1、2022-2023學年高一上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖，滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零對于

2、該運動過程，若用h、s、v、a分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示時間，則下列圖象最能正確描述這一運動規律的是（ ）ABCD2、甲、乙兩物體所受重力之比為1：4，甲、乙兩物體所在的位置高度之比為4：1，它們都做自由落體運動，則下列說法中正確的是( )A落地時的速度之比是2：1B從開始下落到著地的平均速度之比是4：1C下落過程中加速度之比是1：4D從開始下落到著地所用時間之比為16：13、在輕繩的兩端各系著一個小球，一人用手拿著繩上端的小球，站在三樓的陽臺上，放手后兩小球自由下落，兩小球相繼落地的時間差為t；如果人站在四樓的陽臺上，同樣放手讓小球自由下落，兩球相繼落地的時間差

3、為t，則t與t相比較有( )AttD無法判斷4、下列說法中正確的是（ ）A加速度很大，說明速度一定很大B加速度很大，說明速度的變化一定很大C加速度很大，說明速度的變化一定很快D物體的速度為零，加速度也一定為零5、下列說法正確的是（）A物體的速度改變量大，其加速度一定大B物體有加速度時，速度就增大C物體的加速度大，速度一定大D物體的速度變化率大，加速度一定大6、酒后駕駛會導致許多安全隱患，是因為駕駛員的反應時間變長，反應時間是指駕駛員從發現情況到采取制動的時間下表中“思考距離”是指駕駛員從發現情況到采取制動的時間內汽車行駛的距離，“制動距離”是指駕駛員從發現情況到汽車停止行駛的距離（假設汽車制動

4、時的加速度大小都相同）分析下表可知，下列說法正確的是（ ）A駕駛員酒后反應時間比正常情況下多0.6sB若汽車以的速度行駛時，發現前方42m處有險情，酒后駕駛不能安全停車C汽車制動時，加速度大小為D表中x為69.27、在平直公路上行駛的甲、乙、丙三車，其x-t圖象分別為圖中直線a、曲線b、曲線c，t3s時，直線a和曲線c相交，直線a和曲線b剛好相切，已知乙車的加速度恒定且為1ms1下列說法正確的是（ ）At3s時，甲、乙、丙三車速度相等Bt3s時，甲、乙、丙三車相遇（即剛好并排行駛）Ct0s時，甲、乙兩車間的距離為7mD前3s內，甲、乙、丙三車的平均速度vbvcva8、如圖所示，一光滑球放在斜面

5、和豎直擋板之間當保持擋板豎直，斜面傾角由圖中角度逐漸減為零的過程中，下列關于球受力的說法正確的是A斜面的彈力逐漸減小B斜面的彈力先減小后增大C擋板的彈力逐漸減小D擋板的彈力先增大后減小9、物體以 20m/s 的初速度做豎直上拋運動，空氣阻力忽略不計，g 取 10 m/s2，則( )A經 2s 物體上升到最高點B物體上升的最大高度為 40mC物體上升階段的平均速度為 10m/sD拋出后 1s 末物體位于拋出點和最高點的中間位置10、甲、乙兩物體分別從10m和20m高處同時自由落下，不計空氣阻力，下面描述正確的是（）A落地時甲的速度是乙的倍B落地的時間甲是乙的倍C下落1s時甲的速度與乙的速度相同D

6、甲、乙兩物體在最后1s內下落的高度相等二、實驗題11、（4分）某同學在探究力的合成的平行四邊形法則的實驗中，利用圖釘、平板、橡皮條、彈簧秤及鉛筆刻度尺進行有關實驗，(1)圖中B測力計的示數為_N。（本實驗用的彈簧測力計示數的單位為N）(2)為了使實驗能夠順利進行，且盡可能減小誤差，正確的做法是_A用彈簧測力計拉細繩時，兩細繩的夾角要盡量小B用彈簧測力計拉細繩時，拉力應沿彈簧的軸線，且與水平木板平行C用彈簧測力計拉細繩時，彈簧測力計示數應盡可能大一些D細繩的長度應適當長一些(3)某同學在做實驗時，完成了以下三個實驗步驟為：在水平放置的木板上固定白紙，橡皮條一端固定在板上，另一端拴兩根細繩，通過細

7、繩同時用兩個測力計互成角度地拉橡皮條，使它與細繩的結點到達某一位置O，在白紙上記下O點和兩測力計的讀數F1和F2. 只用一只測力計通過細繩拉橡皮條，使它的伸長量與用兩測力計拉時相同，記下此時測力計的讀數F和細繩的方向在紙上根據F1和F2的大小和方向，應用平行四邊形定則作圖求出合力，并與中的F進行比較研究.請指出以上步驟中有錯誤或疏漏的地方：_；_。12、（10分）某同學用圖甲裝置完成“探究小車速度隨時間變化規律”實驗，打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上。圖乙是實驗中該同學得到的一條清晰紙帶，紙帶上各相鄰計數點間還有4個計時點未畫出。數據處理時，該同學將計數點0作為計時開始的點，測出其余各

8、點到0點的距離x，記錄在下表中。 計數點0123456t/s00.10.20.30.40.50.6x/cm01.403.305.708.6012.0015.90（1）打點計時器打下點4時小車的瞬時速度v4=_m/s。（結果保留3位有效數字）（2）小車的加速度為a =_ m/s2。（結果保留2位有效數字）參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】CD、由題意知，在下滑的過程中，根據牛頓第二定律可得：，故加速度保持不變，物塊做勻減速運動，

9、所以C、D錯誤；B、根據勻變速運動的規律，可得B正確；A、下降的高度，所以A錯誤2、A【解析】自由落體運動的加速度為g，根據求出落地的速度之比，根據求解時間之比；【詳解】A、甲、乙兩個物體都做自由落體運動，根據得，落地時的速度之比是，故A正確；B、根據平均速度可得，從開始下落到著地的平均速度之比是，故B錯誤；C、甲、乙兩個物體都做自由落體運動，加速度都為g，與重力無關，故C錯誤；D、根據得，從開始下落到著地所用時間之比為，故D錯誤；故選A。【點睛】關鍵是明確自由落體運動的運動性質，然后靈活地選擇運動學公式列式求解即可。3、A【解析】不論放在三樓陽臺釋放還是放在四樓陽臺釋放，一球落地后，另一球運

10、動的位移相等，根據L=，求出兩球落地的時間差的變化設細線的長度為L，第一個小球著地后，另一個小球運動的位移為L，在L內運行的時間，即為兩球落地的時間差，第一個球著地的速度為另一個小球在位移L內的初速度高度越高，落地的速度越大，知高度越高，另一個小球在位移L內的初速度越大，根據L=v0t+，初速度越大，時間越短所以tt故A正確，B、C、D錯誤4、C【解析】火箭升空瞬間，加速度很大，但是瞬時速度很小，A錯誤；加速度很大，則速度變化很快，但速度變化不一定大，跟所用時間有關系，B錯誤C正確；豎直上拋運動，在最高點，速度為零，但加速度不為零，D錯誤5、D【解析】A、根據a=vt知，速度變化量大，加速度不

11、一定大，故A錯誤；B、物體有加速度，速度不一定增大，若加速度方向與速度方向相反，物體做減速運動，故B錯誤；C、物體的加速度大，速度變化率大，但是速度不一定大，故C錯誤；D、物體的加速度等于速度的變化率，速度變化率大，加速度一定大，故點睛：解決本題的關鍵知道加速度的物理意義，掌握判斷物體做加速運動還是減速運動的方法，關鍵看加速度的方向與速度方向的關系。6、ABD【解析】試題分析：思考距離是在人反應過程中行駛的，故做的勻速直線運動，由速度公式可求得司機的反應時間；司機的制動距離取決于司機的反應時間和剎車距離，由表中數據可得出能否安全停車由速度和位移關系可求得加速度正常反應時間為，而酒后反應時間為，

12、所以駕駛員酒后反應時間比正常情況下多0.6s，A正確；若汽車以的速度行駛時，酒后駕車的制動距離為48.7m，大于42m，所以不能按期停車，B正確；汽車的以20m/s運行時，剎車距離為；由得，C錯誤；酒后開車時多出來的距離是因為人的反應時間造成的，由表中數據可知，思考距離多了15m； 則人酒后以25m/s的速度行駛時，x=15+54.2=69.2m，D正確7、BD【解析】x-t圖線的切線斜率表示瞬時速度，分析三車的位移關系、速度關系【詳解】A、B項：t=3s時，圖線相交，表示甲、乙、丙三車相遇，而不是速度相等，故A錯誤；C、D項：直線a和曲線b剛好相切，表明甲、乙現兩車此時在離坐標原點距離相等且

13、速度相等， ，解得：乙車的初速度為，前3s內，乙車位移為：，解得，即時刻，乙車在距坐標原點負方向7m處，甲、乙兩車距離，故C錯誤，因甲、丙兩車位移相等，乙車位移大，故D正確【點睛】解決本題的關鍵知道位移時間圖線切線斜率表示瞬時速度8、AC【解析】以小球為研究對象，分析受力情況，作出受力分析圖，由平衡條件求得斜面對球的支持力大小和擋板對小球的支持力，即可得解；【詳解】以小球為研究對象，分析受力情況，作出受力分析如圖：由平衡條件得斜面對球的支持力大小F2=mgcosmg，故當減小時F2逐漸減小；擋板對小球的彈力F1=mgtan【點睛】本題關鍵是對小球受力分析，然后根據平衡條件并運用函數法分析，也可

14、以用圖解法。9、AC【解析】物體豎直上拋后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物體的運動看成一種勻減速直線運動，由速度關系公式求出最大位移；由速度時間公式求出運動時間；根據求平均速度【詳解】A根據速度時間公式可得物體上升到最高點的時間為：，故A正確；B由速度關系公式可得最大位移為：，故B錯誤；C物體上升階段的平均速度為：，故C正確；D拋出后 1s 末物體位移為：，結合以上可知拋出后 1s末物體不是位于拋出點和最高點的中間位置，故D錯誤所以AC正確，BD錯誤【點睛】豎直上拋運動的上升過程是勻減速運動，根據運動學公式直接列式求解即可10、ABC【解析】A根據可知，落地時甲的速度是乙速度的倍，故

15、A正確；B根據，落地的時間甲是乙的倍，故B正確；C根據v=gt可知，下落1s時甲的速度與乙的速度都為10m/s，相同，故C正確；D甲乙兩物體下落的時間不同，最后一秒的初速度不同，所以最后1s下落的距離不相等，故D錯誤；故選ABC。二、實驗題11、 3.6 BD 應同時記下兩力的方向 應拉長到同一點O【解析】(1) 測力計的分度值是0.2N，不要求估讀到分度值的下一位，指針指在3.6的位置，測力計的讀數為3.6N；(2) 為了使實驗能夠順利進行，且盡可能減小誤差,應該用彈簧測力計拉細繩時，拉力應沿彈簧的軸線，且與水平木板平行，細繩的長度應適當長一些，兩細繩的夾角不要求，故BD正確，AC錯誤；故選BD。(3) 實驗步驟為: 在水平放置的木板上固定白紙，橡皮條一端固定在板上，