1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，小球用細繩系住，繩的另一端固定于O點，現用水平F緩慢推動斜面體，小球在斜面上無摩擦地滑動，細繩始終處于直線狀

2、態，當小球升到接近斜面頂端時細繩接近水平，此過程中斜面對小球的支持力FN，以及繩對小球的拉力FT的變化情況是（）A.FN保持不變，FT不斷增大B.FN不斷增大，FT不斷減小C.FN保持不變，FT先增大后減小D.FN不斷增大，FT先減小后增大2、豎直上拋物體受到的空氣阻力f大小恒定，物體上升到最高點時間為t1，從最高點落回拋出點用時t2，上升時加速度大小為a1，下降時加速度大小為a2，則下列說法正確的是()A.a1a2，t1a2，t1t2C.a1t2D.a1a2，t1r時，R越大，r越小，B對斜面的壓力越小B.斜面傾角一定，R=r時，兩球之間的彈力最小C.斜面傾角一定時，無論兩球半徑如何，A對擋

3、板的壓力一定D.半徑一定時，隨著斜面傾角逐漸增大，A受到擋板的作用力先增大后減小9、一輛汽車停在水平地面上，一個人用力水平推車，但車仍然靜止，表明A.推力越大，但汽車仍然靜止是因為汽車太重B.推力越大，靜摩擦力越大，推力與靜摩擦力平衡C.推力大小變化時，靜摩擦力大小也發生變化D.推力小于靜摩擦力，因此汽車仍然靜止10、小明到商場選購商品，發現商場兩自動扶梯傾斜度一樣，但坡面不同，如圖所示。小明站在自動扶梯上隨扶梯一起向上勻速運動。已知小明的體重為G，鞋底與扶梯間的動摩擦因數為，扶梯與水平面間的夾角為，小明在兩自動扶梯上受到的摩擦力大小分別為f甲、f乙，扶梯對小明的支持力大小分別為FN甲、FN乙

4、，則下列說法正確的是() A.f甲= f乙=GcosB.FN甲= FN乙=GcosC.FN甲=G FN乙= GcosD.f甲=0 f乙=Gsin11、如圖甲、乙所示，物體A、B在力F作用下一起以相同的速度沿F方向勻速運動，關于物體A所受的摩擦力，下列說法正確的是()A.圖甲中物體A不受摩擦力B.兩圖中物體A均受摩擦力，且方向均與F相反C.兩圖中物體A均不受摩擦力D.圖乙中物體A受摩擦力，方向和F相同12、質點由靜止開始做直線運動，所受合外力大小隨時間變化的圖象如圖所示，則有關該質點的運動，以下說法中正確的是（ ）A.質點在02s內做勻加速運動B.質點在02s內速度不變C.質點在24s內加速度越

5、來越小D.質點在24s內速度越來越大二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖為“用DIS（位移傳感器、數據采集器、計算機）研究加速度和力的關系”的實驗裝置。(1)在該實驗中必須采用控制變量法，應保持_不變，用鉤碼所受的重力作為_，用DIS測小車的加速度；(2)改變所掛鉤碼的數量，多次重復測量。在某次實驗中根據測得的多組數據可畫出aF關系圖線（如圖所示）。此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是_；A.小車與軌道之間存在摩擦B.導軌保持了水平狀態C.所掛鉤碼的總質量太大D.所用小車質量太大14、（10分）在“探究彈力和彈簧伸長的關系并測定彈簧的勁度系數”實驗中，

6、實驗裝置如圖甲所示。所懸掛鉤碼的重力相對于對彈簧提供了向右的恒定拉力。實驗時先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在繩子的下端，每次測出相應的彈簧總長度。作出彈簧的長度（L）隨鉤碼個數（n）變化的圖象如圖乙所示，則：圖線與L軸的交點的物理意義是_；圖線BC段偏離了直線，其原因是_；該同學實驗時，把彈簧水平放置與彈簧豎直懸掛放置相比，優點在于_，缺點在于_。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖為一滑梯的示意圖，滑梯的長度AB為L= 5.0m，傾角37BC段為與滑梯平滑連接的水平地面。一個小孩從滑梯頂端由靜止開始滑下，離開B點后在地面上滑行了s

7、= 3.0m后停下。小孩與滑梯間的動摩擦因數為 = 0.3。不計空氣阻力，取g = 10m/s2已知sin37= 0.6，cos37= 0.8。求：（1）小孩沿滑梯下滑時的加速度a的大小；（2）小孩滑到滑梯底端B時的速度v的大小；（3）小孩與地面間的動摩擦因數。16、（12分）如圖所示，固定在水平面上的斜面傾角為，長方體木塊A質量為M，其PQ面上釘著一枚小釘子，質量為m的小球B通過一細線與小釘子相連接，小球B與PQ面接觸，且細線與PQ面平行，木塊與斜面間的動摩擦因數為若木塊勻加速下滑，求小球對木塊的壓力大小？17、（12分）如圖所示，傳送帶與地面成夾角=37，以10m/s的速度逆時針轉動，在傳

8、送帶上端輕輕地放一個質量m=0.5的物體，它與傳送帶間的動摩擦因數=0.5，已知傳送帶從AB的長度L=16m，則物體從A到B需要的時間為多少？參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】對小球進行受力分析，重力、支持力FN、拉力FT組成一個閉合的矢量三角形，由于重力不變、支持力FN方向不變，斜面向左移動的過程中，拉力FT與水平方向的夾角減小，當=時，FTFN，細繩的拉力FT最小，由圖可知，隨的減小，斜面的支持力FN不斷增大，FT先減小后增大故D正確，ABC錯誤2、D【解析】上升過程有：mg+Ff=ma1，下降過程有：mg-Ff=m

9、a2，由此可知a1a2，根據功能關系可知落回地面的速度vv0，因此上升過程的平均速度大于下降過程的平均速度，由于上升過程和下降過程位移大小相等，因此t1t2，故ABC錯誤，D正確故選D【點睛】本題容易出錯的地方在于阻力的方向容易弄錯，注意阻力方向與相對運動方向相反，上升和下降過程阻力的方向是不同的3、D【解析】采用逆向思維，物體做初速度為零的勻加速直線運動，在相等時間內的位移之比等于，因為第內的位移為，則最后內的位移為：故ABC錯誤，D正確；故選D。4、D【解析】當牽引力等于阻力時，汽車達到最大速度，汽車勻速運動時，受力平衡，由于汽車是沿傾斜的路面向上行駛的，對汽車受力分析可知，汽車的牽引力由

10、功率所以上坡時的速度故ABC錯誤，D正確。故選D。5、C【解析】AB車輛的重力不隨坡度的變化而變化，故A錯誤，B錯誤；CD設斜面傾角為，將重力按照作用效果正交分解如圖由幾何關系可得因為引橋越長傾角越小，越小，重力在平行于引橋橋面方向的分力越小；越大，重力在垂直于引橋橋面方向的分力越大，故C正確，D錯誤。故選C。6、B【解析】對鐵球進行受力分析，隨著汽車對鐵球的作用力越來越大，凹槽對鐵球的彈力在豎直方向的夾角變大，如圖所示：根據平衡條件：可知增大，N增大，方向斜向左上方；故B正確，ACD錯誤。故選B。7、BD【解析】AB探測器的加速度滿足，沿軌道I運行至P點的加速度等于沿軌道運行至P點的加速度，

11、A錯誤B正確CD地月轉移軌道曲率半徑比環月圓形軌道I半徑大，所以應減速近心，C錯誤D正確8、BC【解析】A以B球為研究對象，受力情況為重力mg、斜面的支持力N和A對B的彈力F，由平衡條件得知N與F的合力與重力mg大小相等、方向相反，則此合力保持不變。斜面傾角一定，Rr，R越大，r越小，F與水平方向的夾角越大，如圖，作出F在三個不同角度時力的合成圖由圖看出，斜面對B的支持力N越大，由牛頓第三定律得知，B對斜面的壓力越大，故A錯誤；B斜面傾角一定，根據幾何知識得知，當N與F垂直時F最小，即兩球間的彈力最小，此時，R=r，故B正確；C以兩球組成的整體為研究對象，可知A對擋板的壓力NA=2mgsin則

12、知斜面傾角一定時，無論半徑如何，A對擋板的壓力NA一定，故C正確。D由前面分析知，A對擋板的壓力NA=2mgsin半徑一定時，隨著斜面傾角逐漸增大，A對擋板的壓力NA增大，故D錯誤。故選BC。9、BC【解析】汽車停在水平地面上，水平方向受推力和靜摩擦力，車保持靜止，推力與靜摩擦力平衡，推力增大，靜摩擦力增大【詳解】A：推力越大，但汽車仍然靜止是因為推力小于最大靜摩擦力，推力與靜摩擦力平衡故A項錯誤BCD：汽車停在水平地面上，水平方向受推力和靜摩擦力，車保持靜止，推力與靜摩擦力平衡，推力增大，靜摩擦力增大故BC兩項正確，D項錯誤10、CD【解析】分別對甲乙兩圖的小明進行受力分析，如圖所示，根據小

13、明站在自動扶梯上隨扶梯一起向上勻速運動，所以小明受力平衡，則：故選CD。11、AD【解析】因為物體A、B在力F作用下一起以相同的速度沿F方向勻速運動，所以A物體所受合力為0，對甲圖而言，A水平方向沒有受到力，所以也不受摩擦力；而對乙圖中的A物體受力分析，很容易判斷出來，如果A沿斜面方向合力為0，則摩擦力平衡了重力沿斜面向下的分力，摩擦力方向沿斜面向上，故圖甲中物體A不受摩擦力，圖乙中物體A受摩擦力，方向和F相同BC錯誤AD正確12、ACD【解析】A由圖象知，前2s內物體所受合力大小不變，故加速度恒定，物體做勻加速運動，故A正確；B因為在02s內物體合外力不變，故物體做勻加速運動，故B錯誤；C質

14、點在24s內合外力越來越小，根據牛頓第二定律知加速度越來越小，故C正確；D物體在24s內加速度越來越小，但加速度沒有改變方向，故物體做加速度減小的加速運動，故D正確。故選ACD。【點睛】根據牛頓第二定律由合外力情況確定物體加速度情況，由物體的加速度由運動學關系分析物體的運動情況。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .小車的總質量 .小車所受外力 .C【解析】(1)12探究加速度與力的關系，應保持小車的質量不變，用鉤碼所受的重力作為小車受到的合外力(2)3本實驗要探索“加速度和力的關系”所以應保持小車的總質量不變，鉤碼所受的重力作為小車所受合外力；由于OA段aF關系為一傾斜的直

15、線，所以在質量不變的條件下，加速度與外力成正比；設小車的質量為M，鉤碼的質量為m，由實驗原理得mg=Ma得a=而實際上a=可見AB段明顯偏離直線是由于沒有滿足Mm造成的。故選C。14、 .彈簧的原長； .超過了彈性限度； .避免了懸掛放置時彈簧自身所受重力對實驗產生的影響； .彈簧與桌面及繩子與滑輪間存在的摩擦造成實驗的誤差。【解析】1根據胡克定律F=kL知：當彈力為零時，彈簧的形變量為零，此時彈簧的長度等于彈簧的原長，所以圖線與L軸的交點的物理意義是彈簧的原長L0；2圖線BC段偏離了直線，其原因拉力太大，彈簧的長度超過了彈性限度；3 水平放置的優點：避免了懸掛放置時彈簧自身所受重力對實驗產生

16、的影響；4 水平放置的缺點：彈簧與桌面及繩子與滑輪間存在的摩擦造成實驗的誤差。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）3.6m/s2；（2）6m/s；（3）0.6【解析】（1）小孩在滑梯上受力如圖：由牛頓第二定律解得a=3.6m/s2（2）由v2=2aL求出v=6m/s（3）由勻變速直線運動規律0-v2=-2as由牛頓第二定律解得16、mgcos【解析】當木塊做勻加速直線運動，通過整體法求出加速度，再隔離分析求出A對B的彈力【詳解】若木塊勻加速下滑，對整體分析，加速度再隔離對B分析，根據牛頓第二定律有：mgsin-N=ma，解得：N=mgsin-ma=mgcos則小球對木塊的壓力為mgcos【點睛】解決本題的關鍵是熟練運用牛頓第二定律，以及掌握整體法和隔離法的運用17、2s【解析】物體在傳送帶上受到重力、支持力和摩擦力作用先做初速度為0的勻加速直線運動，當速度和傳送帶速度一樣時進行判斷物體跟隨傳送帶勻速還是單獨做勻變速直線運動，根據總位移為16m，可以求出整