1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試

2、卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、關于超重和失重，下列說法正確的是（）A.超重就是物體受到的重力增大了B.失重就是物體受到的重力減小了C.完全失重就是物體受到的重力為零D.無論超重、失重，物體受到的重力都不變2、小明沿著半徑為R的水平圓周跑道跑了1.25圈時，他的（）A.路程和位移大小均為2.5RB.路程和位移的大小均為RC.路程為2.5R、位移的大小為RD.路程為0.5R、位移的大小為R3、圖是利用太空“質量測量儀”測質量

3、的實驗情景。一名航天員將自己固定在支架一端，另一名航天員將將支架拉到指定位置，松手后支架對航天員產生恒定的作用力F，使航天員回到初始位置，測速裝置測量出航天員復位瞬間的速度v和復位過程所用時間t，從而計算出航天員的質量m。下列關于質量m的表達式正確的是A.B.C.D.4、一個做直線運動的物體受到的合外力的方向與物體運動的方向相同，當合外力減小時，則物體運動的加速度和速度的變化是（ ）A.加速度增大，速度增大B.加速度減小，速度減小C.加速度增大，速度減小D.加速度減小，速度增大5、若地球半徑為R，把地球看作質量分布均勻的球體。“蛟龍”號下潛深度為d，“天宮一號”軌道距離地面高度為h，“蛟龍”號

4、所在處與“天宮一號”所在處的重力加速度之比為（）A.B.C.D.6、一個物體受幾個共點力的作用而處于平衡狀態，當其中一個力的大小逐漸減小到零然后又恢復到原值的過程中（）A.其加速度先增大，后減小B.其加速度先增大，后反方向減小C.其速度一直在增大，最后達最大D.其最終將回到原來位置，并保持平衡狀態7、如圖所示，質量為m1、m2的兩個物塊，通過定滑輪和動滑輪以及輕繩懸掛在天花板的M、N兩點，平衡時懸掛于M點的繩與豎直方向的夾角為，懸掛于N點的繩與豎直方向的夾角為，現將懸點M向左緩慢移動一小段距離后固定，再次平衡后，關于，以及M、N兩點所受作用力的變化情況，以下判斷正確的是（滑輪重力和繩與滑輪之間

5、的摩擦力不計）（）A.和均變大，且B.和均不變，且C.繩對M、N的作用力不變D.繩對M、N的作用力變大8、在水平的路面上為一輛勻速行駛的小車，車上固定一盛滿水的碗?，F突然發現碗中的水灑出，水灑出的情況如圖所示，則關于小車在此種情況下的運動，下列敘述正確的是（）A.小車勻速向左運動B.小車可能突然向左加速運動C.小車可能突然向右減速運D.小車可能突然向左減速運動9、如圖所示，在恒力F作用下，a、b兩物體一起沿粗糙豎直墻面勻速向上運動，則關于它們受力情況的說法正確的是（）A.a一定受到4個力B.a可能受到6個力C.b一定受到3個力D.b可能受到2個力10、如圖所示，質量分別為m1、m2的甲、乙兩木

6、塊之間壓縮一輕彈簧，用細線拉緊，豎直放置在水平地面上當整個裝置處于靜止狀態時，彈簧豎直，細線的拉力大小為F將細線剪斷的瞬間，下列說法中正確的是A.甲的加速度大小為B.甲的加速度大小為C.乙對地面的壓力大小為(m1+m2)g+FD.地面對乙的支持力大小為(m1+m2)g二、實驗題11、（4分）12N、5N和6N三個共點力的合力，最大值是_N，最小值是_N。12、（10分）在“探究共點力合成的規律”實驗中，需要利用如圖所示的裝置進行實驗兩次拉伸橡皮條：一次是用兩個彈簧測力計通過細繩互成角度地拉橡皮條，另一次是用一個彈簧測力計通過細繩拉橡皮條（1）關于這兩次拉伸，下列說法正確的是_A只需要將橡皮條拉

7、到相同的長度B要求兩個彈簧測力計的拉力方向與橡皮條的夾角相同C將彈簧測力計拉到相同的刻度D將橡皮條和細繩的結點拉到相同的位置（2）用兩個彈簧測力計分別鉤住細繩套，互成一定角度地拉橡皮條，使結點到達某一位置O靜止此時除了記下O點的位置以外，還必須記錄的是_A橡皮條的伸長長度 B橡皮條伸長的方向C兩條細繩的方向 D兩個彈簧測力計的讀數（3）關于該實驗，下列說法不正確的是_A用兩個彈簧測力計拉橡皮條時，必須使兩個繩套之間的夾角為90，以便計算出合力的大小B用兩個彈簧測力計拉橡皮條時結點的位置必須與用一個彈簧測力計拉時結點的位置重合C拉橡皮條時，彈簧測力計、橡皮條、細繩應貼近木板且與木板平面平行D在不

8、超過彈簧測力計量程的條件下，應該盡可能地使彈簧測力計的拉力大一些三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）重量G=200N的物體置于水平面上，給物體施加一個與水平方向成=30的拉力F，F=20N，物體仍處于靜止狀態，求：（1）地面對物體的靜摩擦力f；（2）地面對物體的支持力N14、（14分）如圖甲所示，小球A從水平地面上P點的正上方h1.8m處自由釋放，與此同時，在P點左側水平地面上的物體B在水平拉力的作用下從靜止開始向右運動，B運動的vt圖像如圖乙所示，已知B物體的質量為2kg，且A、B兩物體

9、均可看作質點，不考慮A球的反彈， g取10m/s2求：(1)小球A下落至地面所需的時間t；(2)要使A、B兩物體能夠同時到達P點，求物體B的初始位置與P點的距離S；(3)若作用在物體B上的水平拉力F20N，求物體與地面之間的動摩擦因數15、（13分）如圖所示，質量的鐵球用輕繩系在墻上并放在光滑的斜面上，繩與豎直墻間的夾角，斜面與豎直墻間的夾角。取，。求鐵球對斜面的壓力大小N和鐵球對繩的拉力大小F。參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解

10、析】詳解】AB超重、失重時，重力沒有變化，視重發生變化，故AB錯誤；C完全失重就是物體受到的重力不變，用來提供加速度，故C錯誤；D無論超重、失重，物體受到的重力都不變，故D正確。故選D。2、C【解析】ABCD小明沿著半徑為R的水平圓周跑道跑了1.25圈時他的路程為跑過的總弧長位移為初末位置的線段長度故C正確，ABD錯誤。故選C。3、A【解析】測速裝置測量出航天員復位瞬間的速度v和復位過程所用時間t，則復位過程中航天員的加速度：支架對航天員產生恒定的作用力F，據牛頓第二定律可得：解得：航天員的質量故A項正確，BCD三項錯誤。4、D【解析】當合外力減小時，根據牛頓第二定律知，加速度減小，因為合力的

11、方向與速度方向相同，則加速度方向與速度方向相同，知速度增大，故D正確。故選D。5、C【解析】設地球的密度為，則在地球表面，重力和地球的萬有引力大小相等，有由于地球的質量為所以重力加速度的表達式可寫成根據題意有，質量分布均勻的球殼對殼內物體的引力為零，故在深度為d的地球內部，受到地球的萬有引力即為半徑等于(Rd)的球體在其表面產生的萬有引力，故“蛟龍”號的重力加速度所以有根據萬有引力提供向心力“天宮一號”所在處的重力加速度為所以因此故選C。6、AC【解析】ABC當保持其它力不變，僅使其中的一個力由大逐漸減小到零，然后又恢復到原值的過程中，合力先增大再減小，方向不變，則加速度先增大后減小，由于加速

12、度方向與速度方向一直相同，則物體一直做加速運動，速度一直在增加，故AC正確，B錯誤；D由于物體的速度方向不變，物體一直向前運動，沒有回到原來的位置，故D錯誤。故選AC。7、BC【解析】對分析，根據平衡條件可知繩子上的拉力總是等于的重力，且保持不變；動滑輪兩邊繩子的拉力合力總是等于，合力不變，根據平行四邊形合成，則動滑輪兩邊繩子的夾角不變，根據幾何關系可知不變，所以繩對M的作用力不變；同理動滑輪右邊繩子與豎直方向的夾角不變，即定滑輪兩邊繩子的夾角不變，又動滑輪兩邊繩子拉力不變，則定滑輪兩邊繩子拉力的合力不變，則定滑輪與點連接繩子與豎直方向的夾角不變，所以繩對M的作用力不變；定滑輪兩邊繩子的拉力的

13、合力的方向平分定滑輪兩邊繩子的夾角，所以有，故B、C正確，A、D錯誤；故選BC。8、BC【解析】A若小車勻速向左運動，則水也勻速運動，速度相等，不會從碗中的水灑出，故A錯誤；B小車突然向左加速，由于慣性，水還沒有來得及加速，所以小車向左的速度大于水向左的速度，水將向右灑出，故B正確；C小車突然向右減速，由于慣性，水還沒有來得及減速，所以小車向右的速度小于水向右的速度，水將向右灑出，故C正確；D小車突然向左減速，由于慣性，水還沒有來得及減速，所以小車向左的速度小于水向左的速度，水應向左灑出，故D錯誤。故選BC。9、AC【解析】對物體b受力分析，受重力、支持力和摩擦力，處于三力平衡狀態，故D錯誤，

14、C正確；對物體a、b整體受力分析，受重力、支持力，若墻壁對整體有支持力，水平方向不能平衡，故墻壁對整體沒有支持力，故也沒有摩擦力；最后對物體a受力分析，受推力、重力、物體b對其的壓力和靜摩擦力，即物體a共受4個力；故A正確，B錯誤；故選AC【點睛】本題關鍵是靈活地選擇研究對象進行受力分析，然后結合平衡條件和各種力產生的條件分析判斷，不難10、AC【解析】系統靜止時，根據繩子的拉力，結合共點力平衡求出彈簧的彈力，細繩燒斷的瞬間，彈簧的彈力不變，結合牛頓第二定律和共點力平衡進行分析求解【詳解】A、B、開始系統處于靜止，對甲分析，有：F+m1g=F彈，剪斷細線的瞬間，彈簧彈力不變，對甲由牛頓第二定律

15、得，聯立得；故A正確，B錯誤.C、D、對乙分析可知，剪斷細繩前后均處于靜止，則，聯立F+m1g=F彈可知，由牛頓第三定律可知乙對地面的壓力；故C正確，D錯誤.故選AC.【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡和牛頓第二定律進行求解，知道剪斷細繩的瞬間，彈簧的彈力不變二、實驗題11、 .23 .1【解析】12當三個力同向時，合力最大，為23N；5N、6N兩個力的合力最大為11N，最小為1N，而12N在不這范圍之間，則三個力合力不可能為零，則合力最小值為1N。12、 .（1）D .（2）CD .（3）A【解析】本實驗采用“等效法”，即要求兩次拉橡皮筋的效果相同，對于兩彈簧拉力大小以

16、及夾角大小沒有具體要求，只要便于作圖以及減小誤差即可；因此在實驗中盡量減小力的測量及作圖中出現的誤差；F1與F2合成的理論值是由平行四邊形定則作圖得到的，在平行四邊形的對角線上，而用一個彈簧直接測量時，方向一定在橡皮筋上，由此可正確解答【詳解】（1）為了保證實驗的“等效性”，必須要將橡皮條和細繩的結點拉到相同的位置，故選D；（2）除了記下O點的位置以外，還必須記錄的是兩條細繩的方向和兩個彈簧測力計的讀數，故選CD；（3）用兩個彈簧測力計拉橡皮條時，不一定必須使兩個繩套之間的夾角為90，角度大小適應即可，選項A錯誤；用兩個彈簧測力計拉橡皮條時結點的位置必須與用一個彈簧測力計拉時結點的位置重合，選

17、項B正確；拉橡皮條時，彈簧測力計、橡皮條、細繩應貼近木板且與木板平面平行，選項C正確；在不超過彈簧測力計量程的條件下，應該盡可能地使彈簧測力計的拉力大一些，選項D正確；此題選擇不正確的選項，故選A.【點睛】主要考查驗證力的平行四邊形定則的誤差分析及數據的處理，應通過實驗原理及數據的處理方法去思考減少實驗誤差的方法；熟練應用平行四邊形定則解決有關問題三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）N；（2）190N?！窘馕觥浚?）（2）物體的受力分析如右圖所示，木箱受到了四個力的作用。將拉力F按水平方向與豎直方向分解為兩個分力F1和F2根據平衡條件有，在水平方向有：N在豎直方向有：解得：N14、（1