年四川省成都市中考物理試卷教師版

2015()

一、單項選擇題(每小題2分,共28分)

1．(2分)下列現象與慣性有關的是()

A．小朋友喜歡看動畫片

B．投出的籃球在空中繼續向前運動

C．同種電荷相互排斥

D．水銀的溫度升高時體積增大

【考點】6L：慣性．

【分析】一切物體都有保持原來運動狀態不變的性質,叫慣性；結合選項中的描述可判斷

哪一個是與慣性有關的知識。

【解答】解：A、小朋友喜歡看動畫片,不包括力學的知識,更與慣性無關,不合題意；

B、投出的籃球在空中繼續向前運動是因為籃球具有慣性,符合題意；

C、同種電荷相互排斥反映了電荷間的相互作用規律,與慣性無關,不合題意；

D、水銀的溫度升高時體積增大,反映了物體熱脹冷縮的性質,與慣性無關,不合題意。

故選：B。

【點評】知識慣性的概念,并能用慣性的知識來解釋和辨別生活中的現象,可順利做出解

答。

2．(2分)如圖所示,將正在發出聲音的音叉放入水中,能觀察到音叉周圍濺起許多水花。這說

明()

A．發出聲音的音叉在振動

B．超聲波具有能量

C．聲音從空氣傳入水中響度會變大

D．聲音從空氣傳入水中速度會變小

【考點】91：聲音的產生．

【分析】聲音是由物體的振動產生的。把不容易觀察到的現象,轉換成可以明顯觀察到的

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現象,這種方法稱為轉換法。在物理實驗中經常要用到轉換法來研究物理現象。

【解答】解：

A、正在發聲的音叉是否振動,不容易觀察,把它放到水里后,能夠激起水花,看到水花飛濺,

就能夠說明插入水中的發聲音叉是在振動的,故A正確；

B、音叉發出的不是超聲波,所以此實驗不能說明超聲波是否具有能量,故B錯誤；

C、此實驗無法驗證聲音從空氣傳入水中響度的變化,故C錯誤；

D、聲音從空氣傳入水中速度會變大,故D錯誤。

故選：A。

【點評】此題考查的知識點有兩個：一是聲音的產生是由于物體的振動；二是轉換法在

物理學研究當中的有效運用。

3．(2分)關于電磁波與信息技術,下列敘述正確的是()

A．電磁波只能用于通信

B．電磁波的應用對人類有利無害

C．手機既能發射電磁波也能接收電磁波

D．衛星通信不需要利用電磁波傳遞信息

【考點】D2：電磁波的傳播與應用．

【分析】(1)電磁波不斷能夠傳遞信息,也能夠傳遞能量；

(2)電磁波對人類既有有益的方面,也有有害的方面；

(3)移動電話就是靠發射和接收電磁波來傳遞信息的；

(4)電磁波的傳播不需要介質,電磁波可以在固體、液體、氣體中傳播,也可以在真空中傳播。

【解答】解：A、電磁波不只用來通信,還可以傳遞能量,例如微波爐就是利用了電磁波傳

遞能量,該選項說法不正確；

B、電磁波對人類是有輻射的,可引起人體病變,該選項說法不正確；

C、手機既可以發射電磁波,也可以接收電磁波,該選項說法正確；

D、衛星通信是利用電磁波來實現的,該選項說法不正確。

故選：C。

【點評】本題考查了本題考查了電磁波的應用,屬于基礎知識的考查,相對比較簡單。

4．(2分)以下機械屬于熱機的是()

A．杠桿B．斜面C．洗衣機D．汽油機

【考點】GK：熱機．

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【分析】熱機是把內能轉化成機械能的裝置,分析各選項能量轉化即可正確解題。

【解答】解：AB．杠桿、斜面是簡單的機械,不屬于熱機。故AB不符合題意；

C．洗衣機是電能轉化為機械能的裝置,不屬于熱機。故C不符合題意；

D．汽油機是把內能轉化成機械能的裝置,屬于熱機。符合題意。

故選：D。

【點評】本題主要考查了對熱機的理解,是一道容易出錯的題目。

5．(2分)如圖所示,直升飛機懸停在空中。下列對直升飛機能量的分析,正確的是()

A．直升飛機具有重力勢能

B．直升飛機的動能不斷轉化為重力勢能

C．直升飛機的重力勢能不斷轉化為動能

D．直升飛機的機械能在不斷增大

【考點】FN：動能和勢能的大小變化；FU：動能和勢能的轉化與守恒．

【分析】(1)動能的大小與物體的質量、速度有關；

(2)重力勢能的大小與物體的質量、高度有關；

(3)動能和勢能統稱為機械能。

【解答】解：A、直升飛機懸停在空中,故有質量,有高度,所以具有重力勢能,故正確；

B、直升飛機懸停在空中,所以質量不變,高度不變,速度不變,即動能和重力勢能都不變,故

錯誤；

C、據B可知,直升機的動能和重力勢能都不變,故沒有動能和重力勢能的轉化,故錯誤；

D、據B可知,直升機的動能和重力勢能都不變,故機械能不變,故錯誤；

故選：A。

【點評】知道動能、重力勢能和機械能大小影響因素是解決該題的關鍵。

6．(2分)下列做法中,符合安全用電要求的是()

A．將開關安裝在燈具和中性線(零線)之間

B．發生觸電事故時,首先切斷電源

C．家中空氣開關跳閘(斷開)后馬上將其閉合

D．在高壓線附近的空地放風箏

【考點】IV：安全用電原則．

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【分析】利用下列知識分析判斷：

(1)家庭電路中開關和開關控制的用電器之間是串聯的,開關必須與火線相連；

(2)發現有人觸電后,采取的措施不能讓自己直接或間接再接觸火線,以防止自己再觸電；

(3)空氣開關跳閘,原因是電路有短路或漏電現象,應先檢修,檢查沒有問題后再使空氣開關

復位；

(4)安全用電的基本原則是不接觸低壓帶電體,不靠近高壓帶電體。

【解答】解：A、為了開關斷開后,用電器與火線斷開,則控制用電器的開關必須接在火線

上,故A不符合題意；

B、當發現有人觸電時,應該立即采取的措施是：迅速切斷電源或用絕緣體挑開電線,不能

用手拉開電線和觸電的人,否則自己也會觸電,故B符合題意；

C、因為電路有短路或漏電現象,空氣開關才跳閘,所以應先檢修,檢查沒有問題后再使空氣

開關復位,故C不符合題意；

D、不能在高壓線附近放風箏,故D不符合題意；

故選：B。

【點評】本題考查了學生對安全用電知識的了解與掌握,平時學習時多了解、多積累,加強

安全意識。

7．(2分)對下列常見現象的分析,合理的是()

A．摩擦生熱,是通過做功的方式改變內能

B．圍火取暖,是通過做功的方式改變內能

C．霧霾彌漫,是因為分子在不停地運動

D．雪花紛飛,是因為分子之間有排斥力作用

【考點】G9：做功改變物體內能；GV：分子的運動．

【分析】(1)改變內能的方式有兩種,即做功和熱傳遞；

(2)據分子運動輪可知,分子很小,肉眼不能直接看到,且分子是在永不停息的運動的,且分子

間存在著作用力。

【解答】解：A、摩擦生熱,即克服摩擦力做功產生內能,故是通過做功改變內能,故正確；

B、圍火取暖,是通過熱傳遞的方式改變內能,故錯誤；

C、霧霾彌漫中的霧霾不是分子,故不能說明分子是運動的,故錯誤；

D、雪花紛飛中的雪花不是分子,不能說明分子之間有排斥力作用,故錯誤；

故選：A。

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【點評】該題考查了分子運動論和改變內能兩種方式的判斷,是一道綜合題。

8．(2分)下列現象中能說明存在大氣壓的是()

A．火箭升空過程不斷噴射高溫燃氣

B．坦克裝有寬大的履帶

C．醫生推動活塞給病人注射藥液

D．用吸管將杯中飲料吸入口中

【考點】8E：大氣壓強的存在．

【分析】本題要逐一分析四個選項中的實例是不是利用了大氣壓來工作。大氣壓的利用

一般都是在某處使氣壓降低,然后在外界大氣壓的作用下,產生了某種效果。

【解答】解：A、火箭點火后從尾部猛烈噴出燃氣,對氣體施加了一個向后的作用力,從而

使火箭受到了氣體對它施加了一個向前的反作用力,這是利用了物體間力的作用是相互的,

才使火箭得到向前的動力。故A不符合題意；

B、坦克裝有寬大的履帶,是在壓力一定時,增大受力面積來減小壓強。故B不符合題意。

C、醫生向病人體內注射藥液是利用了人的推力,與大氣壓無關。故C不符合題意。

D、用力一吸氣,吸管內的氣壓小于外界大氣壓,飲料在外界大氣壓的作用下,被壓入口腔內,

所以利用了大氣壓。故D符合題意。

故選：D。

【點評】大氣壓在現實生活中的存在和應用特別廣泛,生活中要注意觀察。注意醫生給注

射器內吸藥液時用到了大氣壓,但是向病人體內注射藥液是利用了人的推力,與大氣壓無

關。

9．(2分)如圖所示,將一支鉛筆放入水中,看起來鉛筆發生了彎折。這是因為()

A．光在空氣和水的分界面發生了鏡面反射

B．光在空氣和水的分界面發生了漫反射

C．光從空氣射入水中,傳播方向不變

D．光從水射入空氣中,傳播方向改變

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【考點】AM：光的折射現象及其應用．

【分析】光從一種介質斜射入另一種介質時,光的傳播方向會發生偏折,這種現象叫光的折

射；光從水中斜射入空氣時,傳播方向將遠離法線,折射角大于入射角。

【解答】解：A、B、光在空氣和水的分界面發生了鏡面反射,但不是鉛筆看起來發生了彎

折的原因,故A、B錯誤；

C、D、插入水中的鉛筆,由于鉛筆反射的光線從水中斜射入空氣中時,傳播方向發生了偏

折,遠離法線,折射角大于入射角,所以看到鉛筆在水中的部分是向上彎折。此時看到的像是

鉛筆的虛像。故C不符合題意,D符合題意。

故選：D。

【點評】此題考查了光的折射現象的解釋,要知道光從水中斜射入空氣中時,折射角大于入

射角,這是解答此題的關鍵。

10．(2分)2014年8月,我國自主研發的“華龍一號”核電站總體技術方案通過專家評審。核

電站利用核能發電,它的核心設備是核反應堆。下列說法正確的是()

A．目前核電站都是通過聚變反應來釋放核能

B．核電站產生的核廢料對環境沒有污染

C．核反應堆中發生的鏈式反應是可以控制的

D．核反應堆所用的核燃料主要是氫的同位素

【考點】K5：核電站發電過程中的能量轉化．

【分析】(1)核能發電是利用鈾原子核裂變時放出的核能來發電的。核電站的核心設備是

核反應堆,核反應堆是通過可控裂變(鏈式反應)釋放能量的。

(2)核廢料是對環境污染很嚴重的。

【解答】解：A、核能發電是利用鈾原子核裂變時放出的核能來發電的,故A錯誤；

B、核廢料是對環境污染很嚴重的,故B錯誤；

C、核電站的核心設備是核反應堆,核反應堆是通過可控裂變(鏈式反應)釋放能量的,故C

正確；

D、核能發電是利用鈾原子核裂變時放出的核能的,不是氫的同位素,故D錯誤；

故選：C。

【點評】本題通過核電站考查了核能應用的相關知識,為近幾年考查的熱點應熟練掌握。

11．(2分)如圖所示,為發電機的工作原理圖,下列說法中正確的是()

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A．發電機的基本原理是通電導體在磁場中受力的作用

B．發電機的基本原理是電磁感應

C．線圈在轉動過程中,感應電流的大小不變

D．線圈在轉動過程中,感應電流的方向不變

【考點】CS：發電機的構造和原理．

【分析】發電機是利用電磁感應現象制成的,在發電機工作時,電流的大小和方向是時刻變

化的,據此分析即可解決。

【解答】解：A、電動機的基本原理是通電導體在磁場中受力的作用,故錯誤；

B、發電機的基本原理是電磁感應,故正確；

C、線圈在轉動過程中,感應電流的大小是變化的,故錯誤；

D、線圈在轉動過程中,感應電流的方向是變化的,故錯誤；

故選：B。

【點評】知道發電機、電動機的原理,并能理解發電機工作時其內部電流大小、方向的變

化特點是解決該題的關鍵。

12．(2分)下列各種現象與其應用的物理知識之間的關系中,正確的是()

A．飛機獲得升力起飛﹣﹣流體壓強與流速的關系

B．熱氣球升空﹣﹣大氣壓與溫度的關系

C．水下潛水艇能夠上浮﹣﹣液體壓強與深度的關系

D．航空母艦漂浮在海面﹣﹣浮力與液體密度的關系

【考點】2H：密度與溫度；8K：流體壓強與流速的關系；8S：物體的浮沉條件及其應用．

【分析】據題目中所提示的情形,聯系課本知識,逐個分析判斷即可解決。

【解答】解：A、飛機飛行時獲得升力,是因為飛機的機翼的特殊形狀,使下方空氣流速小,

壓強大,獲得升力,故正確；

B、熱氣球浸在空氣中時,浮力大于氫氣球自身的重力,從而升空,故錯誤；

C、水下潛水艇能夠上浮,是因為浮力大于潛水艇的重力,故錯誤；

第7頁(共41頁)

D、航空母艦漂浮在海面是由于此時的浮力等于自身的重力,故錯誤；

故選：A。

【點評】此題主要考查力學知識,所列舉的事例使我們日常生活中常見的,因此同學們在學

習時,要多注意身邊物理現象,用所學知識解釋這些現象。

13．(2分)如圖所示為家用電飯鍋,與它有關的下列數據最符合實際的是()

A．正常工作時的電流是0.01A

B．正常工作時的電壓為12V

C．正常工作時的功率為700W

D．正常工作1小時消耗的電能約為360J

【考點】HG：電流的大小；J3：電功與電能的計算；J7：電功率的概念；JB：額定電壓．

【分析】①電飯鍋正常工作的電流在3A左右；

②我國家庭電路電壓為220V；

③電飯鍋屬于較大功率的用電器,額定功率在500W以上；

④在得出電飯鍋功率的前提下,利用W＝Pt得到消耗的電能。

【解答】解：

B、在我國,家庭電路電壓為220V,常見家用電器的額定電壓與家庭電路電壓應該一致,也

是220V．選項B錯誤；

C、電飯鍋屬于功率較大的用電器,額定功率在700W左右。選項C正確；

A、電飯鍋正常工作的電流在I3.2A左右。選項A錯誤；

D、電飯鍋正常工作1h消耗的電能約W＝Pt＝700W×3600s＝2520000J．選項D錯誤。

故選：C。

【點評】對于估計問題,要記住一些生活中常見的物理量,然后進行比較得出。特別是與電

有關的數據,如家庭電路電壓、一節干電池電壓、用電器工作時的電流、功率等等。

14．(2分)據新華社報道,2014年8月20日上午,青奧會賽艇女子雙人單槳比賽的最終“獎牌

第8頁(共41頁)

榜”出爐,四川選手羅雅丹與隊友潘婕合作,以3分37秒52的成績獲得銀牌。賽程全長2000

米,圖所示為她們在比賽中的情境。下列四個速度中,比她們的平均速度大的是()

A．5m/sB．10m/sC．5km/hD．10km/h

【考點】6D：變速運動與平均速度．

【分析】根據公式v求出運動員的平均速度,然后比較大小。

【解答】解：3分37秒52≈218s,四川選手羅雅丹與隊友潘婕的平均速度

v9.2m/s＝33.12km/h；

A、5m/s＜9.2m/s,故A錯誤；

B、10m/s＞9.2m/s,故B正確；

C、5km/h＜33.12km/h,故C錯誤；

D、10km/h＜33.12km/h,故D錯誤。

故選：B。

【點評】本題考查平均速度的計算,解答此題的關鍵是知道速度的計算公式和單位的換算。

二、填空題(每空2分,共32分)

15．(4分)教室里的各盞照明燈之間是并聯的,當教室里多開一盞照明燈時,干路上的電流

大小將變大。(選填“變大”、“不變”或“變小”)

【考點】H@：并聯電路的電流規律；IO：家庭電路的連接．

【分析】照明電路中各用電器是并聯的,電阻越并越小,小于其中的任一個；再根據歐姆定

律判斷電路中的電流情況。

【解答】解：教室里各盞照明燈是并聯的,開亮的燈越多,并聯的支路越多,總電阻越小；

由I,電源電壓不變,

則干路中的電流越大。

故答案為：并；變大。

第9頁(共41頁)

【點評】本題主要考查了家庭電路中的電路連接情況,明確并聯的支路越多、總電阻越小。

16．(4分)2015年5月11日,第九屆全國殘疾人運動會在成都開賽,其中游泳項目在電子科技

大學清水河校區游泳館展開。如圖所示,游泳時向后劃水,人向前運動,推動人向前運動的力

的施力物體是水,此現象說明力的作用是相互的。

【考點】6I：力作用的相互性．

【分析】當一個物體對另一個物體有力的作用時,另一個物體也同時對這個物體有力的作

用,即力的作用是相互的。

【解答】解：

游泳時手和腳向后劃水,手和腳給水一個向后的力,由于物體間力的作用是相互的,水給手

和腳一個向前的力,所以人會向前運動。此時水是施力物體。

故答案為：水；相互的。

【點評】解決此類題目要結合作用力和反作用力考慮,即一個物體在施力的同時必然也受

力,另一個物體在受力的同時必然也是施力物體。

17．(4分)在打掃教室清潔時,用濕抹布擦黑板,過一會兒黑板就會變干,這是水的汽化現

象(填物態變化的名稱)．夏天,從冰箱中取出一瓶飲料,空氣中的水蒸氣遇冷液化成小水珠

附著在飲料瓶外表面,水蒸氣在液化過程中要放熱(選填“吸熱”或“放熱”)。

【考點】1K：蒸發及其現象；1M：液化及液化現象．

【分析】物體由液態變為氣態的現象叫汽化,汽化吸熱；

物體由氣態變為液態的現象叫液化,液化要放熱；

根據我們對于液化和汽化的理解來作答。

【解答】解：

用濕抹布擦黑板,過一會兒黑板就會變干,水由液態變成氣態,這是水的汽化現象；

夏天,從冰箱中取出一瓶飲料,空氣中的水蒸氣遇冷液化成小水珠附著在飲料瓶外表面一

塊金屬在冰箱中被冷凍后,取出放一會,表面會變濕,這是因為空氣中的水蒸氣遇冷液化形

成的,這個過程要放熱。

故答案為：汽化；放熱。

【點評】此題考查學生對于液化和汽化的了解,這是生活中常見的現象,學會運用物理知識

第10頁(共41頁)

解釋。

18．(4分)如圖1所示的電路,當開關S閉合后,電流表測量的是通過L2(選填“電源”、“L1”

或“L2”)的電流,電流表的指針偏轉如圖2所示,電流表的示數為0.28A。

【考點】HX：電流表的使用；HY：電流表的讀數方法．

【分析】由電路圖可知,兩燈泡并聯,電流表測L2支路的電流,根據電流表的量程,再確定分

度值,根據電流表指針的位置,讀出示數。

【解答】解：

由電路圖可知,兩燈泡并聯,電流表與燈泡L2串聯,所以電流表測量L2支路的電流,

由圖可知：電流表的量程為0～0.6A,分度值為0.02A,示數為0.28A。

故答案為：L2；0.28。

【點評】本題考查了電流表的正確使用和讀數,關鍵是電流表量程的選擇。

19．(4分)如圖所示,是小明探究平面鏡成像的實驗裝置。實驗時,在豎立的玻璃板前12cm處

放一支點燃的蠟燭A,燭焰高6cm,在玻璃板的后面出現A的像,他再取一支未點燃的同樣

的蠟燭B放在像處,發現B與A的像完全重合,則蠟燭B到玻璃板的距離為12cm．為

了使像看起來更清晰,實驗最好在較暗的環境中進行(選填“較亮”或“較暗”)

【考點】AE：平面鏡成像的特點、原理、現象及其實驗方案．

【分析】(1)根據平面鏡成像特點：像與物的大小相同,像和物的連線與玻璃板垂直,像和物

到玻璃板的距離相等。

(2)進行平面鏡成像實驗時,物體和環境的對比度越大,物體越亮,物體在平面鏡中成像越清

晰。

第11頁(共41頁)

【解答】解：

平面鏡所成的像與物體到鏡面距離相等,實驗時,在豎立的玻璃板前12cm處放一支點燃的

蠟燭A,再取一支未點燃的同樣的蠟燭B放在像處,發現B與A的像完全重合,則蠟燭B到

玻璃板的距離為12cm；

點燃的蠟燭是成像物體,比較亮,環境越黑暗,蠟燭和環境的對比度越大,蠟燭成像越清晰。

故答案為：12；較暗。

【點評】對于平面鏡成像的特點,只要掌握扎實,牢記相關的知識,答案不難得出。此題主要

考查學生動手操作實驗的能力,并能有效解決實驗中出現的問題,根據實驗現象得出正確

結論。

20．(4分)如圖所示,三峽大壩的正常蓄水位為175m,則深度為20m的某處受到水的壓強為2

×105Pa．輪船在通過三峽大壩時,需經過五級船閘才能完成“跳大壩”的壯舉,船閘利

33

用了連通器原理。(ρ水＝1×10kg/m,g＝10N/kg)

【考點】89：液體的壓強的計算；8B：連通器原理．

【分析】(1)液體壓強隨深度的增加而增大；已知水的深度和密度,利用公式p＝ρgh計算

水對壩底的壓強。

(2)上端開口、下端相連通的容器叫連通器；船閘是連通器特點的應用。

【解答】解：水對壩底的壓強為p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×20m＝2×105Pa

據船閘的結構特點可知,其在工作時,上端開口,下部連同,即符合連通器的定義,所以船閘是

利用連通器的原理工作的。

故答案為：2×105；連通器。

【點評】此題考查了連通器的應用和液體壓強的計算,正確理解深度的含義,是解決液體壓

強問題的第一步。

21．(4分)指南針是我國古代四大發明之一,其實質就是一個小磁針,它有N、S兩極,使用時指

南的那端是S極。指南針能夠指南北是因為地球周圍的空間存在著地磁場。

【考點】C8：地磁場．

【分析】由于地磁的北極在地理的南極附近,地磁的南極在地理的北極附近；同名磁極相

第12頁(共41頁)

互排斥,異名磁極相互吸引,據此判斷小磁針的指向。

【解答】解：由于地磁的北極在地理的南極附近,地磁的南極在地理的北極附近；根據同

名磁極相互排斥,異名磁性相互吸引可知,小磁針靜止時指南的那端是S極；

由此可知,指南針能夠指南北是因為地球周圍的空間存在著地磁場。

故答案為：S；地磁場。

【點評】只要掌握了地磁場的特點和磁極間相互作用的規律就能順利解決此類題目。

22．(4分)如圖所示,是小宇同學探究焦耳定律的部分實驗裝置。已知R＝5Ω,R＝10Ω,在

甲乙

探究電流通過導體產生的熱量與電阻大小的關系時,應將兩電阻絲串聯在電路。若電路中

的電流為0.3A,則甲電阻絲在1min內產生的熱量為27J。

【考點】JH：焦耳定律．

【分析】根據串聯電路電流特點和焦耳定律Q＝I2Rt計算甲電阻絲上產生熱量。

【解答】解：

若電路中的電流為0.3A,由串聯電路中電流處處相等和焦耳定律,可得甲電阻絲在1min內

產生的熱量為：

Q＝I2Rt＝(0.3A)2×5Ω×60s＝27J。

故答案為：27。

【點評】本題主要考查學生對焦耳定律的了解與掌握,分析時注意用好控制變量法。

三、作圖與計算題(共16分．計算題在解答時應寫出公式和重要的演算步驟,只寫出最后答

案的不能得分)

23．(4分)(1)在“探究杠桿的平衡條件”實驗中,用彈簧測力計沿BC方向拉杠桿,使杠桿平衡,

如圖1所示。請畫出：①彈簧測力計對杠桿拉力F的示意圖；②F的力臂。

(2)如圖2所示,開關閉合。①請在圖中標出通電螺線管的N、S極；②用箭頭標出圖中磁

第13頁(共41頁)

感線的方向。

【考點】7P：力臂的畫法；C7：磁感線及其特點；CA：通電螺線管的磁場．

【分析】(1)由圖可知,鉤碼重力向下,用彈簧測力計沿BC方向拉杠桿,使杠桿平衡,則拉力

斜向上,在根據力臂的概念畫出F的力臂L。

(2)已知電源正負極,利用安培定則可判斷出螺線管的極性,在磁體外部,磁感線方向從N極

出發流向S極。

【解答】解：(1)用彈簧測力計沿BC方向拉杠桿,為使杠桿平衡,則拉力斜向上,過支點O

做F的垂線即為F的力臂L,

(2)根據安培定則,伸出右手使四指彎曲的方向為電流的方向,則大拇指指向為通電螺線管

的N極,即螺線管的左端為N極,右端為S極,在磁體外部,磁感線從N極指向S極,如圖所

示：

【點評】(1)畫力臂,關鍵是確定支點和力的作用線,從支點向力的作用線引垂線,垂線段的

長度即為力臂,只要細心,不會出錯；

(2)利用安培螺旋定則既可由電流的方向判定磁極磁性,也能由磁極極性判斷電流的方向

和線圈的繞法。

24．(6分)小海同學在學習了液壓技術后,饒有興趣地對汽車升降臺進行了觀察,他發現升降臺

下方的關鍵部件是液壓桿,如圖所示。他查閱圖相關資料后,了解到液壓桿內部液體工作壓

強一般在10MPa以上,1MPa＝106Pa．小海編制了下面的計算題,請大家一起來完成。

(1)當50MPa的壓強作用于面積為40cm2的活塞上時,求壓力大小。

第14頁(共41頁)

(2)汽車總質量是1800kg,升降臺勻速地將其豎直向上抬升6m,求升降臺對汽車所做的功。

(g＝10N/kg)

【考點】86：壓強的大小及其計算；EC：功的計算．

【分析】(1)知道作用在活塞上的壓強和活塞的面積,可利用壓強變形公式F＝pS計算壓力

的大小。

(2)由題意知汽車隨升降臺勻速上升,受到的拉力F與其重力G是一對平衡力,又知升高的

高度,利用W＝Fs求解升降臺對汽車所做的功。

【解答】解：(1)由p得壓力：

F＝pS＝50×106Pa×40×10﹣4m2＝2×105N；

(2)汽車隨升降臺勻速上升,則F＝G＝mg＝1800kg×10N/kg＝1.8×104N,

升降臺對汽車所做的功W＝Fs＝1.8×104N×6m＝1.08×105J。

答：(1)當50MPa的壓強作用于面積為40cm2的活塞上時,壓力為2×105N。

(2)升降臺對汽車所做的功為1.08×105J。

【點評】此題考查壓強公式及其應用、功的計算,關鍵是利用二力平衡條件得出汽車拉力

等于汽車的重力。

25．(6分)現有一個小燈泡和兩個相同的定值電阻,小燈泡的額定電壓為2.5V,額定電流為

0.35A,小燈泡和定值電阻的I﹣U圖象如圖所示。求：

(1)將小燈泡接入電路,電路電流為0.2A,小燈泡實際功率為多少？

(2)將兩個定值電阻并聯后接在電壓為2.5V的電源兩端,工作0.5小時,共消耗多少電能？

第15頁(共41頁)

【考點】IH：歐姆定律的應用；J3：電功與電能的計算；JA：電功率的計算．

【分析】(1)由圖象找到當電流為0.2A時,對應的電壓,利用P＝UI求出實際電功率；

(2)根據圖象分析得出并聯在電路中,通過的對應電流,利用W＝UIt求出單個電阻消耗的電

能,則可求共消耗的電能。

【解答】解：(1)由圖象可知IL＝0.2A時,UL＝1V

PL＝ULIL＝1V×0.2A＝0.2W；

(2)由圖象可知UR＝2.5V時,IR＝0.4A

W1＝URIRt＝2.5V×0.4A×0.5×3600s＝1800J

兩個電阻并聯共消耗的電能為：W總＝2W1＝2×1800J＝3600J。

答：(1)將小燈泡接入電路,電路電流為0.2A,小燈泡實際功率為0.2W；

(2)將兩個定值電阻并聯后接在電壓為2.5V的電源兩端,工作0.5小時,共消耗電能3600J。

【點評】學會利用圖象信息求解問題,主要分清兩坐標軸所表示信息,充分利用公式解決問

題。

四、實驗與探究題(共14分)

26．(6分)在探究決定電阻大小的因素時,研究小組中甲、乙、丙三位同學作出如下猜想：

甲：導體的電阻與導體的長度有關。

乙：導體的電阻與導體的材料有關。

丙：導體的電阻與導體的橫截面積有關。

第16頁(共41頁)

實驗室備有幾種電阻絲,參數如表。

編號材料長度/m橫截面積/mm2

a鎳鉻合金絲1.00.2

b鎳鉻合金絲1.00.1

c鎳鉻合金絲0.50.1

d錳銅合金絲0.50.1

如圖所示,是為完成探究連接的實驗電路。

(1)實驗中應通過比較電流的大小,來比較電阻絲電阻的大小,達到驗證猜想的目的。

(2)若要驗證乙同學的猜想,則應該選用c、d兩根電阻絲(填編號)進行對比實驗。

(3)選用b、c兩根電阻絲進行對比實驗,是為了驗證甲同學的猜想。

【考點】IA：影響電阻大小的因素．

【分析】(1)電流表串聯在電路中,電源電壓一定,導體電阻越大,電路電流越小,導體電阻越

小,電路電流越大,可以通過電流表示數大小判斷導體電阻大小。

(2)和(3)導體的電阻與導體的材料、長度、橫截面積有關,實驗探究時應采用控制變量法。

在研究導體的電阻與導體的材料是否有關時,應控制導體的長度和橫截面積不變；

在研究導體的電阻與導體的長度的關系,應控制導體的材料和橫截面積不變；

在研究導體的電阻與導體的橫截面積是否有關時,應控制導體的材料和長度不變。

【解答】解：

(1)實驗中采用了轉換法來比較電阻大小,即通過比較電流表示數來比較導體電阻的大小。

(2)驗證導體的電阻與導體的材料有關時,應控制導體的長度和橫截面積不變,導體的材料

不同,由表格數據可知,編號c、d電阻絲符合；

(3)選用b、c兩根電阻絲,由表格數據可知,兩者的材料和橫截面積均相同,長度不同,是驗證

導體的電阻與導體的長度是否有關,即驗證甲同學的猜想。

故答案為：(1)電流；(2)c、d；(3)甲。

【點評】本題考查了影響電阻大小因素的實驗,側重考查了學生對控制變量法的掌握和應

用,是一道基礎題。

27．(8分)家住天府新區的小希家今年種植的五星枇杷(如圖1所示)獲得了豐收。小希想知

道枇杷品質和密度是否有關,于是他和小明利用家庭實驗室的器材測出了枇杷的密度。

第17頁(共41頁)

小希的方法：

(1)用天平測一個枇杷的質量,天平平衡時右盤砝碼和游碼如圖2甲所示,則枇杷的質量為

0.023kg。

(2)如圖2乙所示,往量筒中加入適量的水,記下此時水的體積；將這個枇杷放入量筒,再次

記錄讀數。枇杷的體積為20cm3。

(3)枇杷的密度為1.15×103kg/m3。

小明認為小希的方法不當,應當取更多的枇杷測量。

小明的方法：

(1)在筐里隨機挑選6顆枇杷,用天平測得它們的總質量為m。

(2)任意選出其中2顆用量筒測得體積為V。

(3)枇杷的密度ρ

你認為小明這種測密度的方法是否正確,并簡述理由。

答：不正確；因為6顆枇杷的體積不一定等于3V。

【考點】2M：固體的密度測量實驗．

【分析】小希的方法：

(1)物體的質量等于砝碼的質量加上游碼對應的刻度；

(2)讀取液體的體積時,視線要與液面的底部相平；液體的體積通過量筒中兩次液面的體積

差進行計算。

(3)由密度公式求得枇杷的密度；

小明的方法：從枇杷的體積分析小明這種測密度的方法是否正確。

【解答】解：(1)由圖可知,砝碼的質量為20g,游碼的質量為3g,

則枇杷的質量m＝20g+3g＝23g＝0.023kg,

第18頁(共41頁)

(2)枇杷的體積V＝80cm3﹣60cm3＝20cm3＝2×10﹣5m3,

(3)枇杷的密度ρ1.15×103kg/m3；

小明這種測密度的方法不正確；任意選出其中2顆用量筒測得體積為V,6顆枇杷的體積

不一定等于3V．所以不正確；

故答案為：(1)0.023；(2)20；(3)1.15×103；

答：不正確；因為6顆枇杷的體積不一定等于3V。

【點評】本題的解題關鍵是熟悉測量固體密度的基本實驗程序,能合理安排實驗步驟,會使

用天平與量筒,并能利用密度公式進行相關計算。

一、選擇題(每小題2分,共10分．有的小題只有一個選項符合題目要求,有的小題有二個選

項符合題目要求,全部選對的得2分,選對但不全的得1分,有選錯的得0分)

28．(2分)關于能源、能量,下列說法不正確的是()

A．能源是人類物質生活、社會經濟發展的基礎

B．太陽能、風能、地熱能等是目前正在努力研究、開發的新能源

C．根據能量守恒定律,能量不會消滅,但可以創造

D．電風扇工作時,主要將電能轉化為機械能

【考點】E3：能量守恒定律；KG：未來的理想能源．

【分析】(1)根據能源的開發和利用在國家或地區的發展中的作用解答；

(2)根據現在人類面臨資源緊缺的現狀,所以應該開發和利用新能源進行解答；

(3)根據能量既不會憑空產生,也不會憑空消失,它只能從一種形式轉化為其他形式,或者從

一個物體轉移到另一個物體,在轉化或轉移的過程中,能量的總量不變。這就是能量守恒定

律進行解答；

(4)根據電風扇工作時,電能轉化為機械能進行解答。

【解答】解：A、能源是國民經濟和社會發展的重要物質基礎,它的開發和利用情況,可以

用來衡量一個國家或地區的經濟發展和科學技術水平,故A正確；

B、現在人類面臨著資源緊缺的現狀,所以應該開發和利用新能源,人類應更多地開發和利

用太陽能、風能、地熱能等新能源,故B正確；

C、根據能量守恒定律,能量既不會消滅,也不會憑空產生,故C錯誤；

D、電風扇工作時將電能主要轉化為機械能,故D正確；

故選：C。

第19頁(共41頁)

【點評】本題主要考查了關于能源和能量守恒的知識,題目難度不大。

29．(2分)在“探究凸透鏡成像的規律”實驗中,實驗桌上有光具座、蠟燭、光屏、焦距分別

為15cm和20cm的凸透鏡L1和L2等器材,小明先將蠟燭、凸透鏡、光屏正確安放在光具

座上,如圖所示。下列說法正確的是()

A．若凸透鏡是L1,小明能在光屏上看到燭焰清晰的像

B．若凸透鏡是L1,小明將光屏向右移動適當的距離,光屏上能出現燭焰清晰的像

C．若凸透鏡是L2,小明將光屏移到60cm刻度線處,光屏上能出現燭焰清晰的像

D．若凸透鏡是L2,小明將光屏移到70cm刻度線處,光屏上能出現燭焰清晰的像

【考點】B7：凸透鏡成像規律及其探究實驗．

【分析】根據凸透鏡成像的幾種情況進行判斷：u＞2f,成倒立、縮小的實像,像距f＜v＜

2f,。

2f＞u＞f,成倒立、放大的實像,像距v＞2f。

u＝2f,成倒立、等大的實像,像距v＝2f。

u＜f,成正立、放大的虛像。

【解答】解：

(1)若凸透鏡是L1,此時物距u＝40cm＞2f,成倒立、縮小的實像,像距應該是f＜v＜2f,．而

圖中v＝10cm,故不能在光屏上看到燭焰清晰的像,當將光屏向右移動適當的距離,光屏上

能出現燭焰清晰的像,故A錯誤,B正確；

(2)若凸透鏡是L2,此時物距u＝40cm＝2f,成倒立、等大的實像,像距應該是v＝2f＝40cm,

將光屏移到60cm刻度線處,此時v＝10cm,則光屏上不能出現燭焰清晰的像。故C錯誤；

(3)若凸透鏡是L2,此時物距u＝40cm＝2f,成倒立、等大的實像,像距應該是v＝2f＝40cm,

而小明將光屏移到70cm刻度線處,此時v＝20cm,則光屏上不能出現燭焰清晰的像。故D

錯誤；

故選：B。

【點評】(1)凸透鏡成像實驗中,燭焰、凸透鏡、光屏處于某刻度線處,和它們之間距離多少

是不同的,注意這點,防止混淆。

第20頁(共41頁)

(2)凸透鏡成像的幾種情況和應用是凸透鏡成像習題的重要依據,一定要熟練掌握。

30．(2分)質量相同的甲、乙兩種物質從固態開始加熱,它們在相同時間內吸收的熱量相等,

加熱時間都為6min,它們的溫度隨時間變化的圖象如圖所示。下列說法正確的是()

A．甲在3min～6min內是液態

B．甲是晶體,乙是非晶體

C．在3min～6min內,甲的內能保持不變

D．在固態時,甲的比熱容小于乙的比熱容

【考點】1C：熔化和凝固的溫度—時間圖象．

【分析】(1)晶體有固定的熔化溫度,非晶體沒有,晶體在熔化的過程中,是固液共存狀態的；

物質吸收熱量、內能增加,但溫度保持不變。

(2)根據Q吸＝cm(t﹣t0)可知：在吸收的熱量和時間一定時,物體的溫度變化值越大,比熱容

就越小。

【解答】解：

A、因甲為晶體,晶體在熔化的過程中,是固液共存狀態的,故A錯誤；

B、在加熱一定時間后,甲的溫度不變,故能判斷甲是晶體。而乙雖然溫度一直升高,可能還

沒達到熔點,也可能是非晶體,故甲可以判斷但乙無法判斷,故B錯誤；

C、在3～6min內,甲吸收熱量,內能增加,故C錯誤；

D、燒杯內物質在相同時間內吸收的熱量相同,在0～3min時間里甲升高的溫度為△t1＝

50℃﹣20℃＝30℃,乙升高的溫度為△t2＜30℃,

可知,當吸收的熱量和質量都相同時,△t越大比熱容C就越小。所以甲的比熱容小于乙的

比熱容。故D正確。

故選：D。

第21頁(共41頁)

【點評】這是一道綜合實驗題,考查的知識點比較多,有熔點、晶體的熔化過程、內能的變

化、溫度變化量和物質比熱容的關系。

31．(2分)在水平桌面上有一個盛有水的容器,木塊用細線系住沒入水中,如圖甲所示。將細線

剪斷,木塊最終漂浮在水面上,且有的體積露出水面,如圖乙所示。下列說法正確的是

()

A．甲、乙兩圖中,木塊受到水的浮力之比是5：3

B．甲、乙兩圖中,水對容器底部的壓強大小相等

C．甲圖中細線對木塊的拉力與木塊受到的浮力之比是2：5

D．甲圖中容器對水平桌面的壓力小于乙圖中容器對水平桌面的壓力

【考點】83：壓強大小比較；89：液體的壓強的計算；8O：阿基米德原理的應用；8S：

物體的浮沉條件及其應用．

【分析】A、根據F＝ρgV判斷浮力的關系；

浮液排

B、根據p＝ρgh判斷水對容器底部的壓強關系；

液

C、根據浮力、拉力、重力的關系判斷拉力的大小；

D、以整體為研究對象進行分析。

【解答】解：A、甲圖中,F＝ρgV,乙圖中,F＝ρg(1)VρgV,則F浮甲：

浮甲水浮水水

F5：3,A正確；

浮乙

B、由題意知,甲圖水的深度大于乙圖水的深度,由于p＝ρgh得,甲圖水對容器底的壓強

水

更大,B錯誤；

C、由乙圖知,木塊的重力G＝FρgV；甲圖中,木塊受重力、浮力和細繩的拉力

浮乙水

第22頁(共41頁)

作用,則F＝F﹣G＝ρgVρgVρgV；F：FρgV：ρgV＝2：

浮甲水水水浮甲水水

5,C正確；

D、以整體為研究對象,甲、乙對桌面的壓力都等于容器、水和木塊的總重力,D錯誤。

故選：AC。

【點評】本題是有關浮力知識的應用,關鍵掌握阿基米德原理及浮沉條件,并能夠對不同情

況對物體正確進行受力分析,搞清各個力之間的關系。

32．(2分)在圖甲所示的電路中,R1是定值電阻,R2是規格為“20Ω3A”的滑動變阻器,在電路

中正確連接有一個電壓表(圖中未畫出)．電源電壓保持不變,閉合開關S,滑動變阻器的滑

片P從b端滑向a端。當滑片P在最右端b處時,電壓表示數如圖乙所示；P在中點時,電

流表的示數為0.8A,電壓表示數如圖丙所示(電壓表選用的量程與乙圖不同)．下列說法正

確的是()

A．電壓表并聯在R2兩端

B．電源電壓是9V

C．R1的阻值是5Ω

D．R1消耗的最大功率是28.8W

【考點】IH：歐姆定律的應用；JA：電功率的計算．

【分析】根據電壓表的量程和分度值讀出丙圖中可能的示數,根據歐姆定律求出滑片P位

于中點時兩端的電壓,然后與丙圖電壓表的示數相比較判斷電壓表的位置；當滑片P在最

右端b處時,電路中的電流最小,電壓表的示數最小,則乙圖中電壓表的示數小于丙圖中電

壓表的示數,根據指針偏角關系和乙、丙兩電壓表的量程不同,確定它們的示數,利用串聯電

路的電壓特點求出電源的電壓,根據歐姆定律求出R1的阻值；當滑片位于a端時,電路為

R1的簡單電路,R1消耗的功率最大,根據P求出最大功率。

【解答】解：丙圖中,電壓表的量程為0～3V時,分度值為0.1V,示數為0.8V,

第23頁(共41頁)

電壓表的量程為0～15V時,分度值為0.5V,示數為4V,

當滑片P位于中點時,接入電路中的電阻為10Ω,此時電路中的電流為0.8A,

由I可得,R2兩端的電壓：

U2＝IR2＝0.8A×10Ω＝8V,

因R2兩端的電壓與丙電壓表的示數不相等,

所以,電壓表應并聯在R1兩端,故A錯誤；

當滑片P在最右端b處時,電路中的電流最小,電壓表的示數最小,

因乙、丙兩電壓表的量程不同,且乙電壓表指針的偏角大于丙電壓表指針的偏角,

所以,乙電壓表的量程為0～3V時,示數為2.4V,丙電壓表的示數即R2兩端的電壓U1＝4V,

因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和,

所以,電源的電壓：

U＝U1+U2＝4V+8V＝12V,故B錯誤；

R1的阻值：

R15Ω,故C正確；

當滑片位于a端時,R1消耗的功率最大,則

P28.8W,故D正確。

故選：CD。

【點評】本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用,關鍵是電壓表位置

的確定和兩次電壓表量程的判斷。

二、綜合題(共10分。第7題在解答時應寫出公式和重要的演算步驟,只寫出最后答案的不

能得分)

33．(4分)在自然災害中輸電線路容易出現故障,科技小組的同學通過實驗探究來體驗判斷故

障類型和位置的方法。他們用AB、CD兩根長為L的長直電阻絲模擬輸電線,在電阻絲的

左右兩側可以安裝檢測電路,電阻絲單位長度的阻值為r．如圖1所示,在左側安裝檢測電

路,其中R0為保護電阻,右側用導線連接。線路無故障時,電壓表V1示數為U,電流表示數

為I。

第24頁(共41頁)

(1)若檢測電路中電流表示數為0,電壓表V1示數為U,表明輸電線故障為斷路。

(2)若檢測電路中電流表示數大于I,電壓表V1示數為U,表明輸電線可能出現短路或形成

間隙電阻。如圖2所示,小組在AB、CD之間某處連接一根導線模擬輸電線短路,或在另

一處連接未知電阻Rx模擬輸電線之間形成間隙電阻,在右側連接電壓表V2．若輸電線短

路,則電壓表V2示數為0V；若輸電線之間形成間隙電阻,則電壓表V2示數小于

U。

(3)在圖2中,若輸電線的故障是短路,電流表的示數為I1,電壓表V1的示數為U,則故障處與

A端的距離為(用r、I1、U、R0表示)。

【考點】IE：電流表、電壓表在判斷電路故障中的應用；IH：歐姆定律的應用．

【分析】(1)電壓表有示數說明兩接線柱與電源之間是通路,電流表無示數說明電源板并聯

部分斷路；

(2)若輸電線短路,電壓表V2被短路示數為0；若輸電線之間形成間隙電阻,電路為R0、Rx

與Rx左側電阻絲串聯,電壓表測Rx兩端的電壓,根據串聯電路的分壓特點可知電壓表V2

示數與電壓表V1示數之間的關系；

(3)若輸電線的故障是短路,根據歐姆定律求出電路中的總電阻,利用電阻的串聯求出電阻

絲的阻值,再根據電阻絲單位長度的阻值為r求出電阻絲的長度,然后除以2即為故障處與

A端的距離。

【解答】解：(1)電流表示數為0,電壓表V1示數為U,說明電壓表并聯部分斷路,即輸電線

斷路；

(2)若輸電線短路,電壓表V2被短路,示數為0；

若輸電線之間形成間隙電阻,電路為R0、Rx與Rx左側電阻絲串聯,電壓表測Rx兩端的電

壓,

由串聯電路的分壓特點可知,電壓表V2示數小于電壓表V1的示數U；

第25頁(共41頁)

(3)若輸電線的故障是短路,由I可得,電路中的總電阻：

R,

因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和,

所以,電阻絲的阻值：

R＝R﹣RR,

線00

因電阻絲單位長度的阻值為r,

所以,電阻絲的長度：

L,

線

則故障處與A端的距離：

L。

故答案為：(1)斷路；(2)為0V；小于U；(3)。

【點評】本題考查了電路故障的判斷和串聯電路的特點以及歐姆定律的應用,要注意電阻

絲的長度是故障處與A端距離的2倍。

34．(6分)如圖1所示,輕質硬桿K左側與墻體相連(可自由轉動,不能水平移動),右側與A固

定；長方體滑塊B置于光滑水平地面上,A與B的接觸面粗糙程度不變,A、B間的滑動摩

擦力大小為f；人的重力為G人,與地面的接觸面積為S人；動滑輪P的重力為GP。

第26頁(共41頁)

0～2s4～6s8～10s

A相對地面靜止相對地面靜止相對地面靜止

B向左勻速直線運動向右勻速直線運動向右勻速直線運動

C浸沒在水中,浸沒在水中,在空中,

以2cm/s速度勻速下降以4cm/s速度勻速上升以6cm/s速度勻速上升

在拉動過程中選取了三段時間,用表格記錄了A、B、C的運動狀態,圖2記錄了繩對C豎

直向上的拉力FC,圖3記錄了人對繩豎直向下的拉力FD。

在拉動過程中,B足夠長,A始終沒有掉下；C受水的阻力、C露出水面后表面附著的水的

質量忽略不計；運動中空氣阻力不計；細繩的質量、滑輪與軸的摩擦忽略不計；繩或豎

直或水平,不可伸縮且長度足夠。求：

(1)在4～6s內,桿K對A作用力的方向,并簡述理由。

(2)在0～2s內,人對地面的壓強p為多少？(用字母F、f、S、G、G表示)在4～6s

人1人P人

內人對地面的壓強比0～2s減小了多少？(用字母f、S表示)

人

(3)若C的重力GC＝40N,F3＝2F1,且F3′：F2′：F1′＝3：2：1,則C在0～2s內所受的

第27頁(共41頁)

浮力為多少？人在8～10s內做功的功率為多少？

【考點】86：壓強的大小及其計算；8P：浮力大小的計算；FF：功率的計算．

【分析】(1)分析4～6s內,物體B的運動方向,從而可得出B對A的摩擦力方向,根據平衡

力的知識判斷桿對A的拉力方向；

(2)0～2s內,人對地面的壓力F＝G﹣F,由公式p可計算出人對地面的壓強；

人D

用同樣方法計算出4～6s內人對地面的壓強,從而求出兩次的壓強之差；

(3)分別以B、C為研究對象,列出相應的關系式,得出結論。

【解答】解：(1)A受到桿K的作用力FK向左。因為在4～6s內,A相對地面靜止,B向右

勻速直線運動,A相對于B向左運動,可知B對A摩擦力f′向右,A處于靜止狀態,水平方

向必定受平衡力作用,所以桿K對A作用力向左。

(2)在0～2s內：B向左勻速直線運動,在水平方向受C的向左的拉力,A向右的摩擦力及P

向右的摩擦力,

則FP+f＝F1,可得FP＝F1﹣f；

由圖知,滑輪組由2段繩子承擔物重,所以FD(FP+GP)(F1﹣f+GP),

則人對地面的壓力F＝G﹣F＝G(F﹣f+G),

人D人1P

人對地面的壓強：p；

在4～6s內：B向右勻速直線運動,受到A的摩擦力向左,則F1+f＝FP′；

則FD′(FP′+GP)(F1+f+GP)；

人對地面的壓力F′＝G﹣F′＝G(F+f+G)；

人D人1P

則△F＝F﹣F′＝G人(F﹣f+G)﹣[G(F+f+G)]＝f

1P人1P

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則△p；

(3)以C為研究對象：由圖2知,在8～10s內,物體在空氣中,則F3＝GC＝40N

由題意知,F1F340N＝20N

在0～2s內有,物體C受浮力、繩的拉力、和重力作用,則

F+F＝G

1浮C

所以F＝G﹣F＝40N﹣20N＝20N

浮C1

以B為研究對象：

在4～6s內有F1+f＝2F2′﹣GP

在8～10s內有F3+f＝2F3′﹣GP

F3﹣F1＝2(F3′﹣F2′)

又因為F3′：F2′＝3：2；

所以F3﹣F1＝2F3′F3′

F3′(F3﹣F1)(40N﹣20N)＝30N

在8～10s內,人做功的功率：

PF3′v＝30N×0.12m/s＝3.6W。

答：(1)K對A作用力向左；理由如上所述；

(2)在0～2s內,；在4～6s內人對地面的壓強比0～2s減小

了；

(3)C在0～2s內所受的浮力