩位有效數字）【答案】 (1). 0.20 (2). 0.40 (3). 0.30【解析】【分析】小車做勻變速直線運動，根據速度和位移關系v2-v02=2as可以求出加速度的大小。【詳解】(1) 窄片K的寬度很小，可以利用平均速度來代替瞬時速度，因此有： 同理有：；(2) 根據速度與位移關系可知小車的加速度大小為： 。【點睛】對于課本中的基本力學實驗，無論形式如何變化，只要根據所學基本物理知識，弄清其實驗原理，熟練應用所學物理知識，即可找到解決問題的突破口。17.某同學用如圖甲所示的實驗裝置探究物體的速度與

19、時間的關系：(1)電磁打點計時器接_電源(填“低壓直流”、“低壓交流”或“220 V交流”)(2)實驗時，使小車靠近打點計時器，先_再_(填“接通電源”或“放開小車”)(3)若所接電源的頻率是50 Hz，則每隔_秒打一個點【答案】 (1). 低壓交流 (2). 接通電源 (3). 放開小車 (4). 0.02【解析】【分析】了解電磁打點計時器的工作電壓、工作原理，實驗中要先接通電源，然后釋放小車。【詳解】(1) 電磁打點計時器接低壓交流電源；(2) 實驗時，使小車靠近打點計時器，為了充分利用紙帶，所以應先接通電源再放開小車；(3) 若所接電源的頻率是50Hz，則每隔0.02秒打一個點。18.在

20、“探究勻加速直線運動”的小車實驗中，得到一紙帶上的A、B、C、D、E、F是記數點（相鄰兩計數點之間還有4個打點未畫出）。打點計時器接在頻率為50赫茲的交流電源上。已知AB=300cm，BC=420 cm，CD=540 cm，DE660 cm，EF780 cm，FG=900 cm，則（1）小車做勻變速直線運動的加速度a =_ms2（保留兩位有效數字）（2）在打點計時器打下C點時，小車運動的速度vC_ms，打下F點時，小車運動的速度vF_ms（保留兩位有效數字）【答案】 (1). 1.2 (2). 0.48 (3). 0.84【解析】【分析】根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大

21、小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上C、F點時小車的瞬時速度大小。【詳解】(1)相鄰兩計數點之間還有四個點未畫出，所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.1s，根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，小車運動的加速度為：；(2) 根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，C點的瞬時速度 同理：。【點睛】本題考查利用紙帶分析瞬時速度和加速度的方法，要注意明確逐差法的正確應用，同時要提高應用勻變速直線的規律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用。19.某同學在“探究彈力和彈簧伸長的關系”時：(1)

22、實驗裝置如圖甲、乙所示，讓刻度尺零刻度與彈簧上端平齊,在彈簧下端掛1個鉤碼,靜止時彈簧長度為l1,可讀出其示數l1=_cm.(2)在彈簧下端分別掛2個、3個、4個、5個相同鉤碼,靜止時彈簧長度分別是l2、l3、l4、l5.已知每個鉤碼質量是50g,掛2個鉤碼時,彈簧彈力F2=_N(當地重力加速度g=9.8m/s2).(3)某同學使用兩條不同的輕質彈簧a和b，得到在彈性限度內彈力與彈簧總長度的F-l圖像，如圖所示，根據圖像可知_（選填選項前的字母） A.a的原長比b的短B.彈力與彈簧的長度成正比C.a的勁度系數比b的大D.測量同樣的力，a的精確度比b的高【答案】 (1). （1）25.85 (2

23、). （2）0.98N (3). （3）AC【解析】【詳解】(1)由圖可知，指針在刻度線25.8和25.9之間，估讀一位，得到結果25.85cm；（2）彈簧的彈力與掛鉤的重力平衡，兩個掛鉤的重力是2mg，所以彈簧的讀數為： （3）根據彈簧彈力的大小計算公式： 可知圖像與橫坐標的交點表示彈簧的原長，所以a的原長小于b的原長，故A對；彈簧的彈力與彈簧的形變量大小成正比，而不是彈簧的長度，故B錯；圖像的斜率表示勁度系數，所以a的勁度系數大于b的勁度系數，故C對；測量同樣的力，勁度系數小的形變量就大，所以精確度就高，即b的精確度高，故D錯；故選AC綜上所述本題答案是：（1）25.85 （2）0.98N

24、 （3）AC三、計算題（共29分。）請寫出必要的文字說明，重要的方程式、重要的演算過程，明確的數值和單位。只有答案，沒有過程的不能得分，書寫不認真、無法辨認的不能得分。將答案寫到答題卷中。20.物體以初速度3m/s開始做勻加速直線運動，加速度大小是2m/s2，求：(1)物體4s末的速度是多大?(2)物體在5s內運動了多長位移?【答案】(1) 11m/s (2) 40 m【解析】【分析】(1)根據速度時間公式求出4s末的速度；(2)根據勻變速直線運動的位移時間公式求出5s內的位移。【詳解】(1) 第4s末的速度為：v=v0+at=(3+24)m/s=11m/s；(2) 5s內物體運動的位移為：。

25、【點睛】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式、速度位移公式、位移時間公式，并能靈活運用，基礎題。21.在十字路口，汽車以的加速度從停車線靜止啟動做勻加速運動，恰好有一輛自行車以的速度勻速駛過停車線與汽車同方向行駛，求：(1)什么時候它們相距最遠？最遠距離是多少？(2)距離停車線多遠處汽車追上自行車？【答案】(1) 10s ， 25m (2) 100m【解析】【分析】在汽車速度沒有達到自行車速度之前，兩者的距離是越來越大，當兩者速度相等時，距離將保持不變，當汽車速度大于自行車速度時，汽車將開始反追自行車，兩者距離逐漸減小抓住相距最遠的臨界條件（兩者速度相等）利用勻變速直線運動的規律可求

26、相距最遠的時間及最遠距離，汽車做初速度為0的勻加速直線運動，自行車做勻速直線運動，汽車追上自行車時，兩者相對于停車線的位移相等。【詳解】(1) 由題意知兩車速度相等時相距最遠，設所用時間為t汽車做初速度為0的勻加速直線運動，所以v汽=at=v自已知a=0.5m/s2v自=5m/s，可得t=10s最遠距離x=x自-x汽=v自t；(2) 汽車追上自行車時，它們相對于停車線的位移相等，設汽車追上自行車所用時間為t此時x自=x汽即： 代入a=0.5m/s2v自=5m/s可得t=20s此時距停車線距離x=v自t=100m。【點睛】追擊問題的臨界條件，相距最遠時兩者速度相等，這是條件，追上時是指兩物體在同一時刻處于同一位置，若起點相同，則兩物體的位移應該相等。22.一根彈簧原長10cm,勁度系數為200N/m,用此彈簧水平拉一重為20N的物體,如圖所示,求（1）當彈簧長為11cm時,物體未動,求此時物體所受的靜摩擦力的大小;（2）當彈簧長為12.5cm時,物體剛好開始運動,則物體與地面間的最大靜摩擦力為多大;（3）物體與平面間的動摩擦因數=0.22,則當物體勻速運動時,它所受到的滑動摩擦力為多大？（4）此后若把拉力改為10N，此時物塊受到的摩擦力