四川省宜賓市2023-2024學年高一上學期期末物理試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．北京時間2022年11月29日23時08分，搭載神舟十五號載人飛船的長征二號F遙十五運載火箭在酒泉衛星發射中心點火發射，約10分鐘后，神舟十五號載人飛船與火箭成功分離，進入預定軌道，航天員乘組狀態良好，發射取得圓滿成功。至此，中國空間站關鍵技術驗證和建造階段12次發射任務全部完成。據以上信息，下列說法正確的是（）A．“北京時間2022年11月29日23時08分”指的是時間間隔B．火箭在豎直方向加速升空階段中，燃料燃燒推動空氣，空氣的反作用力推動火箭升空C．火箭在豎直方向加速升空階段中噴出的熱氣流對火箭的作用力的大小等于火箭對熱氣流的作用力D．火箭在豎直方向加速時，沒有慣性2．汽車自A點從靜止開始在平直公路上做勻加速直線運動，車的加速度是2m/s2，途中分別經過P、Q兩根電線桿，已知P、Q電線桿相距50m，車經過電線桿Q時的速度是15m/s，則下列結論中正確的是（）A．汽車經過P點的速度是5m/sB．經過7.5s汽車運動到P點C．汽車經過P、Q電線桿的時間是2.5sD．汽車經過P、Q電線桿的平均速度是12m/s3．如圖所示的x?t圖像和v?t圖像中，給出的四條曲線1、2、3、4分別代表四個不同物體的運動情況，關于它們的物理意義，下列描述正確的是（）A．曲線1表示物體做曲線運動B．x?t圖像中，t1時刻C．v?t圖像中0至t3D．兩圖像中，t2、t4．如圖所示，有一質量為m的物塊分別與輕繩P和輕彈簧Q相連，其中輕繩P豎直，輕彈簧Q與豎直方向的夾角為θ，重力加速度為g，則下列說法中正確的是（）A．輕繩P的彈力大小可能小于mgB．彈簧Q可能處于拉伸狀態C．剪斷輕繩瞬間，物塊的加速度大小為gD．剪斷輕繩瞬間，物塊的加速度大小為gsinθ5．如圖所示，P是固定在水平地面上的14圓柱體，左側是光滑圓弧面，一根輕繩跨過固定在圓柱體P上的小滑輪，一端系有質量為0.4kg、可視為質點的小球，小球與圓心連線跟水平方向的夾角為60°A．2N23N B．23N2N C．3N2N D．23N1N6．如圖所示，自由下落的小球下落一段時間后，與彈簧接觸，從它接觸彈簧開始，到彈簧壓縮到最短的過程中，則（）A．小球一直做減速運動B．小球所受的彈簧彈力等于重力時，小球速度最大C．小球一直處于超重狀態D．小球處于先超重后失重狀態7．如圖所示，小車上固定有一個豎直細桿，桿上套有質量為M的小環，環通過細繩與質量為m的小球連接.當小車水平向右做勻加速運動時，環和球與車相對靜止，繩與桿之間的夾角為θ，重力加速度為g，則A．細繩的拉力為mgcosθB．細桿對環的作用力方向水平向右C．細桿對環的靜摩擦力為MgD．細桿對環的彈力為（M+m）gtanθ二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分．在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分．8．從地面以30m/s的初速度豎直上拋一球，若不計空氣阻力，取g=10m/s2，則小球運動到距地面25m時所經歷的時間可能為()A．7s B．5s C．3s D．1s9．水平力F作用于重為G的物體A的光滑左表面，使其恰好沿豎直墻壁勻速下滑，如圖所示.若物體與墻壁間的動摩擦因數為μ，則物體所受摩擦力的大小為（）A．μF B．μF+G C．G D．μ(F+G)10．質量為m的物體，在F1、F2、F3三個共點力的作用下做勻速直線運動，保持F1、F2不變，僅將F3的方向改變90○(大小不變)后，物體可能做（）A．加速度大小為F3B．加速度大小為2FC．加速度大小為2FD．勻速直線運動11．如圖所示，滑塊以某一初速度從傳送帶下端沿傳送帶向上運動，傳送帶運動的速度v1小于滑塊的初速度v0，其他條件不變，則滑塊的速度v隨時間t變化的圖象可能是（）A． B．C． D．三、實驗題（14分）12．利用如圖所示的裝置可以探究合力與分力的關系。在水平桌面上固定一塊豎直木板，木板上鋪有白紙，在相隔一定距離且位于同一水平直線上固定兩個光滑的定滑輪A和B，一段合適長度的繩子跨過滑輪A和B，并將繩子打一個結點O，每個鉤碼的重量相等，當系統達到平衡時，根據鉤碼個數讀出三根繩子OA、OB、OC拉力的大小分別為F1、F2和F3，回答下列問題：（1）改變鉤碼個數，能夠保證實驗順利完成的是____。A．鉤碼個數N1=N2=2，N3=5 B．鉤碼的個數N1=N2=2，N3=6C．鉤碼的個數N1=N2=N3=4 D．鉤碼的個數N1=4，N2=1，N3=6（2）在拆下鉤碼和繩子前，最重要的一個步驟是____。A．標記結點O的位置，并記錄OA、OB．OC三段繩子的方向及所掛鉤碼個數B．量出OA、OB、OC三段繩子的長度C．用量角器量出三根繩子之間的夾角D．用天平測出鉤碼的質量（3）在作圖時，某組同學以表示F1、F2的線段為鄰邊作平行四邊形得到F合，并在圖中畫出表示豎直方向的虛線，你認為上圖中圖是正確的（選填“甲”或“乙”），理由是。13．①在用描點法做“研究平拋運動”的實驗時，如圖讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點畫出小球做平拋運動的軌跡，為了能較準確的描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，你認為正確的選項有A．通過調節使斜槽的末端保持水平B．每次必須由靜止釋放小球C．記錄小球經過不同高度的位置時，每次必須嚴格地等距離下降D．將球經過不同高度的位置記錄在紙上后取下紙，用直尺將點連成折線②某次實驗畫出小球運動的軌跡如圖中曲線，A、B、C是曲線上的三個點的位置，A點為坐標原點，得到如圖所示坐標。取g=10m/s2。A到B的時間t=s，小球做平拋運動的初速度v0=m/s四、解答題（42分）14．懸掛較高的空調外機排水管每隔一定時間會有一滴水滴下，當第4滴水正欲滴下時，第1滴水剛好落到地面，此時第2滴水與第3滴水正好分別位于高2.4m的落地窗的下邊沿和上邊沿，不計空氣阻力，取g=10m/s2，求：（1）每滴水之間的時間間隔是多少?（2）此時第1滴水的速度是多大?15．如圖所示，質量為m=0.5kg的光滑小球被細線系住，放在傾角為α=45°的斜面體上。已知線與豎直方向的夾角β=45°，斜面體質量為M=3kg，整個裝置靜置于粗糙水平面上。（g取10N/kg）求：（1）細線對小球拉力的大小；（2）地面對斜面體的摩擦力的大小和方向。16．如圖所示，長為l=6m、質量為m0=4kg的長木板放置于光滑的水平面上，其左端有一大小可忽略、質量為m=1kg的物塊，物塊與木板間的動摩擦因數為0.4，開始時物塊與木板都處于靜止狀態，現對物塊施加方向水平向右的恒定拉力F=8N，使物塊在木板上滑動起來，g取10m/s2．求（1）物塊和木板的加速度大小；（2）物塊從木板左端運動到右端經歷的時間。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A、北京時間2022年11月29日23時08分描述的是載火箭在酒泉衛星發射中心點火發射的時刻，因此北京時間2022年11月29日23時08分指的是時刻，故A錯誤；

B、火箭在豎直方向加速升空階段中，燃料燃燒被噴射出去，火箭對燃料有力的作用，燃料對火箭的反作用力推動火箭升空，故B錯誤；

C、火箭在豎直方向加速升空階段中，噴出的熱氣流對火箭的作用力與火箭對熱氣流的作用力是一對相互作用力，因此噴出的熱氣流對火箭的作用力大小等于火箭對熱氣流的作用力，故C正確；

D、質量是物體慣性大小的量度，因此，火箭在豎直方向加速時，仍然有慣性，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】熟悉掌握時間間隔和時刻的定義，相互作用力等大，反向，作用在不同的物體上。質量是物體慣性大小的量度。2．【答案】A【解析】【解答】A、由勻變速直線運動的速度與位移關系可得v解得v故A正確；

B、汽車自A點到P點所用時間為t故B錯誤；

C、汽車經過P、Q電線桿的時間為t=故C錯誤；

D、汽車經過P、Q電線桿的平均速度為v故D錯誤。

故答案為：A。

【分析】平均速度等于位移與通過該段位移的時間之比。根據題意確定各位置的速度及距離，再根據勻變速直線運動規律進行解答。3．【答案】B【解析】【解答】A、v-t圖像是描述直線運動的，曲線1表示物體做變加速直線運動，故A錯誤；

B、x-t圖像中，圖像的切線的斜率等于物體的運動速度，由圖可知在t1時刻圖像1的切線斜率大于圖像2的切線斜率，所以有

v1>v2

故B正確；

C、由圖可知，v-t圖像中0至t3時間內物體3的位移小于物體4的位移，所以兩物體的平均速度大小不相等，故C錯誤。

D、由圖可知，t2時刻物體2的位移開始減小，說明物體2開始反向運動；t4時刻物體4的速度開始減小，但速度仍然為正值，說明運動方向沒有變，故D錯誤；

故答案為：B。

【分析】v-t圖像是描述直線運動的，x-t圖像的切線的斜率等于物體的運動速度，斜率的正負表示運動的方向，v-t圖像速度的正負表示運動的方向。v-t圖像與時間軸所圍面積表示位移。4．【答案】C【解析】【解答】AB．輕繩P豎直，輕彈簧Q彈力為零，彈簧處于原長狀態，輕繩P的彈力大小等于mg，AB不符合題意；CD．剪斷輕繩瞬間，物體只受重力，物塊的加速度大小為g，D不符合題意，C符合題意。故答案為：C。

【分析】當輕繩P豎直時彈簧處于原長，從而判斷彈力的變化，剪短輕繩的瞬間，結合牛頓第二定律得出重力加速度的大小。5．【答案】B【解析】【解答】對小球受力分析知，支持力與繩子的拉力垂直，且由幾何關系可得FN=mg故答案為：B。

【分析】對小球進行受力分析，根據平衡條件及力的合成與分解進行解答即可。6．【答案】B【解析】【解答】解：A、開始于彈簧接觸時，壓縮量很小，因此彈簧對小球向上的彈力小于向下重力，此時合外力大小：F=mg﹣kx，方向向下；此時小球繼續做加速運動；隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續向下運動，此時合外力大小為：F=kx﹣mg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，當速度為零時，合外力最大．故整個過程中物體合力先減小后增大，速度先增大后減小，最后為零．故A錯誤，B正確；C、小球向下的速度先增大后減小，小球先失重，后超重．故C錯誤，D錯誤．故選：B【分析】由小球下落與彈簧接觸過程中彈力變化，可分析小球合外力的變化情況，進一步根據牛頓第二定律得出加速度變化，可確定速度的變化情況．7．【答案】D【解析】【解答】A、以小球為研究對象進行受力分析有

根據牛頓第二定律及平衡條件可得Tsinθ=ma得T=mgcos故A錯誤；

CD、以環M為研究對象進行受力分析有

如圖所示，M受重力、繩的拉力T'、桿的彈力F1和桿的摩擦力F2作用處于平衡狀態

所以有：F1-T'得F1=故C錯誤，D正確；

B、如圖

可知細桿對環作用力方向斜向右上方，故B錯誤．

故答案為：D。

【分析】環與球及車保持相對靜止向右加速運動，則三者的加速度相等。對小球進行受力分析，水平方向做加速運動，豎直方向上處于平衡狀態。根據牛頓第二定律及平衡條件確定加速度及繩拉力的大小。再對圓環進行受力分析，根據牛頓第二定律及平衡條件進行解答。8．【答案】B,D【解析】【解答】豎直上拋運動的全部過程是勻變速直線運動；取豎直向上為正方向，由h=解得t1=1故BD正確，AC錯誤。

故答案為：BD.

【分析】豎直上拋運動的上升和下降過程加速度相同均為g，運用勻減速直線運動的位移公式列式進行計算。9．【答案】A,C【解析】【解答】物體沿豎直墻壁下滑，受到是滑動摩擦力，所以有f=μ又由于物體勻速下滑，根據平衡條件得f=G故AC正確，BD錯誤.

故答案為：AC。

【分析】對物體進行受力分析，確定物體所受摩擦力的方向及類型，再根據平衡條件及滑動摩擦力公式進行解答即可。10．【答案】B,C【解析】【解答】物體在F1、F2、F3三個共點力作用下做勻速直線運動，三力平衡，必有F3與F1、F2的合力等大反向，當F3大小不變，方向改變90°時，F1、F2的合力大小仍為F3，方向與改變方向后的F3夾角為90°，故F合=2F3故答案為：BC【分析】本題關鍵先根據平衡條件得出力F3變向后的合力大小和方向，然后根據牛頓第二定律求解加速度，根據曲線運動的條件判斷物體的運動性質：當物體受到的合外力恒定時，若物體受到的合力與初速度不共線時，物體做曲線運動；若合力與初速度共線，物體做直線運動．11．【答案】C,D【解析】【解答】由于傳送帶運動的速度v1小于滑塊的初速度v0，則物體開始做勻減速運動，當物體與傳動帶共速后，如果最大靜摩擦力大于等于重力沿斜面方向的分力，則物體與傳送帶共速后隨傳送帶一起勻速運動；如果最大靜摩擦力小于重力沿斜面方向的分力，則物體與傳送帶共速后繼續做勻減速運動，但加速度比共速前小，直到為0，再反向加速。故AB錯誤，CD正確。

故答案為：CD。

【分析】根據傳送帶速度與滑塊的速度關系判斷滑塊所受摩擦力的方向。當傳送帶和滑塊共速時，根據最大靜摩擦力與重力沿斜面方向的分力的大小關系，判斷滑塊是否與傳送帶保持相對靜止。12．【答案】（1）C（2）A（3）甲；F3一定是沿豎直方向【解析】【解答】（1）對O點受力分析，如圖所示

OA、OB、OC分別表示三個力的大小，由于系統處于平衡狀態，所以OC等于OD，因此三個力可構成一個三角形。由于每個鉤碼的重量相等，則各力的大小與鉤碼的個數成正比。

ABD、由于N則兩邊之和小于第三邊，不能構成三角形，故ABD錯誤；

C、由于N則可以構成等邊三角形，故C正確。

故答案為：C。

（2）為探究合力與分力的關系，必須作出各力的圖示，所以首先要明確力的作用點，即要標記結點O的位置，其次要作出力的方向并記錄力的大小，最后作出力的圖示。因此要從力的三要素角度出發做好記錄，要記錄結點O的位置、OA、OB、OC三段繩子的方向及所掛鉤碼的個數。

故答案為：A。

（3）在實驗中，OC繩的拉力一定沿豎直方向，而根據平行四邊形定則畫出的合力，由于誤差的存在，不一定沿豎直方向，故甲圖正確。

【分析】探究合力與分力的關系，必須作出各力的圖示，所以首先要明確力的作用點及力的方向和大小。熟悉掌握各力合成的取值范圍。本實驗利用重力等效繩子拉力，故OC繩的拉力一定沿豎直方向。13．【答案】AB；0.1；2【解析】【解答】①A、通過調節使斜槽的末端保持水平，才能讓小球做平拋運動，故A正確；

B、每次必須從同一位置由靜止釋放小球，以確保小球做平拋運動的初速度相同，故B正確；

C、記錄小球經過不同高度的位置時，每次等距離下降便于分析計算，但并不是必須的，故C錯誤；

D、將球經過不同高度的位置記錄在紙上后取下紙，用平滑曲線連接各點，形成拋物線軌跡，故D錯誤。

故答案為：AB。

②由于A到B、B到C的水平位移相等，故所用時間t相等，豎直方向由勻變速直線運動的推論可得?y=(0.40-0.15)解得t=0.1小球做平拋運動的初速度為v【分析】為畫出完整的運動軌跡，每次必須從同一位置由靜止釋放小球，以確保小球做平拋運動的初速度相同。豎直方向上做初速度為零的勻變速直線運動，對于連續相等時間內通過的位移已知時，可根據逐差法確定時間間隔。再根據水平方向上