1、高一物理第一學期12月月月考考試卷一、選擇題.當汽車做勻變速直線運動時（）A.在相等的時間內位置變化相同B.在相等的時間內速度變化相等C.速度大小不斷改變，方向一定不變D,加速度大小不斷改變，方向一定不變.下列說法正確的是A.物體的慣性大小只與本身的質量有關，質量大的物體慣性大，質量小的物體慣性小B.同一物體在地球上不同的位置受到的重力是不同的，所以它的慣性也隨位置的變化而變 化C. 一個小球豎直上拋，拋出后能繼續上升，是因為小球運動過程中受到了向上的推力D.運動越快的汽車越不容易停下來，是因為汽車運動得越快，慣性越大.如圖所示，一定質量的物體用輕繩相懸掛于天花板上，用水平向左的力尸緩慢拉動繩

2、 的中點0，用7表示繩曲段拉力的大小，在。點向左移動的過程中C.尸逐漸變小，T不變D.尸逐漸變小，7逐漸變小.將一小球以5m/s的速度水平拋出，經過1s小球落地，不計空氣阻力g=10m/C.關于 這段時間小球的運動，下列說法正確的是（）A.小球著地速度是10m/5B.小球豎直方向的位移是10mC.小球著地速度是5m/sD.小球水平方向位移是5m.如圖是力學中的兩個實驗裝置，其中包含相同物理思想方法是（）顯示桌面受力形竟顯示玻璃瓶受力形變顯示桌面受力形竟顯示玻璃瓶受力形變A.極限的思想方法B.放大的思想方法C,控制變量的方法D.猜想的思想方法.通過理想斜而實驗得出力不是維持物體運動的原因的科學家

3、是A.亞里士多德 B.伽利略C.阿基米德D.牛頓.如圖所示，物體A和B受到的重力分別為10N和8N,不計彈黃秤和細線的重力和一切 摩擦，則彈簧秤的讀數為（）A. 18NB. 8NC. 2ND. 10N8.中華民族的優秀文化博大精深，其中古典詩詞是優秀文化的代表.從物理角度看古詩詞 會發現別有一番韻味.下而四句詩詞中涉及慣性知識的是A.毛澤東的長征中紅軍不怕遠征難，萬水千山只等閑”.唐朝李白的早發白帝城中“朝辭白帝彩云間，千里江陵一日還“C.宋代陳與義的爽邑道中中“臥看滿天云不動，不知云與我俱東”D.明代馮夢龍的醒世恒言中“臨崖立馬收韁晚，船到江心補漏遲”.物理學發展史上，有一位科學家開創了實驗

4、與邏輯推理相結合的科學研窕方法，并研究 了落體運動的規律，這位科學家是（）A.伽利略B.牛頓C.亞里士多德D.笛卡爾.關于加速度a的方向，下列說法中正確的是Au _A.由。= 可知，加速度a的方向與速度增量Av的方向可能相反*B.加速度a的方向與初速度V。的方向相同C.如果物體的加速度a的方向與初速度0的方向相同，則物體做加速運動D.只要加速度a0,物體就做加速運動.下列物理量中，屬于矢量的有（）A.路程B.時間C.加速度D.質量.如圖所示是打點計時器記錄物體運動的四條紙帶，物體最可能做勻變速直線運動的是（）A.紙帶1B,紙帶2C.紙帶3D.紙帶4.下列說法正確的是（）A.高速行獨的公共汽車緊

5、急剎車時，乘客都要向前傾倒，說明乘客受到慣性力的作用B.短跑運動員最后沖刺時，速度很大，很難停下來，說明速度越大，慣性越大C.慣性的大小僅與質量有關，質量越大，慣性越大.D.把手中的球由靜止釋放后，球能豎直下落，是由于球具有慣性的緣故14.如圖所示，輕彈簧的兩端各受10N的拉力F作用，彈簧平衡時伸長了 5cm （在彈性限 度內），那么下列說法中正確的是FFA.該彈簧的勁度系數k=200N/mB.該彈簧的勁度系數k=400NmC.根據公式上,彈簧的勁度系數k會隨彈簧彈力F的增大而增大 XD.彈簧的彈力為20N.汽車以20m/s的速度做勻速直線運動。剎車后的加速度大小為5m/s2。那么剎車后2s

6、內與剎車后6s內汽車通過的位移之比為（）A. 1： 1B, 1： 3C. 3： 4D. 5： 21.關于速度和加速度，下列說法正確的是（）A,物體的速度變化越大，加速度越大B.加速度為零的物體，速度一定為零C.物體的加速度的方向一定與速度變化的方向相同D.物體的加速度方向變化時，速度的方向也要發生變化17.如圖所示，相隔一定距離的兩個相同的圓柱體A 8固定在等高的水平線上，一輕繩 套在兩圓柱體上，輕繩下端懸掛一重物，不計輕繩和圓柱體間的摩擦。當重物一定時，若B.繩中的彈力越大C.圓柱體4受到的繩子作用力越大D.圓柱體A受到的繩子作用力不變.運動的小車所受的合外力越大時（）A.它的速度也越大B.

7、它的位移也越大C.它的速度變化也越快D.它的速度變化也越大.個人混合泳是奧運會游泳項目之一，要求運動員在泳道用四種不同的姿勢來回游完全 程，完成比賽，如圖。如要取得好的成績，下列物理量中哪個是最關鍵的（）A,全程的平均速度B.全程的平均速率C.終點撞線時的速度D.中間轉身時的速度.如圖，一勻質木棒，擱置于臺階上保持靜止，下圖關于木棒所受的彈力的示意圖中正 確的是A.A.二、多選題.如圖，傾角2 = 30的光滑斜而上甲，乙兩個物塊用輕彈簧連接，用平行斜而向上的 拉力F拉甲物塊，使甲、乙兩物塊一起沿斜而向上做勻速運動，兩物塊的質量均為m,重 力加速度為g，下列說法正確的是A.拉力的大小為mgB.彈

8、簧彈力大小為mgC.撤去拉力F瞬間，兩物體的加速度大小相等D.撤去拉力F瞬間，乙的加速度為零，甲的加速度大小為g.如圖甲為應用于機場和火車站的安全檢查儀，其傳送裝置可簡化為如圖乙所示的模 型。緊繃的傳送帶始終保持v = 0.4 m/s的恒定速率運行，行李與傳送帶之間的動摩擦因數 =0.2, A、B間的距離為2 m, g取lOm/s?。旅客把行李（可視為質點）無初速度地放在 A處，則下列說法正確的是（）甲乙A.開始時行李的加速度大小為2 m/s2B.行李經過2 s到達B處C.行李在傳送帶上留下的摩擦痕跡長度為0.08 mD.若傳送帶速度足夠大，行李最快也要也s才能到達B處.如圖所示，滑雪軌道是由

9、斜直軌道48和水平軌道8c組成，運動員經過8點前后速度 大小不變，GO時運動員從八點由靜止開始勻加速下滑，通過8點后，做勻減速滑動，最 后停在C點。若運動員在第3s末和第6s末速度大小均為6m/s,第8s末速度大小為 4m/s,則A.運動員在第3.5s末已經過8點B.運動員在運動過程中的最大速度為8m/sC.運動員從入到C的平均速率為5m/sD.運動員在第12s末恰好停在C點24.在汽車的維修中，千斤頂發揮了很大作用，圖中分別為剪式千斤頂的實物圖和示意 圖。當搖動把手時，螺紋軸迫使千斤頂的兩臂靠攏，從而將汽車頂起。當汽車剛被頂起 時，若已知汽車對千斤頂的壓力為4.0 x104n,且千斤頂兩臂間

10、的夾角恰為120。，則( )A.此時千斤頂對汽車的支持力為4.0 x104nB.此時兩臂受到的壓力大小各為2Qx104nC.若搖動把手把車繼續往上頂，兩臂受到的壓力將減小D.若搖動把手把車繼續往上頂，兩臂受到的壓力將不變25.如圖所示，質量均為1kg的木塊A和8,由一個勁度系數為100N/m的輕質彈簧連 接，最初系統靜止，現用力豎直向上緩慢拉A直到8剛好離開地面，下列說法正確的是(整個過程彈簧都在彈性限度內，g取lOm/s?)()A.最初系統靜止時，彈簧處于原長狀態8木塊剛離開地面時，受到的彈簧彈力和重力恰好大小相等8木塊剛離開地面時，彈簧相對于原長伸長了 10cmD.初始狀態和末狀態，彈簧的

11、彈力大小不相等26.在“和平使命-2014聯合軍演”的“垂直截擊行動”中，中國空降兵某部的一名傘兵 從高空靜止的直升飛機上跳下，在。時刻打開降落傘，在3%時刻以速度著地。他運動 的速度隨時間變化的規律如圖所示.下列結論正確的是（）A.在。時間內加速度不變，在23%時間內加速度減小B.降落傘打開后，降落傘和傘兵所受的阻力越來越小C.在103fo的時間內，平均速度D.若第一個傘兵打開降落傘時第二個傘兵立即跳下，則他們在空中的距離先增大后減小三、實驗題27.某次探究加速度a跟物體所受的合外力F和質量m的關系”時，實驗如下.下列做法正確的是（填字母代號）A調行滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平

12、行 8.在調行木板傾斜角度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，將裝有硅碼的硅碼桶通過定滑輪拴在木塊上C.實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源D.通過增減木塊上的祛碼改變質量時，不需重新調節木板傾角圖甲為實驗裝置圖。圖乙為某次實驗得到的一段紙帶，計數點4、8、C、。、E間的時間 間隔為0.1 s,根據紙帶可求出小車的加速度大小為 m/s?（結果保留兩位有效數字）保持小車質量不變，改變砂和砂桶質量，進行多次測量。根據實驗數據作出了加速度。 隨拉力F的變化圖線如圖所示。圖中直線沒有通過原點，其主要原因是保持砂和砂桶質量不變，改變小車中硅碼質量，進行多次測量，得到小車加速度。、質量m及其對應的的數據如表中

13、所示: m實驗次數12345678車加速度實驗次數12345678車加速度“On/2）1.901.721.491.251.000.750.500.30車和法碼質量nj/lg0250 ?。0 -0400 500711 001 67白廣4.003.153.032.502.001.411.000.600.5()I.SOR(ms1.02.0 3.0.在圖示的坐標紙中畫出物體的。一,圖線m根據作出的。一,圖象可以得到的結論是： m小車打點計時器甲.用圖所示裝置探究加速度與力、質量的關系”.設小車和硅碼的總質量為M,砂和砂 桶的總質量為某同學用如圖中所示裝置進行實驗，打點計時器所用電源的頻率為50 Hz.

14、重物通過跨過滑輪的細線與小車相連.請思考并完成相關內容：小車打點計時器甲pBCDE1 ）卜 337 44 38 電 5.20 卜 5,% ）（單位;cm）乙本實驗應用的實驗方法是（）A,控制變量法B.假設法C.理想實驗法D .等效替代法實驗時，為平衡摩擦力，以下操作正確的是（）A.連著砂桶，適當調整木板右端的高度，直到小車被輕推后沿木板勻速運動直到小車緩慢沿木板做直線運動 直到小車被輕推后沿木板勻速運動 直到小車緩慢沿木板做直線運動B .連著砂桶，適當調整木板右端的高度, C.取下砂桶，適當調整木板右端的高度, D .取下砂桶，適當調整木板右端的高度,直到小車緩慢沿木板做直線運動 直到小車被輕

15、推后沿木板勻速運動 直到小車緩慢沿木板做直線運動平衡摩擦力后，實驗中打出的其中一條紙帶如圖乙所示（兩相鄰計數點間還有四個點沒 有畫出），由該紙帶可求得小車的加速度。=m為2 （結果保留三位有效數字） 在此實驗中，由于沒有考慮m和M應滿足的的關系，結果的圖象應該是哪一幅？. “用DIS研究加速度與力的關系”的實驗裝置如圖所示。實驗中通過增加鉤碼的數 量，多次測量，可得小車運動動的加速度。和所受執力下的關系圖像，如圖（b）所示小車上安裝的是位移傳感器的 部分（選填“接收器”或“發射器”）軌道水平放置，安裝好實驗裝置，調在所掛的小鉤碼數量，當DIS軟件的v-t圖出現一 條水平直線時，表明小車做 運動

16、，描述此時小車水平方向的受力情況從圖像中分析，小車與軌道的滑動摩擦力r N,小車（包括部分位移傳感器）的質量為 kgo.在“探究加速度與力、質量的關系”實驗中，某同學使用了如留甲所示的裝置，打點計 時器使用的交流電頻率為50Hzo打點 小隼計時器門紙帶沙桶u甲（1）該同學得到一條紙帶，在紙帶上取連續的六個點，如圖乙所示，自4點起，相鄰兩 點的距離分別為10.0mm、12.0mmx 14.0mm、16.0mm、18.0mm,則打E點時小車的速度 為 m/s,小車的加速度為 m/s2o （結果保留兩位有效數字）（2）該同學要探究小車的加速度a和質量M的關系，應該保持 不變；若該同學要探究加速度。和

17、拉力F的關系，應該保持 不變。（3）該同學通過數據的處理作出了 a-F圖像，如圖丙所示，則圖中直線不過原點的原因 可能是 “.通過打點計時器在紙帶上打出的點跡，可以記錄紙帶的運動時間.如把紙帶左端和運 動的物體連在一起紙帶上的相應點表示運動物體在不同時刻的位置.研究紙帶上的點與點 之間的間隔，了解，運動物體在不同時間產生的位移，從而了解物體的運動情況.請用簡 潔的語言描述如圖每條紙帶的物體的運動情況.某課外興趣小組做“探究求合力的方法”實驗，步驟如下:解析：解析：A在彈簧測力計的下端懸掛一重物M,記下重物靜止時彈簧測力計的示數F.將貼有白紙的木板豎直放置，三個細線套一端共系于一個結點，另一端分

18、別系于彈簧測 力計4、8和重物M上，測力計A掛于固定點P,手持測力計8的端拉動細線，使結點靜 止于0點，如圖所示。記錄下。點位置、兩個測力計示數反、氣及。本實驗用的 彈簧測力計示數的單位為N,圖中彈簧測力計B的示數只為 N.在白紙上按一定標度作出人打、弓的圖示，根據平行四邊形定則作出尸心的合力 尸的圖示，若，則平行四邊形定則得到驗證。本實驗中采用的科學方法是.A.理想實驗法B.等效替代法C,控制變量法D.建立物理模型法(5)關于本實驗，下列做法合理的是.A.三根細線必須等長B.要使兩彈簧測力計的讀數非常接近C.每次實驗時彈簧測力計8始終保持水平D.使彈簧測力計、細線都位于豎直平面內四、解答題.

19、 一人在井下站在吊臺上，用如圖所示的定滑輪裝置拉繩把吊臺和自己提升上來。圖中 跨過滑輪的兩段繩都認為是豎直的且不計摩擦。吊臺的質量m=15kg,人的質量為 M=55kg,起動時吊臺向上的加速度是a=0.2m/s2,求這時人對吊臺的壓力。.如圖所示，長$=5m、傾斜角加37。的斜面通過一小段光滑圓弧與水平傳送帶和水平地 而平滑連接，傳送帶長L=1.6m,以恒定速率v=4m/s逆時針運行，將一可看成質點的物塊 輕輕地放在傳送帶右端A上，物塊滑到傳送帶左端B時恰好與傳送帶共速并沿斜而下滑。 已知物塊和傳送帶、斜而、水平地而間的動摩擦因數相同，物塊最終靜止在水平地而上（1）下滑過程中的最大速度；（2）

20、減速下滑過程中的加速度大小.38.某校一課外活動小組自制一枚火箭。火箭點火后可認為豎直向上做勻加速直線運動， 經過4s時間到達離地面40m高處時燃料恰好用完，若不計空氣阻力，取g = 10m/s2.求:（1）火箭勻加速運動階段的加速度及燃料恰好用完時火箭的速度；（2）火箭上升離地而的最大高度。【參考答案】*試卷處理標記，請不要刪除一、選擇題B解析：B【解析】【分析】【詳解】對于勻變速直線運動，x = v.t + -at2,可知各段時間內的初速度不同，則位移不同，即位置變化不相同，故A錯誤：速度該變量v=a4t,故應該是在相等時間內的速度改變始 終相等，故B正確：若加速度的方向與初速度方向相反，

21、則物體速度的方向可能發生變 化，如豎直上拋運動.故C錯誤；勻變速直線運動的加速度大小，方向都不變，故D錯 誤：故選B.A解析：A【解析】慣性是物體的故有屬性，只和物體的質量有關，質量越大，慣性越大，質量越 小，慣性越小，同一個物體的質量不隨空間位置的變化而變化，即質量恒定，所以其慣性 恒定，A正確B錯誤：一個小球豎直上拋，拋出后能繼續上升，是因為小球有慣性，C錯 誤：運動的越快，停下來就需要越長的時間，不是因為慣性大，D錯誤.A【解析】【分析】 本題關鍵是抓住懸掛物B的重力不變，即OB段繩中張力恒定，0點緩慢移動時，點O始 終處于平衡狀態，根據平衡條件列式求解各力變化情況.【詳解】以結點0為研

22、究對象受力分析如下圖所示：由題意知點。緩慢移動，即在移動過程中始終處于平衡狀態，則可知，繩0B的張力為 mg,保持不變：根據平衡條件可知：Tcos0-mg=O , Tsin0-F=O,由此兩式可得：F= mgtanO, 由于8增加，故拉力F增加，T增加；故選A。【點睛】掌握共點力平衡條件是正確解決本題的關鍵，本題中注意對緩慢拉動所隱含的在拉動過程 中物體始終處于平衡狀態條件的挖掘.D解析：D【解析】【分析】【詳解】小球做平拋運動水平方向上：5 = %/豎直方向上：h = L gjVy = gt2小球最后的速度為v = Qv： +謚解得：h = 5m ； s = 5ni ； v = 5y/5in

23、 / s，故 D 正確；ABC 錯誤故選D【點睛】根據小球運動的時間求出小球拋出點的高度，結合初速度和時間求出水平位移.通過速度時間 公式求出豎直分速度，根據平行四邊形定則求出小球落地的速度大小B解析：B【解析】【詳解】桌面的受力微小形變借助于光的反射來放大，運用了放大的思想方法，玻璃瓶的受力微小 形變借助于液體體積變化，采用了放大的思想方法，二個實驗均體現出放大的思想方法， 故B正確，ACD錯誤故選擇B選項。B解析：B【解析】【詳解】A.亞里士多德憑借生活現象提出“力是維持運動的原因，故A錯誤：B.伽利略由理想斜而實驗得到“力不是維持物體運動的原因”，故B正確；C.阿基米德確立了靜力學和流體

24、靜力學的基本原理，給出許多求幾何圖形重心，包括由一 拋物線和其網平行弦線所圍成圖形的重心的方法，阿基米德證明物體在液體中所受浮力等 于它所排開液體的重量，故C錯誤；D.牛頓結合伽利略和笛卡兒的成果提出了牛頓第一定律，故D錯誤。 故選B。B解析：B【解析】【分析】彈簧科在一對拉力作用下保持靜止，合力為零，彈簧科的示數等于其中一個拉力的大小， 根據二力平衡去分析即可.【詳解】物體B處于靜止狀態，對B受力分析，B受到繩子的拉力和重力作用，彈簧右端受到的力 大小為8N,故繩子拉力為8N.又因為彈簧科處于靜止狀態，所以彈簧秤受力是平衡的， 彈簧右端受到的拉力是8N,則左端的拉力為8N,讀數是8t故B項正

25、確.D解析：D【解析】A、紅軍不怕遠征難，萬水千山只等閑”描述紅軍到過很多有山水的地方，與慣性 無關.故A錯誤：B、“朝辭白帝彩云間，千里江陵一日還”指千里之遙的江陵，一天之間就 已經到達，描述坐船很快，與慣性知識無關，B錯誤。C、參考系是為了研究問題方便而假 定靜止不動的物體.故只要研究對象與參考系的相對位置不發生變化，則觀察到的結果是 物體靜止不動.在本題中船是向東高速行駛，詩中描述了花“、榆堤和云”的運動都是以 船為參考系.故C錯誤；D、慣性是物體總有保持原有運動狀態不變的性質，一切物體都 有慣性，臨崖立馬收韁晚”說明物體具有慣性，物體的運動狀態不能突變.故D正確.故 選D.【點睛】該題

26、考查對相對運動、參考系、慣性等物理概念的理解，真正理解了參考系等概 念即可順利解決此類題目，而要理解這一概念就必需多看課本，多認真處理此類題目.A【解析】伽利略開創了實驗與邏輯推理相結合的科學研究方法，并研究了落體運動的規律，故選A.C解析：C【解析】【分析】明確加速度的定義，知道加速度的大小等于速度的變化率，與速度的大小和速度變化量的 大小無關.【詳解】Av根據加速度定義式a=,可知加速度a的方向與速度增量的方向相同，與速度的方 Ar向不一定相同，可能相同，可能相反，故AB錯誤；當加速度方向與速度方向相同，物體 做加速運動，當但a的方向與速度方向不一定相同，所以物體不一定做加速運動， 故C錯

27、誤，D錯誤.所以C正確，ABD錯誤.C解析：C【解析】【分析】【詳解】既有大小又有方向的物理量是矢量，矢量運算遵守的是矢量法則，即平行四邊形定則；只 有大小沒有方向的物理量是標量，標量運算遵守的代數加減法則。加速度有大小又有方 向，是矢量：而路程、時間、質量是只有大小沒有方向的物理量，是標量。故選C。C解析：C【解析】【詳解】A、打出的紙帶相鄰兩點間的時間間隔相同，紙帶I上相鄰兩點的間距都相等，所以紙帶1 做勻速直線運動，故A不符合題意：B、打出的紙帶相鄰兩點間的時間間隔相同，紙帶2上相鄰兩點的間距先增大后減小，所 以紙帶2做先加速后減速的變速運動，不可能為勻變速運動，故B不符合題意：C、打出

28、的紙帶相鄰兩點間的時間間隔相同，紙帶3上相鄰兩點的間距逐漸減小，所以紙帶 3做減速運動，可能為勻變速運動，故C符合題意：D、打出的紙帶相鄰兩點間的時間間隔相同，紙帶4上相鄰兩點的間距先減小后增大，所 以紙帶4做先減速后加速的變速運動，不可能為勻變速運動，故D不符合題意。C解析：C【解析】【分析】【詳解】高速行駛的公共汽車緊急剎車時，乘客都要向前傾倒，是由于慣性，不是受到慣性力的作 用，故A錯誤：慣性的大小僅與質量有關，與速度無關，質量越大，慣性越大.故B錯 誤，C正確：把手中的球由靜止釋放后，球能豎直下落，是由于球受重力的原因，故D錯 誤：故選C.A解析：A【解析】【詳解】AB.根據胡克定律F

29、=kx得，彈簧的勁度系數：F 10k = =，= 200N/m,x 5x10-2故A正確，B錯誤；C.彈簧的伸長與受的拉力成正比，彈簧的勁度系數k與彈簧彈力F的變化無關，與彈簧本 身有關。故C錯誤；D.輕彈簧的兩端各受10N拉力F的作用，所以彈簧所受的彈力為10N,故D錯誤。故選:AoC解析：C【解析】【詳解】汽車剎車到停止所需的時間：fd = 4s則剎車后2s內的位移:x =- at； = 30m剎車后6s內的位移等于剎車后4s內的位移，剎車減速至0的逆過程視為初速度為0的勻 加速直線運動，則：片xz= =40m2a則剎車后2s內與剎車后6s內汽車通過的位移大小之比為3： 4, ABD錯誤，

30、C正確。C解析：C【解析】【詳解】A.物體的速度變化大，因時間不確定，加速度大小無法確定，故A錯誤；B.加速度為零的物體，速度不一定為零，可能很大，故B錯誤：C.由加速度的定義式4=一可知物體的加速度的方向一定與速度變化的方向相同，故C &正確：D.物體的加速度方向變化時，速度的方向不一定發生變化，例如原來物體做加速直線運 動，加速度方向變化后開始一段時間內物體仍沿原來方向做減速運動，速度方向沒有變 化，故D錯誤。故選擇C選項。A解析：A【解析】由題，繩和圓柱體之間無摩擦，圓柱體相當于定滑輪，不省力，繩子上各處張力 大小相等，力的合成法可知，繩對圓柱體A的作用力必定位于兩繩的角平分線上，繩越長

31、 時，作用力與豎直方向的夾角越小.以重物和繩子整體為研究對象，分析受力情況：重 力、圓柱體A對繩子的作用力Fa，圓柱體B對繩子的作用力Fb,根據對稱性可知， Fa=Fb，由平衡條件可得：2Facos(x=G, 0是圓柱體對繩子的作用力與豎直方向夾角，G是 物體的重力.繩越長時，。越小，cos a越大，則Fa越小.所以繩越長時，繩對圓柱體A 的作用力越小.故A正確，BCD錯誤，故選A.C解析：C【解析】【詳解】A.當合力方向與速度方向相反，小車做減速運動，故A錯誤；B.當合力方向與速度方向相反，小車做減速運動，速度減到0,再反向加速，故B錯誤； C.由牛頓第二定律可知，合力越來越大，加速度越來越

32、大，則速度變化也越快，故C正 確：D.加速度越來越大，但速度變化不一定越大，還與時間有關，故D錯誤。 故選aB解析：B【解析】【詳解】比賽過程中往返兩次則路程相等，相同的路程比較時間，時間越小，成績越好，而路程與 時間的比值為平均速率，所以如要取得好的成績，主要取決于全程的平均速率，故B正 確。故選B。D解析：D【解析】木棒的下端與地面接觸，接觸而為水平而，所以彈力的方向應該與地面垂直，木棒的上端 與臺階的一點接觸，接觸面為木棒一個而，所以彈力的方向和木棒垂直，故D正確,ABC錯 誤.二、多選題AD【解析】【詳解】A.斜面光滑，將甲乙兩物塊視為一個整體，做受力分析可得在沿斜面方向上平 衡：故A

33、正確；B.對乙物體受力分析，沿斜面方向上平衡可得彈簧彈力：故B錯誤；C.撤去拉力解析：AD【解析】【詳解】A.斜面光滑，將甲乙兩物塊視為一個整體，做受力分析可得在沿斜而方向上平衡:F = 22g sin a = 2mg sin 300 = mg故A正確：B.對乙物體受力分析，沿斜而方向上平衡可得彈簧彈力：月甲=sin a = mg sin 30 = nig2故B錯誤：C.撤去拉力F瞬間，彈簧長度不變彈力不變。對甲物體受力分析，沿斜而方向上不平衡 有：%+?gsin300 甲解得：a甲=gD.對乙物體受力分析，沿斜而方向上有：片單-mg sin 30 =團。乙a乙=0甲乙兩物體加速度大小不同。故

34、C錯誤：D正確。 故選A D。AD【解析】 【詳解】A.開始時行李的加速度大小為選項A正確：B.行李加速的時間加速的位移：勻速的時間則行李到達B點的時間 t=tl+t2=5. Is 選項B錯誤； C.行 解析：AD【解析】 【詳解】a = 2m/sa = 2m/s2選項A正確： B.行李加速的時間3s = 0.2s a 2加速的位移:A. = A 0.04ni勻速的時間/-x 2-0.04 b =L = = 4.9st=h+t2=5.ls則行李到達t=h+t2=5.ls選項B錯誤：C.行李加速階段傳送帶的位移x = vr = 0.08m行李在傳送帶上留下的摩擦痕跡長度為0.08m-0.04m=

35、0.04 m,選項C錯誤；D.若傳送帶速度足夠大，行李一直加速到達8點的時間最短，則最短時間選項D正確:故選ADoBD【解析】【詳解】AB.由題可知，運動員在第3s末速度大小為6m/s,則運動員前3s在斜面上， 則加速度大小為： m/s2乂第6s末速度大小也為6m/s,第8s末速度大小為4m/s,說明運動 解析：BD【解析】【詳解】AB.由題可知，運動員在第3s末速度大小為6m/s,則運動員前3s在斜面上，則加速度大 小為：6,a=- = 2 m/s23又第6s末速度大小也為6m/s,第8s末速度大小為4m/s,說明運動員此過程在水平而上, 則加速度大小為：6-4 ,=1 m/s22設在AB而

36、上的時間為八，8點的最大速度為9,則 在斜面上有：vi=卬1=2八在水平而上有:4 =匕-(8-rJxl 聯立解得：9=8m/s,6=4s由上可知，3.5sr, =4S,所以運動員在第3.5s末仍在斜面上，最大速度為8m/s,故A錯 誤，B正確：C.在48段的位移為：在8c段減速到零的時間為:在8c段的位移為：=也=經= 32m 22根據平均速度公式有：得AC段的平均速度為:一匹 + X, 48 = =4 m/st. +12I .故C錯誤：D.綜上分析可知，八到C的總時為：八 +1-, = 4 + 8 = 12$所以運動員在第12s末恰好停在C點，故D正確。故選BD.AC【解析】【分析】【詳解

37、】A.根據牛頓第三定律得知千斤頂對汽車的支持力等于汽車對千斤頂的壓力， 為，故A正確；B.將汽車對千斤頂的壓力分解沿兩臂的兩個分力，根據對稱性可知兩臂受到的 壓力大小 解析：AC【解析】【分析】【詳解】A.根據牛頓第三定律得知千斤頂對汽車的支持力等于汽車對千斤頂的壓力，為 4.0 x104N.故 A 正確：B.將汽車對千斤頂的壓力/分解沿兩臂的兩個分力月，根據對稱性可知兩臂受到的壓力 大小相等，由ZKcosBn/7得F. =一-=4.0 x104N 1 2cos60故B錯誤：CD,繼續搖動把手，兩臂靠攏，夾角8減小，由=彳二分析可知，尸不變，當。減 2cos0小時，COS8增大，減小，故C正確

38、，D錯誤： 故選AC。BC【解析】【分析】 【詳解】A.最初系統靜止時，彈簧受到A的壓力，根據平衡條件有解得處于壓縮狀態，故A錯誤；BC. B木塊剛離開地面時，對B受力分析知，彈簧的彈力等于B的重力，根據 平 解析：BC【解析】 【分析】 【詳解】A.最初系統靜止時，彈簧受到八的壓力，根據平衡條件有F】=kXi= mg 解得X, =0.1m = 10cm 處于壓縮狀態，故A錯誤：BC. 8木塊剛離開地面時，對8受力分析知，彈簧的彈力等于8的重力，根據平衡條件有 F2=kx2= mg解得x2 =O.Im = 10cm故BC正確：D.由上分析可知，初狀態和末狀態的形變量相等，所以彈簧的彈力大小相等

39、，故D錯 誤。故選BCOABD【解析】【分析】【詳解】A.在。tO時間傘兵做勻加速直線運動，加速度不變，tO3to時間內圖線的 斜率逐漸減小，則加速度逐漸減小。故A正確；B.設降落傘和傘兵的總質量為m,所受的阻解析：ABD【解析】【分析】【詳解】A.在00時間傘兵做勻加速直線運動，加速度不變，to3t。時間內圖線的斜率逐漸減 小，則加速度逐漸減小。故A正確：B.設降落傘和傘兵的總質量為m,所受的阻力為f加速度大小為。，根據牛頓第二定律 得f-mg=ma解得f=mg+ma。逐漸減小，則阻力,也逐漸減小。即降落傘和傘兵所受的阻力越來越小。故B正確：C.在t。3t。的時間內，假設傘兵做勻減速直線運動

40、，圖象為直線，其平均速度為2根據“而積”等于位移可知，勻減速直線運動的位移大于傘兵實際運動的位移，則平均速度 心山2故C錯誤：D.第一個傘兵在空中打開降落傘時的速度比第二個傘兵跳下時速度大，所以兩者距離逐 漸變大，后來第二個人的速度大于第一個跳傘運動員時，兩者距離又減小，即他們在空中 的距離先增大后減小。故D正確。故選ABD,三、實驗題27 . AD 0.43m/s2實驗前未平衡摩擦力（或平衡摩擦力不充分）R(m,s-2)圖線為一條過原點的直線，表明在合外力一定時，加4。R(m,s-2)圖線為一條過原點的直線，表明在合外力一定時，加4。速度跟質量成反比【解析】【分析】根據實驗的原理以及操作中的

41、注意事項確定正確的操作步驟：據x=a計算加速度的大 小。【詳解】使牽引木塊的細繩與長木板保持平行可以保證拉力穩定，否則對小車的拉力只是繩子拉 力的分力，故A正確；平衡摩擦力時，不能將裝有硅碼的硅碼桶通過定滑輪拴在木塊上， 故B錯誤：實驗時應先接通電源，再釋放紙帶，故C錯誤；通過增減木塊上的硅碼改變質 量時，不需要重新調節木板傾斜度，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。由逐差法x=a，可求小車的加速度：，=（6.50-2.40）-（2.40-0）/?/? = 04/? 04T24x0.12圖線沒有過原點，與F軸有交點，說明實驗前沒有平衡小車的摩擦力（或平衡摩擦力不充 分）.根據數據在坐標紙上畫出。

42、-圖線如圖所示: m由圖可知，圖線為一條過原點的直線，表明在合外力一定時，加速度跟質量成反比。28 . A C 0.810 C【解析】【分析】（1）研究加速度跟力和質量的關系，采用控制變量法：（2）平衡摩擦力時應取下砂桶，調整木板右端高度，輕推小車，小車能夠沿木板做勻速直線運動即可，實驗過程中改變小車質量時不需要重新平衡摩擦力;（3）根據逐差法，計算小車的加速度即可，注意有效數字：（4）應用牛頓第二定律分析實驗誤差，然后答題：【詳解】（1）為了研究加速度跟力和質量的關系，應該采用的研究實驗方法是控制變量法，故選項 A正確，BCD錯誤；（2）平衡摩擦力時，取下砂桶，將紙帶連接在小車上并穿過打點計

43、時器，調節滑輪高度使 細線與木板平行，將木板不帶定滑輪的一端適當墊高，輕推小車，使小車做勻速直線運 動，故C正確，ABD錯誤：（3）相鄰兩計數點間還有四個計時點未畫出，計數點間的時間間隔為：T = 0.02x5s = 0.1s根據逐差法，小車的加速度為：a =再+ 八4-= 5.2（）七、9k 4.3 尸 57 乂 10-2 帆 / / = 0 2x2 尸2x2x0.（4）隨著-增大，小車質量在減小，因此小車質量不再滿足遠大于砂和小砂桶的質量， M加速度不可能一直均勻增大，加速度的增大幅度將逐漸減小，最后趨近與定值g，故ABD 錯誤，C正確.【點睛】考查了控制變量法的內容，知道實驗原理，與操作

44、注意事項，會根據實驗原理分析分析為 什么要平衡摩擦力和讓小車的質量M遠遠大于小桶（及硅碼）的質量m,若不滿足質量之 間的關系，圖像會發生彎曲.29.“發射器”勻速直線運動向左的繩子的拉力，向右的滑動摩擦力0.5 0.83 【解析】【詳解】田根據位移傳感器原理可知，小車上安裝的是位移傳感器的發射器”：（2乂2以一/圖像出現一條水平直線時，表明小車做勻速直線運動 網小車水平方向向左的繩子拉力，運動過程中受到向右的摩擦力； 根據牛頓第二定律得F - =ma得F f a m m圖線的斜率表示質量的倒數，則_1_ =m 2.5 得? = 0.83kg因為F=0.5N時，加速度為零，解得/ = 0.5N3

45、0.85 5.0拉力F（沙和沙桶的總質量）小車質量例平衡摩擦力過度 【解析】【分析】【詳解】利用勻變速直線運動的推論得2x0.022小車的加速度為（2）3該同學要探究小車的加速度a和質量M的關系，應該保持細線對車的拉力F不變：若該同學要探究加速度。和拉力F的關系，應該保持小車的質量M不變（3乂5圖中當F=0時，80,也就是說當繩子上沒有拉力時，小車的加速度不為0,說明小車 的摩擦力小于重力的分力，所以原因是實驗前木板右端墊得過高即平衡摩擦過度.速度較小的勻速直線運動速度較大的勻速直線運動加速直線運動減速直線運動【解析】【分析】【詳解】X因點與點時間間隔相等，根據點與點間距，結合y =,則有：由題目中圖可知，a、點與