高級中學名校試卷PAGE2024學年江西省八校聯考高三物理試卷（4月）一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.1898年居里夫婦發現了放射性元素釙。若元素釙發生某種衰變，其半衰期是138天，衰變方程為，下列說法正確的是(

)A.該元素發生的是衰變

B.Y原子核含有3個核子

C.射線可用于腫瘤治療

D.200g的Po經276天，已發生衰變的質量為100g2.2022年6月5日，神舟十四號載人飛船與空間站組合體成功實現自主快速交會對接。空間站、同步衛星繞地球的運動均可視為勻速圓周運動。已知空間站的運行軌道半徑為，同步衛星的運行軌道半徑為，下列說法正確的是(

)A.空間站處于平衡狀態

B.空間站的角速度比同步衛星的小

C.空間站與同步衛星的運行周期之比為

D.空間站與同步衛星的運行速率之比為3.如圖，直導線MN被兩等長且平行的絕緣輕繩懸掛于水平軸上，其所在區域存在方向垂直指向的磁場，與距離相等位置的磁感應強度大小相等且不隨時間變化，其截面圖如圖所示。導線通以電流I，靜止后，懸線偏離豎直方向的夾角為。下列說法正確的是(

)

A.當導線靜止在圖右側位置時，導線中電流方向由N指向M

B.電流I增大，靜止后，導線對懸線的拉力不變

C.與電流I成正比

D.與電流I成正比4.如圖所示為單反相機的取景五棱鏡原理圖，光線a經平面鏡反射后以垂直AB面的方向射入五棱鏡，以平行于AB面的方向射出五棱鏡。已知玻璃相對空氣的折射率為，CD面與AB面的夾角為，。已知，下列說法正確的是(

)

A.光線在F點的折射角的正弦值為

B.光線在F點發生全反射

C.調節CD面與AB面的夾角，使得光線a由CD面射向空氣時，恰好發生全反射，調整后CD面與AB面的夾角為

D.如果左下角的三角形表示一正立的物體，經過多次反射后在取景窗中得到的是正立的像5.如圖甲，某型號的發電機產生的電動勢e隨時間t呈正弦規律變化，發電機線圈電阻為，將一個電阻為的小燈泡接入其中，并且與一個理想電壓表并聯，如圖乙。不考慮小燈泡電阻隨溫度的變化，下列說法正確的是(

)

A.電壓表示數為220V B.小燈泡消耗的功率為440W

C.電路中的電流方向每秒改變50次 D.發電機線圈每秒產生的焦耳熱40J6.2023年12月18日在甘肅臨夏州積石山縣發生了級地震，讓人感覺地球處于“活躍”的時期。地震波既有橫波，也有縱波，若我國地震局截獲了一列沿x軸正方向傳播的地震橫波，在圖中實線與圖中虛線兩個時刻x軸上區間內的波形圖如圖所示，關于該地震波，以下判斷正確的是(

)

A.波速可能為

B.質點振動的周期可能為

C.t時刻位于的質點沿y軸正向振動

D.從t時刻開始計時，處的質點比處的質點先回到平衡位置7.北京2022年冬奧會首鋼滑雪大跳臺局部示意圖如圖所示。運動員從a處由靜止自由滑下，到b處起跳，c點為a、b之間的最低點，a、c兩處的高度差為h。要求運動員經過c點時對滑雪板的壓力不大于自身所受重力的k倍，運動過程中將運動員視為質點并忽略所有阻力，則c點處這一段圓弧雪道的半徑不應小于(

)

A. B. C. D.二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.如圖所示是某手機防摔裝置，商家宣傳只要手機摔落角度合適，可以保證從2m高處自由摔落而不破，下列有關手機與地面相互作用的過程中說法正確的是(

)

A.防摔裝置可以減小手機的動量的變化量 B.防摔裝置可以減小手機的動量的變化率

C.防摔裝置可以減小手機的動能的變化量 D.防摔裝置可以增加地面對手機的作用時間9.如圖為兩點電荷Q、Q'的電場等勢面分布示意圖，Q、Q'位于x軸上，相鄰等勢面的電勢差為3V。若x軸上的M點和N點位于0V等勢面上，P為某等勢面上一點，則(

)

A.N點的電場強度大小比M點的大 B.Q為正電荷

C.M點的電場方向沿x軸負方向 D.P點與M點的電勢差為12V10.如圖，兩根光滑細桿固定放置在同一豎直面內，與水平方向的夾角均為。質量均為的兩金屬小球套在細桿上，用一勁度系數的輕質彈簧相連。將兩小球同時由相同的高度靜止釋放，此時彈簧處于原長，小球釋放的位置距桿的最低點的豎直高度差為12cm，運動過程中彈簧始終在彈性限度內，已知彈簧彈性勢能為，x為彈簧的形變量，取，下列說法正確的是(

)

A.小球運動過程中的機械能守恒

B.兩小球在兩桿上運動的過程中，兩小球的最大總動能為

C.小球不會從桿的最低點脫落

D.兩小球在兩桿上運動的過程中，彈簧的最大彈性勢能為三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某同學在實驗室用傳感器做“一定質量的氣體在體積不變時，其壓強與溫度的關系”實驗，實驗裝置如圖，壓強傳感器通過軟管與試管內密閉氣體連通。單選實驗中，該同學的以下做法中正確的是(

)A.無需測量被封閉氣體的體積B.密封氣體的試管大部分在水面之上C.每次加入熱水后，用溫度傳感器攪拌使水溫均勻D.每次加入熱水后，立即讀數該同學記錄了不同熱力學溫度T時的壓強p，在操作正確的情況下，描繪出來的圖像可能是(

)

該同學記錄下了初始時封閉氣體壓強和攝氏溫度，隨后逐漸加熱水升高溫度，并記錄下每次測量結果與初始值的差值和，在實驗過程中壓強傳感器軟管突然脫落，他立即重新接上后繼續實驗，其余操作無誤。則的關系圖可能是(

)

12.測一段阻值約為鎳鉻絲電阻時所用器材和部分電路連線如圖1所示，則圖中的導線a端應與_________選填“”或“3”接線柱連接，b端應與_________選填“-”、“”或“3”接線柱連接。開關閉合前，圖1中滑動變阻器滑片應置于_________選填“左”或“右”端。該同學進一步用鎳鉻絲將滿偏電流的表頭G改裝成量程為9mA的電流表，如圖2所示，表頭G兩端并聯長為L的鎳鉻絲，調節滑動變阻器使表頭G滿偏，毫安表示數為I。改變L，重復上述步驟，獲得多組I、L數據，作出圖像如圖3所示。若圖像斜率。則需要把長為_________m的鎳鉻絲并聯在表頭G兩端。結果保留兩位有效數字四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.為提高冰球運動員的加速能力，教練員在水平冰面上與起跑線距離和處分別設置一個擋板和一面小旗，如圖所示。訓練時，讓運動員和冰球都位于起跑線上，教練員將冰球以速度擊出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑線的方向滑向擋板，到達擋板時的速度為，冰球被擊出的同時，運動員垂直于起跑線從靜止出發滑向小旗。訓練要求當冰球到達擋板時，運動員至少到達小旗處。假定運動員在滑行過程中做勻加速運動，重力加速度為g，求冰球與冰面之間的動摩擦因數；滿足訓練要求的運動員的最小加速度。14.如圖所示，平行的光滑金屬導軌MN和PQ平行，間距，與水平面之間的夾角，勻強磁場磁感應強度，方向垂直于導軌平面向上，MP間接有阻值的電阻，質量、電阻的金屬桿ab垂直導軌放置。現用恒力F沿導軌平面向上拉金屬桿ab，時使其由靜止開始運動，當金屬桿上滑的位移時達到最大速度，取，，導軌足夠長，且電阻不計。求：恒力F的大小；若在內通過電阻R的電荷量，求時金屬桿的速度大小；從金屬桿開始運動到剛達到穩定狀態，金屬桿上產生的焦耳熱。15.現代科技中經常用電場和磁場來控制帶電粒子的運動，某種粒子收集裝置如圖所示，在第二象限中存在一水平向右的勻強電場，一曲線形放射源不停地沿y軸負方向以初速度釋放電量為質量為m的粒子，已知放射源的兩端點位置為和，所有電荷均從原點進入第四象限，在第四象限中存在垂直紙面向內的勻強磁場，磁感應強度為，運動過程中忽略粒子的重力和粒子間的相互作用力，，求：放射源在位置釋放的粒子離開勻強磁場時的位置坐標和在磁場中運動的時間；電場強度的大小和放射源的曲線方程；假設放射源連續發射粒子穩定后，粒子經過原點時按照角度均勻分布，在第四象限中放置一長度為的豎直收集板粒子打到板上即被收集，一端緊靠x軸，將收集板置于位置時，收集率是多少？結果用分數表示——★參考答案★——1.〖答案〗C

〖解析〗

根據電荷數守恒和質量數守恒得出Y原子核的電荷數和質量數，從而得出核子數。根據半衰期的公式求衰變的質量。

解決本題的關鍵知道核反應過程中電荷數、質量數守恒，以及知道核子數等于質量數，同時注意射線是伴隨著衰變，或衰變產生的。

【解答】

AB、根據質量數守恒和電荷數守恒，可知Y的電荷數為2，質量數為4，則核子數為4，Y是，此衰變為衰變，而射線是伴隨著衰變產生的，AB錯誤；

C、射線在醫療上作為伽馬手術刀可以精準切除腫瘤組織，故C正確；

D、根據，其中，可知，200g的Po經276天，還剩余50g，故已發生衰變的質量為150g，故D錯誤。2.〖答案〗D

〖解析〗本題考查萬有引力定律的應用。對于繞地做勻速圓周運動的衛星，由萬有引力提供向心力分析圓周運動的物理量。【解答】

A.空間站繞地球做勻速圓周運動，所受合外力不為零，處于不平衡狀態。

B.空間站、同步衛星都繞地球做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律可得

化簡可得，由于，因此空間站的角速度比同步衛星的大，故B錯誤;

C.設空間站、同步衛星的運行周期分別為、，根據開普勒第三定律可得

整理可得，故C錯誤;

D.設空間站、同步衛星的運行速率分別為、，根據牛頓第二定律可得

化簡可得，因此空間站與同步衛星的運行速率之比為，故D正確。3.〖答案〗D

〖解析〗A.當導線靜止在圖右側位置時，對導線做受力分析有可知要讓安培力為圖示方向，則導線中電流方向應由M指向N，A錯誤；由于與距離相等位置的磁感應強度大小相等且不隨時間變化，有，則可看出與電流I成正比，當I增大時增大，則減小，靜止后，懸線對導線的拉力減小，由牛頓第三定律可知導線對懸線的拉力減小，BC錯誤，D正確。故選D。4.〖答案〗C

〖解析〗

本題考查單反相機的取景五棱鏡原理。解決問題的關鍵是清楚發生全反射的條件，知道折射率與臨界角的關系，結合光路圖分析判斷。

【解答】已知玻璃相對空氣的折射率為，則發生全反射的臨界角C滿足由幾何關系可知光線在F點的入射角為，因為所以入射角小于臨界角，不能發生全反射，設折射角為

，則解得，故AB錯誤；C.調節CD面與AB面的夾角，使得光線a由CD面射向空氣時，恰好發生全反射，調整后CD面與AB面的夾角為，故C正確；D.從三角形下方作出光線，如圖所示由圖可知在取景窗中得到的是倒立的像，故D錯誤。5.〖答案〗D

〖解析〗對于正弦式交流電，有效值是最大值的，結合閉合電路歐姆定律求出輸出電壓的有效值，再根據電功率公式求小燈泡的電功率，根據焦耳定律求線圈每秒產生的焦耳熱。注意正弦式交流電每個周期電流方向改變兩次。【解答】A.由圖甲可知，電動勢的有效值為220V，由閉合電路歐姆定律可得電路中的電流為輸出電壓有效值則電壓表示數為200V，A錯誤；B.由電功率公式可得小燈泡消耗的功率為B錯誤；C.由圖甲可知，交流電的周期為，可知電路中的電流方向每一個周期改變2次，可得每秒改變100次，C錯誤；D.由焦耳定律可得發電機線圈每秒鐘發熱，D正確。故選D。6.〖答案〗B

〖解析〗

本題考查波的圖像，根據圖像得出波長，結合波的傳播特點分析周期，根據波速公式求波速，根據平移法分析質點的振動方向。

【解答】B.由題意結合圖像可得

，

1

，

可得周期為

，

1

，

當時，，故B正確；A.由圖可知波長為

，

1

，

波速

，

1

，

，故A錯誤；C.波沿x軸正方向傳播，根據波形平移法可知，t時刻位于的質點沿y軸負向振動，故C錯誤；D.從t時刻開始計時，根據波形平移法可知，處的質點向上振動，故處的質點比處的質點先回到平衡位置，故D錯誤。故選B。7.〖答案〗D

〖解析〗解：從a到c根據動能定理有：

在c點根據牛頓第二定律有：

聯立解得：，由于，所以有

故ABC錯誤，D正確；

故選：D。

根據動能定理計算速度，再結合牛頓第二定律求解。

本題以滑雪為考查背景，主要考查了學生對于運動的理解，主要涉及豎直圓周運動，同時要結合動能定理和牛頓第二定律完成答題。8.〖答案〗BD

〖解析〗

手機從2m處落地，由其速度變化結合動量變化得解；由動量定理及動量的變化率得解；由動能的變化得解。

本題主要考查對動量定理的理解與應用，熟悉動量定理及動量的變化率是解題的關鍵，難度不大。

【解答】

依題意，根據動量定理，可得，可知防摔裝置的作用是延長了手機與地面的接觸時間，從而減小手機所受到的合外力，即減小手機動量的變化率，而手機動量的變化量未發生變化。由于高度不變，則動能的變化量保持不變。故AC錯誤，BD正確。9.〖答案〗AD

〖解析〗解：A、等差等勢線的疏密程度體現場強的大小，由圖可知N點的等差等勢線比M點更密，則N點的電場強度大小比M點的大，故A正確；

B、沿著電場線電勢逐漸降低，由圖可知電場線由N指Q，則Q為負電荷，故B錯娛；

C、沿者電場線電勢逐漸降低，結合各等勢線的電勢高低關系可知M點的電場方向沿x軸正方向，故C錯誤；

D、M點與N點等勢均為0V，P點與N點的等勢線間隔四個，而相鄰等勢面的電勢差為3V，則P點與M點的電勢差為12V，故D正確。

故選：AD。

根據等差等勢面的疏密程度得出場強的大小；沿著電場線方向電勢逐漸降低，由此分析出電荷的電性；根據等勢面的數值關系得出P點和M點的電勢差的大小。

本題主要考查了電勢的相關應用，理解電勢與電場線的特點，結合題目條件即可完成分析，難度不大。10.〖答案〗BCD

〖解析〗

小球加速度為零時，速度最大，根據平衡條件求解彈簧的壓縮量和此過程中兩個小球下降的高度，由系統機械能守恒定律求解兩小球的最大總動能；由假設法分析當兩球速度為零時小球下落的高度，結合題中數據分析是否脫離兩桿，根據彈性勢能的計算公式求解最大彈性勢能。

本題主要是考查了功能關系，首先要選取研究過程，分析運動過程中小球的受力情況和能量轉化情況，根據功能關系結合彈性勢能的計算公式列方程解答。

【解答】

A.小球運動過程中彈簧彈力做功，故機械能不守恒，故A錯誤;

B.小球加速度為零時，速度最大，設此時彈簧壓縮量為，有

此過程中兩個小球下降的高度均為，由系統機械能守恒可得

解得兩小球的最大總動能為，故B正確;

C.設小球下落高度為H時速度減為零，則，解得，小球不會從桿最低點脫落，故C正確;

D.當兩小球下落高度10m時彈簧的彈性勢能最大，此時彈簧的壓縮量為，則有，

故D正確。

故選BCD。11.〖答案〗

BC

〖解析〗〖解析〗

解：

、因為實驗是在體積不變的條件下，測量壓強與溫度的關系，氣體體積保持不變即可，不需要測量具體的體積數值，故A正確；

B、研究對象是試管內氣體，改變氣體溫度是通過改變試管所在水的溫度來實現，需要將使試管中封閉氣體完成浸沒與水中，故B錯誤；

CD、每次加熱水后，要讓管內氣體與熱水通過熱傳遞達到熱平衡再測量水溫，這時溫度才等于氣體的溫度，故CD錯誤；

故選：A。

根據一定質量的理想氣體狀態方程，當體積不變時，，P與T的圖像是過原點的直線，B正確；

根據，又，可知與成正比，在實驗過程中軟管脫落，質量減小，但之后的壓強變化與溫度變化還是成正比，重新接上壓強傳感器時，封閉氣體壓強為。與初始封閉氣體壓強相等，此時，故C正確，ABD錯誤；

故選：C。

根據實驗原理掌握正確的實驗操作；

根據一定質量的理想氣體的狀態方程分析；

根據一定質量的理想氣體的狀態方程，結合題意和圖像完成分析。

本題主要考查了一定質量的理想氣體的狀態方程，根據實驗原理掌握正確的實驗操作，根據公式聯合圖像的物理意義即可完成分析。12.〖答案〗

；；左；

〖解析〗〖解析〗實驗中用兩節干電池供電，則圖中的導線

a

端應與“”接線柱連接，電壓表測電阻兩端的電壓，則金屬絲的電阻較小，電流表外接誤差較小，故

b

端應與“”接線柱連接。為了保護電表，開關閉合前，圖1中滑動變阻器滑片應置于左端。由題可知

圖像斜率為由電路可知解得則若要把該滿偏電流為表頭G改裝成量程為9mA的電流表，則并聯的電阻解得

本題考查測金屬絲的電阻率實驗，明確實驗原理是解題關鍵，根據電路特點連接實驗電路，根據歐姆定律變形得到圖線的函數表達式結合圖像數據求解。13.〖答案〗解：設冰球質量為m，冰球與冰面間的動摩擦因數為，對冰球應用動能定理得，解得。設冰球到達擋板處所用的時間為t，則，

解得。設運動員的最小加速度為a，則，

解得。〖解析〗本題主要考查勻變速直線運動規律的應用，分析清楚物體的運動過程，找到運動員和冰球間的關聯，并能靈活選取運動學公式是關鍵。

根據動能定理或位移速度公式求出冰球的加速度，結合牛頓第二定律求解動摩擦因數；

抓住兩者運動時間相等，得出運動員到達小旗處的最小速度，結合速度位移公式求出最小加速度。14.〖答案〗解：當金屬桿穩定勻速運動時

電動勢：

閉合電路歐姆定律：

牛頓第二定律：

解得：

在0∽1s時間內，對金屬棒由動量定理得：

其中

解得：

從金屬棒開始運動到達穩定，由動能定理得：

解得：

根據功能關系可得：安

所以金屬桿上產生的焦耳熱：Qr

〖解析〗本題電磁感應與力學知識的綜合，難度一般。

應用安培力公式求出金屬桿受到的安培力，當金屬棒勻速運動時，由平衡條件得出恒力F；

在時間內，由動量定理結合通過金屬桿的電荷量q求出時金屬桿的速度大小；

從金屬棒開始運動到達穩定，由動能定理得出克服安培力做的功，整個回路中產生的焦耳熱等于克服安培力做的功，再根據串聯電路的特點即可計算金屬桿上產生的焦耳熱。15.〖答案〗點入射的粒子

解得：

離開磁場的位置坐標

在磁場中運動的時間

解得：

入射的粒子做類平拋運動過原點

解得：

假設從坐標射出的粒子，需要滿足

兩者聯立可得軌跡方程

粒子進入磁場時速度方向與x軸夾角在范圍內，設經過原點的粒子速度為v，與x軸夾角為，則粒子在第四象限的軌跡半徑為R，則

所以粒子打到x軸的位置到原點距離為

與無關，所有粒子均從點射出

收集板位于時，與x軸夾角為的粒子恰好打到收集板邊緣，設粒子運動半徑

為R，根幾何知識有

可解得：

由可得

粒子進入磁場時速度方向與x軸夾角在范圍內的粒子可以打到收集板，則收集率

〖解析〗根據帶電粒子在磁場中的運動進行求解；

入射的粒子做類平拋運動過原點，根據類平拋的運動規律求解電場強度的大小，再根據各個粒子都能從O點進入磁場，結合運動學公式進行求解；

根據帶電粒子在磁場中的運動，結合粒子運動的軌跡進行求解。

本題主要考查帶電粒子在組合場電場和磁場中的運動，難度較大。2023-2024學年江西省八校聯考高三物理試卷（4月）一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.1898年居里夫婦發現了放射性元素釙。若元素釙發生某種衰變，其半衰期是138天，衰變方程為，下列說法正確的是(

)A.該元素發生的是衰變

B.Y原子核含有3個核子

C.射線可用于腫瘤治療

D.200g的Po經276天，已發生衰變的質量為100g2.2022年6月5日，神舟十四號載人飛船與空間站組合體成功實現自主快速交會對接。空間站、同步衛星繞地球的運動均可視為勻速圓周運動。已知空間站的運行軌道半徑為，同步衛星的運行軌道半徑為，下列說法正確的是(

)A.空間站處于平衡狀態

B.空間站的角速度比同步衛星的小

C.空間站與同步衛星的運行周期之比為

D.空間站與同步衛星的運行速率之比為3.如圖，直導線MN被兩等長且平行的絕緣輕繩懸掛于水平軸上，其所在區域存在方向垂直指向的磁場，與距離相等位置的磁感應強度大小相等且不隨時間變化，其截面圖如圖所示。導線通以電流I，靜止后，懸線偏離豎直方向的夾角為。下列說法正確的是(

)

A.當導線靜止在圖右側位置時，導線中電流方向由N指向M

B.電流I增大，靜止后，導線對懸線的拉力不變

C.與電流I成正比

D.與電流I成正比4.如圖所示為單反相機的取景五棱鏡原理圖，光線a經平面鏡反射后以垂直AB面的方向射入五棱鏡，以平行于AB面的方向射出五棱鏡。已知玻璃相對空氣的折射率為，CD面與AB面的夾角為，。已知，下列說法正確的是(

)

A.光線在F點的折射角的正弦值為

B.光線在F點發生全反射

C.調節CD面與AB面的夾角，使得光線a由CD面射向空氣時，恰好發生全反射，調整后CD面與AB面的夾角為

D.如果左下角的三角形表示一正立的物體，經過多次反射后在取景窗中得到的是正立的像5.如圖甲，某型號的發電機產生的電動勢e隨時間t呈正弦規律變化，發電機線圈電阻為，將一個電阻為的小燈泡接入其中，并且與一個理想電壓表并聯，如圖乙。不考慮小燈泡電阻隨溫度的變化，下列說法正確的是(

)

A.電壓表示數為220V B.小燈泡消耗的功率為440W

C.電路中的電流方向每秒改變50次 D.發電機線圈每秒產生的焦耳熱40J6.2023年12月18日在甘肅臨夏州積石山縣發生了級地震，讓人感覺地球處于“活躍”的時期。地震波既有橫波，也有縱波，若我國地震局截獲了一列沿x軸正方向傳播的地震橫波，在圖中實線與圖中虛線兩個時刻x軸上區間內的波形圖如圖所示，關于該地震波，以下判斷正確的是(

)

A.波速可能為

B.質點振動的周期可能為

C.t時刻位于的質點沿y軸正向振動

D.從t時刻開始計時，處的質點比處的質點先回到平衡位置7.北京2022年冬奧會首鋼滑雪大跳臺局部示意圖如圖所示。運動員從a處由靜止自由滑下，到b處起跳，c點為a、b之間的最低點，a、c兩處的高度差為h。要求運動員經過c點時對滑雪板的壓力不大于自身所受重力的k倍，運動過程中將運動員視為質點并忽略所有阻力，則c點處這一段圓弧雪道的半徑不應小于(

)

A. B. C. D.二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.如圖所示是某手機防摔裝置，商家宣傳只要手機摔落角度合適，可以保證從2m高處自由摔落而不破，下列有關手機與地面相互作用的過程中說法正確的是(

)

A.防摔裝置可以減小手機的動量的變化量 B.防摔裝置可以減小手機的動量的變化率

C.防摔裝置可以減小手機的動能的變化量 D.防摔裝置可以增加地面對手機的作用時間9.如圖為兩點電荷Q、Q'的電場等勢面分布示意圖，Q、Q'位于x軸上，相鄰等勢面的電勢差為3V。若x軸上的M點和N點位于0V等勢面上，P為某等勢面上一點，則(

)

A.N點的電場強度大小比M點的大 B.Q為正電荷

C.M點的電場方向沿x軸負方向 D.P點與M點的電勢差為12V10.如圖，兩根光滑細桿固定放置在同一豎直面內，與水平方向的夾角均為。質量均為的兩金屬小球套在細桿上，用一勁度系數的輕質彈簧相連。將兩小球同時由相同的高度靜止釋放，此時彈簧處于原長，小球釋放的位置距桿的最低點的豎直高度差為12cm，運動過程中彈簧始終在彈性限度內，已知彈簧彈性勢能為，x為彈簧的形變量，取，下列說法正確的是(

)

A.小球運動過程中的機械能守恒

B.兩小球在兩桿上運動的過程中，兩小球的最大總動能為

C.小球不會從桿的最低點脫落

D.兩小球在兩桿上運動的過程中，彈簧的最大彈性勢能為三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某同學在實驗室用傳感器做“一定質量的氣體在體積不變時，其壓強與溫度的關系”實驗，實驗裝置如圖，壓強傳感器通過軟管與試管內密閉氣體連通。單選實驗中，該同學的以下做法中正確的是(

)A.無需測量被封閉氣體的體積B.密封氣體的試管大部分在水面之上C.每次加入熱水后，用溫度傳感器攪拌使水溫均勻D.每次加入熱水后，立即讀數該同學記錄了不同熱力學溫度T時的壓強p，在操作正確的情況下，描繪出來的圖像可能是(

)

該同學記錄下了初始時封閉氣體壓強和攝氏溫度，隨后逐漸加熱水升高溫度，并記錄下每次測量結果與初始值的差值和，在實驗過程中壓強傳感器軟管突然脫落，他立即重新接上后繼續實驗，其余操作無誤。則的關系圖可能是(

)

12.測一段阻值約為鎳鉻絲電阻時所用器材和部分電路連線如圖1所示，則圖中的導線a端應與_________選填“”或“3”接線柱連接，b端應與_________選填“-”、“”或“3”接線柱連接。開關閉合前，圖1中滑動變阻器滑片應置于_________選填“左”或“右”端。該同學進一步用鎳鉻絲將滿偏電流的表頭G改裝成量程為9mA的電流表，如圖2所示，表頭G兩端并聯長為L的鎳鉻絲，調節滑動變阻器使表頭G滿偏，毫安表示數為I。改變L，重復上述步驟，獲得多組I、L數據，作出圖像如圖3所示。若圖像斜率。則需要把長為_________m的鎳鉻絲并聯在表頭G兩端。結果保留兩位有效數字四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.為提高冰球運動員的加速能力，教練員在水平冰面上與起跑線距離和處分別設置一個擋板和一面小旗，如圖所示。訓練時，讓運動員和冰球都位于起跑線上，教練員將冰球以速度擊出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑線的方向滑向擋板，到達擋板時的速度為，冰球被擊出的同時，運動員垂直于起跑線從靜止出發滑向小旗。訓練要求當冰球到達擋板時，運動員至少到達小旗處。假定運動員在滑行過程中做勻加速運動，重力加速度為g，求冰球與冰面之間的動摩擦因數；滿足訓練要求的運動員的最小加速度。14.如圖所示，平行的光滑金屬導軌MN和PQ平行，間距，與水平面之間的夾角，勻強磁場磁感應強度，方向垂直于導軌平面向上，MP間接有阻值的電阻，質量、電阻的金屬桿ab垂直導軌放置。現用恒力F沿導軌平面向上拉金屬桿ab，時使其由靜止開始運動，當金屬桿上滑的位移時達到最大速度，取，，導軌足夠長，且電阻不計。求：恒力F的大小；若在內通過電阻R的電荷量，求時金屬桿的速度大小；從金屬桿開始運動到剛達到穩定狀態，金屬桿上產生的焦耳熱。15.現代科技中經常用電場和磁場來控制帶電粒子的運動，某種粒子收集裝置如圖所示，在第二象限中存在一水平向右的勻強電場，一曲線形放射源不停地沿y軸負方向以初速度釋放電量為質量為m的粒子，已知放射源的兩端點位置為和，所有電荷均從原點進入第四象限，在第四象限中存在垂直紙面向內的勻強磁場，磁感應強度為，運動過程中忽略粒子的重力和粒子間的相互作用力，，求：放射源在位置釋放的粒子離開勻強磁場時的位置坐標和在磁場中運動的時間；電場強度的大小和放射源的曲線方程；假設放射源連續發射粒子穩定后，粒子經過原點時按照角度均勻分布，在第四象限中放置一長度為的豎直收集板粒子打到板上即被收集，一端緊靠x軸，將收集板置于位置時，收集率是多少？結果用分數表示——★參考答案★——1.〖答案〗C

〖解析〗

根據電荷數守恒和質量數守恒得出Y原子核的電荷數和質量數，從而得出核子數。根據半衰期的公式求衰變的質量。

解決本題的關鍵知道核反應過程中電荷數、質量數守恒，以及知道核子數等于質量數，同時注意射線是伴隨著衰變，或衰變產生的。

【解答】

AB、根據質量數守恒和電荷數守恒，可知Y的電荷數為2，質量數為4，則核子數為4，Y是，此衰變為衰變，而射線是伴隨著衰變產生的，AB錯誤；

C、射線在醫療上作為伽馬手術刀可以精準切除腫瘤組織，故C正確；

D、根據，其中，可知，200g的Po經276天，還剩余50g，故已發生衰變的質量為150g，故D錯誤。2.〖答案〗D

〖解析〗本題考查萬有引力定律的應用。對于繞地做勻速圓周運動的衛星，由萬有引力提供向心力分析圓周運動的物理量。【解答】

A.空間站繞地球做勻速圓周運動，所受合外力不為零，處于不平衡狀態。

B.空間站、同步衛星都繞地球做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律可得

化簡可得，由于，因此空間站的角速度比同步衛星的大，故B錯誤;

C.設空間站、同步衛星的運行周期分別為、，根據開普勒第三定律可得

整理可得，故C錯誤;

D.設空間站、同步衛星的運行速率分別為、，根據牛頓第二定律可得

化簡可得，因此空間站與同步衛星的運行速率之比為，故D正確。3.〖答案〗D

〖解析〗A.當導線靜止在圖右側位置時，對導線做受力分析有可知要讓安培力為圖示方向，則導線中電流方向應由M指向N，A錯誤；由于與距離相等位置的磁感應強度大小相等且不隨時間變化，有，則可看出與電流I成正比，當I增大時增大，則減小，靜止后，懸線對導線的拉力減小，由牛頓第三定律可知導線對懸線的拉力減小，BC錯誤，D正確。故選D。4.〖答案〗C

〖解析〗

本題考查單反相機的取景五棱鏡原理。解決問題的關鍵是清楚發生全反射的條件，知道折射率與臨界角的關系，結合光路圖分析判斷。

【解答】已知玻璃相對空氣的折射率為，則發生全反射的臨界角C滿足由幾何關系可知光線在F點的入射角為，因為所以入射角小于臨界角，不能發生全反射，設折射角為

，則解得，故AB錯誤；C.調節CD面與AB面的夾角，使得光線a由CD面射向空氣時，恰好發生全反射，調整后CD面與AB面的夾角為，故C正確；D.從三角形下方作出光線，如圖所示由圖可知在取景窗中得到的是倒立的像，故D錯誤。5.〖答案〗D

〖解析〗對于正弦式交流電，有效值是最大值的，結合閉合電路歐姆定律求出輸出電壓的有效值，再根據電功率公式求小燈泡的電功率，根據焦耳定律求線圈每秒產生的焦耳熱。注意正弦式交流電每個周期電流方向改變兩次。【解答】A.由圖甲可知，電動勢的有效值為220V，由閉合電路歐姆定律可得電路中的電流為輸出電壓有效值則電壓表示數為200V，A錯誤；B.由電功率公式可得小燈泡消耗的功率為B錯誤；C.由圖甲可知，交流電的周期為，可知電路中的電流方向每一個周期改變2次，可得每秒改變100次，C錯誤；D.由焦耳定律可得發電機線圈每秒鐘發熱，D正確。故選D。6.〖答案〗B

〖解析〗

本題考查波的圖像，根據圖像得出波長，結合波的傳播特點分析周期，根據波速公式求波速，根據平移法分析質點的振動方向。

【解答】B.由題意結合圖像可得

，

1

，

可得周期為

，

1

，

當時，，故B正確；A.由圖可知波長為

，

1

，

波速

，

1

，

，故A錯誤；C.波沿x軸正方向傳播，根據波形平移法可知，t時刻位于的質點沿y軸負向振動，故C錯誤；D.從t時刻開始計時，根據波形平移法可知，處的質點向上振動，故處的質點比處的質點先回到平衡位置，故D錯誤。故選B。7.〖答案〗D

〖解析〗解：從a到c根據動能定理有：

在c點根據牛頓第二定律有：

聯立解得：，由于，所以有

故ABC錯誤，D正確；

故選：D。

根據動能定理計算速度，再結合牛頓第二定律求解。

本題以滑雪為考查背景，主要考查了學生對于運動的理解，主要涉及豎直圓周運動，同時要結合動能定理和牛頓第二定律完成答題。8.〖答案〗BD

〖解析〗

手機從2m處落地，由其速度變化結合動量變化得解；由動量定理及動量的變化率得解；由動能的變化得解。

本題主要考查對動量定理的理解與應用，熟悉動量定理及動量的變化率是解題的關鍵，難度不大。

【解答】

依題意，根據動量定理，可得，可知防摔裝置的作用是延長了手機與地面的接觸時間，從而減小手機所受到的合外力，即減小手機動量的變化率，而手機動量的變化量未發生變化。由于高度不變，則動能的變化量保持不變。故AC錯誤，BD正確。9.〖答案〗AD

〖解析〗解：A、等差等勢線的疏密程度體現場強的大小，由圖可知N點的等差等勢線比M點更密，則N點的電場強度大小比M點的大，故A正確；

B、沿著電場線電勢逐漸降低，由圖可知電場線由N指Q，則Q為負電荷，故B錯娛；

C、沿者電場線電勢逐漸降低，結合各等勢線的電勢高低關系可知M點的電場方向沿x軸正方向，故C錯誤；

D、M點與N點等勢均為0V，P點與N點的等勢線間隔四個，而相鄰等勢面的電勢差為3V，則P點與M點的電勢差為12V，故D正確。

故選：AD。

根據等差等勢面的疏密程度得出場強的大小；沿著電場線方向電勢逐漸降低，由此分析出電荷的電性；根據等勢面的數值關系得出P點和M點的電勢差的大小。

本題主要考查了電勢的相關應用，理解電勢與電場線的特點，結合題目條件即可完成分析，難度不大。10.〖答案〗BCD

〖解析〗

小球加速度為零時，速度最大，根據平衡條件求解彈簧的壓縮量和此過程中兩個小球下降的高度，由系統機械能守恒定律求解兩小球的最大總動能；由假設法分析當兩球速度為零時小球下落的高度，結合題中數據分析是否脫離兩桿，根據彈性勢能的計算公式求解最大彈性勢能。

本題主要是考查了功能關系，首先要選取研究過程，分析運動過程中小球的受力情況和能量轉化情況，根據功能關系結合彈性勢能的計算公式列方程解答。

【解答】

A.小球運動過程中彈簧彈力做功，故機械能不守恒，故A錯誤;

B.小球加速度為零時，速度最大，設此時彈簧壓縮量為，有

此過程中兩個小球下降的高度均為，由系統機械能守恒可得

解得兩小球的最大總動能為，故B正確;

C.設小球下落高度為H時速度減為零，則，解得，小球不會從桿最低點脫落，故C正確;

D.當兩小球下落高度10m時彈簧的彈性勢能最大，此時彈簧的壓縮量為，則有，

故D正確。

故選BCD。11.〖答案〗

BC

〖解析〗〖解析〗

解：

、因為實驗是在體積不變的條件下，測量壓強與溫度的關系，氣體體積保持不變即可，不需要測量具體的體積數值，故A正確；

B、研究對象是試管內氣體，改變氣體溫度是通過改變試管所在水的溫度來實現，需要將使試管中封閉氣體完成浸沒與水中，故B錯誤；

CD、每次加熱水后，要讓管