一、單項選擇題F1·海南卷】沿固定斜面下滑的物體受到與斜面平行向上的拉力速度–時間圖線如圖所示。已知物體與斜面之間的動摩擦因數為常數，在的作用，其下滑的0~5s、5~10s、10~15FFFFs內的大小分別為、和，則（）123．F<F．FF．FF．FF231313【答案】A【考點定位】vt圖像，牛頓第二定律【名師點睛】本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的基本運用，運動學的橋梁，基礎題。知道加速度是聯系力學和mt22013·浙江卷】如圖所示，水平板上有質量=1.0kg的物塊，受到隨時間變化的水平F拉力作用，用力傳感器測出相應時刻物塊所受摩擦力Fg的大小。取重力加速度=10m/s。下列2f判斷正確的是（）．5s內拉力對物塊做功為零．4s末物塊所受合力大小為4.0N．物塊與木板之間的動摩擦因數為0.4．6s-9s內物塊的加速度的大小為2.0m/s【答案】D2F4N大于，開始運動，所以【解析】根據圖像，最大靜摩擦力為4N。4s后，物體受到拉力5s內拉力做功不為零，A錯誤；4sB錯誤；物體所說滑動摩擦力為=3N，FfF-Fm=f=0.3C，選項錯誤；FF5-3a==m/s=2.0m/s16-9s內，物體的加速度f，D正確。m【考點定位】力的圖像、靜摩擦力、滑動摩擦力，牛頓第二定律。3·重慶卷】圖1為伽利略研究自由落體運動實驗的示意圖，讓小球由傾角為光滑斜面滑下，然后在不同的θ角條件下進行多次實驗，最后推理出自由落體運動是一種勻加速直線運動。分析該實驗可知，小球對斜面的壓力、小球運動的加速度和重力加速度與各自最大θ的y．①、②和③【答案】BB．③、②和①C．②、③和①D．③、①和②空氣阻力可忽略，另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比，下列用虛線和實線描述兩物體vt運動的圖像可能正確的是（）【答案】D【解析】豎直上拋運動不受空氣阻力，做向上勻減速直線運動至最高點再向下自由落體運動，vtfkv圖象時傾斜向下的直線，四個選項均正確表示；考慮阻力的上拋運動，上升中mgkvv，隨著減小，avt減小，對應圖象的斜率減小，選項A錯誤。下降中a=上m上mgkvmagvtt，對應圖與a=下av0，繼續減小。而在最高點時下g軸的交點，其斜率應該等于（此時與豎直上拋的最高點相同的加速度），即過交點的切線應該與豎直上拋運動的直線平行，只有D選項滿足。故選。vt【考點定位】本題考查了牛頓第二定律、圖象的特點、豎直上拋運動狀態的判斷。沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下v5．【2014·安徽卷】如右圖，滑塊以初速度滑，直至速度為零。對于該運動過程，若用、s、v、分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和t加速度的大小，表示時間，則下列圖象最能正確描述這一運動規律的是（）【答案】B【考點定位】本題考查牛頓第二定律、勻變速直線運動的規律【方法技巧】對運動圖像的判斷，關鍵是得出兩物理量的函數關系，這個關系式的得出以及牛頓第二定律或勻變速直線運動的規律。6·江蘇卷】將一只皮球豎直向上拋出，皮球運動時受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比.下列描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時間t關系的圖象，可能正確的是（）【答案】C【解析】由fkv，vvat，mafmg得到a（kvmg/mkt，所以正確C00解析改為：皮球豎直向上拋出，受到重力和向下的空氣阻力，根據牛頓第二定律，有：+=makvfag=kv；聯立解得：根據題意，空氣阻力的大小與速度的大小成正比，有：由于速度不m斷減小，故加速度不斷減小，到最高點速度為零，阻力為零，加速度為誤；，不為零，故BD均錯kvmVaVvVtVtVvVtVaag根據，由于加速度減小，故也減小，故，有Vt的斜率不斷減小，故A錯誤，C正確；【考點定位】本題考查加速度、牛頓運動定律及其相關知識vt72015·重慶·】若貨物隨升降機運動的圖像如題5圖所示（豎直向上為正），則Ft與時間關系的圖像可能是（）貨物受到升降機的支持力【答案】Bvt【考點定位】圖像、超重與失重、牛頓第二定律。v8·福建卷】如圖所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v運行．初速度大小為12A的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的處滑上傳送帶．若從小物塊滑上傳送帶開始計v＞v圖象（以地面為參考系）如圖乙所示．已知v-t時，小物塊在傳送帶上運動的）21t．時刻，小物塊離A處的距離達到最大2．t時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大2t．0~時間內，小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左2t．0~時間內，小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用3【答案】Btt時刻，選項A錯誤；【解析】當小物塊速度為零時，小物塊離A處的距離達到最大，為12tB正確；0~時間內，小物塊受到的摩擦時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大，選項2ttt~力方向一直向右，選項C錯誤；0~時間內，小物塊始終受到大小不變的滑動摩擦力作用，222時間內，由于小物塊與傳送帶速度相同，二者相對靜止，小物塊不受摩擦力作用，選項D錯誤。【考點定位】傳送帶、摩擦力、牛頓運動定律、速度圖象9·新課標全國卷】如圖，在光滑水平面上有一質量為m的足夠長的木板，其上疊放1一質量為m的木塊。假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等。現給木塊施加一隨2F時間t增大的水平力=kt（k是常數），木板和木塊加速度的大小分別為a和a，下列反映a和121a變化的圖線中正確的是（）2【答案】A【考點定位】牛頓第二定律與圖像102012·海南卷】如圖，表面處處同樣粗糙的楔形木塊bc面與地面的夾角分別為α和β，且αβ.一初速度為v的小物塊沿斜面ab向上運動，經時.abc固定在水平地面上，ab面和0間t0后到達頂點b時，速度剛好為零；然后讓小物塊立即從靜止開始沿斜面bc下滑。在小物塊從a運動到c的過程中，可能正確描述其速度大小v與時間t的關系的圖像是（）【答案】C【解析】設物塊上滑與下滑的加速度大小分別為12mgsinmgcosma，mgsinmgcosma，12【考點定位】本題考查牛頓第二定律、速度圖像及其相關知識二、多項選擇題.vtF112011·上海卷】受水平外力作用的物體，在粗糙水平面上作直線運動，其圖線如圖所示，則（）0t．在．在．在F秒內，外力大小不斷增大1tF1時刻，外力為零tt1F秒內，外力大小可能不斷減小2tt1．在F秒內，外力大小可能先減小后增大2【答案】CDt圖線的斜率表示，所以在0～v-t【解析】根據加速度可以用1秒內，加速度為正并不斷減FmgatF，所以外力大小不斷減小，錯誤；在時刻，加速度為零，所小，根據加速度Am1t～tF以外力等于摩擦力，不為零，B錯誤；在秒內，加速度為負并且不斷變大，根據加速度12mgFaFF，外力大小可能不斷減小，正確；如果在先減小一段時間后的某個時的大小CmmgFF刻，的方向突然反向，根據加速度的大小aF，后增大，因為v-t圖線后一段的斜mF率比前一段大，所以外力大小先減小后增大是可能的，故D正確．【考點定位】牛頓第二定律122012·天津卷】如圖甲所示，靜止在水平地面的物塊與時間t的關系如圖乙所示，設物塊與地面的靜摩擦力最大值，受到水平向右的拉力F作用，Ff與滑動摩擦力大小相等，m．0～t時間內F的功率逐漸增大1．t時刻物塊A的加速度最大．t時刻后物塊A做反向運動2．t時刻物塊A的動能最大3【答案】BD【考點定位】本題考查牛頓第二定律，力和運動關系及其相關知識.132013·新課標全國卷Ⅰ）2012年11月，“殲15”艦載機在“遼寧號”航空母艦上著艦成功。圖（a）為利用阻攔系統讓艦載機在飛行甲板上快速停止的原理示意圖。飛機著艦并成功鉤住阻攔索后，飛機的動力系統立即關閉，阻攔系統通過阻攔索對飛機施加—作用力，使飛機t在甲板上短距離滑行后停止，某次降落，以飛機著艦為計時零點，飛機在=0.4s時恰好鉤住阻攔索中間位置，其著艦到停止的速度一時間圖線如圖（）所示。假如無阻攔索，飛機從著艦到。則（）．從著艦到停止，飛機在甲板上滑行的距離約為無阻攔索時的．在0.4s-2.5s時間內，阻攔索的張力幾乎不隨時間變化1/10g2.5．在滑行過程中，飛行員所承受的加速度大小會超過．在0.4s-2.5s時間內，阻攔系統對飛機做功的功率幾乎不變【答案】AC【解析】由圖象可知，從著艦到停止，飛機在甲板上滑行的距離即為圖象與時間所構成的面703m105m積，即約為1000m，因此飛機在甲板上滑行的距離約為，而無阻攔索的位移為21無阻攔索時的，故A正確；在0.4s～2.5s時間內，速度與時間的圖象的斜率不變，則加速度10也不變，所以合力也不變，因此阻攔索的張力的合力幾乎不隨時間變化，但阻攔索的張力是變化的，故B錯誤；在滑行過程中，飛行員所承受的加速度大小為v1065am/s26.2m/s2.5g＝＞，故C正確；在0.4s～2.5s時間內，阻攔系統對飛＝＝22機做功的功率P=，雖然不變，但是漸漸變小，所以其變化的，故D錯誤；故選AC。VFV【考點定位】v-t圖線；牛頓第二定律；vPQ勻速運動，小物體、由通過定滑14．【2014·四川卷】如圖所示，水平傳送帶以速度1tPvPt輪且不可伸長的輕繩相連，=0時刻在傳送帶左端具有速度，與定滑輪間的繩水平，=2tP時刻離開傳送帶。不計定滑輪質量和摩擦，繩足夠長。正確描述小物體P速度隨時間變化的0圖象可能是（）vt【考點定位】牛頓第二定律圖象.152015·江蘇·6】一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度at隨時間變化的圖線如圖a所示，以豎直向上為的正方向，則人對地板的壓力（）tttt．=2s時最大B．=2s時最小C．=8.5s時最大D．=8.5s時最小【答案】ADFmgma【解析】由題意知在上升過程中：，所以向上的加速度越大，人對電梯的壓mgFma力就越大，故A正確，B錯誤；由圖知，7s以后加速度向下，由知，向下的加速度越大，人對電梯的壓力就越小，所以【考點定位】本題考查牛頓第二定律C錯誤，D正確。t162015·全國新課標Ⅰ·20】如圖（a=0時刻滑上一固定斜面，其運動的v—t圖線如圖（b）所示。若重力加速度及圖中的v、v、t均為已知量，則可求出（）011．斜面的傾角．物塊的質量．物塊與斜面間的動摩擦因數．物塊沿斜面向上滑行的最大高度【答案】ACD【考點定位】牛頓運動定律.三、非選擇題172015·全國新課標Ⅰ·25】一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊，t0時刻開始，小物塊在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為4.5m，如圖（）所示。時木板與墻壁碰撞（碰撞時間極短）。碰撞前后木t與木板一起以共同速度向右運動，直至板速度大小不變，方向相反；運動過程中小物塊始終未離開木板。已知碰撞后1s時間內小物塊vt的求圖線如圖（b）所示。木板的質量是小物塊質量的15倍，重力加速度大小g取10m/s。2（）木板與地面間的動摩擦因數（）木板的最小長度；及小物塊與木板間的動摩擦因數；120.10.46m6.5m（）（）2312v4m/sv/s碰撞后木板速度水平向左，大小也是/s0m/sg木塊受到滑動摩擦力而向右做勻減速，根據牛頓第二定律有20.4解得2txv4m/s，末速度木板與墻壁碰撞前，勻減速運動時間，位移\(MmgMa（）碰撞后，木板向左勻減速，依據牛頓第二定律有1214am/s2可得13a4m/s對滑塊，則有加速度22t1滑塊速度先減小到，此時碰后時間為1108atmvm/s2此時，木板向左的位移為末速度112113134m/s0xt2m滑塊向右位移221a4m/s2此后，木塊開始向左加速，加速度仍為24am/2木塊繼續減速，加速度仍為13tatvat假設又經歷二者速度相等，則有222112t0.5s2解得17xvtatm末速度vvat2m/s21226此過程，木板位移312311211xatm2滑塊位移42222此后木塊和木板一起勻減速。xxxxx6m二者的相對