1、2022-2023學年江西省九江市瑞昌高級中學高三物理聯考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 如圖所示，在半徑為0.2m的固定半球形容器中，一質量為1kg的小球（可視為質點）自邊緣上的A點由靜止開始下滑，到達最低點B時，它對容器的正壓力大小為15N取重力加速度為g=10m/s2，則球自A點滑到B點的過程中克服摩擦力做的功為（）A0.5 JB1.0 JC1.5 JD1.8 J參考答案：C【考點】動能定理的應用；向心力【分析】小球在B點豎直方向上受重力和支持力，根據合力提供向心力求出B點的速度，再根據動能定理求出摩擦力所做的功【解答】解：在B

2、點有：得A滑到B的過程中運用動能定理得：，得： =0.2（1530）=1.5 J所以球自A點滑到B點的過程中克服摩擦力做的功為1.5 J故C正確，ABD錯誤故選：C2. 如圖所示，一質量為2kg的物體放在光滑的水平面上，原處于靜止狀態，現用與水平方向成60角的恒力F=10N作用于物體上，歷時5s，則（ ） A力F對物體的沖量大小為50Ns B力F對物體的沖量大小為25NsC物體的動量變化量為25kgm/s D物體所受重力的沖量大小為0參考答案：AC3. （多選）如圖甲所示，在升降機的頂部安裝了一個能夠顯示彈簧拉力的傳感器，傳感器下方掛上一輕質彈簧，彈簧下端掛一質量為m的小球，若升降機在運行過程

3、中突然停止，并以此時為零時刻，在后面一段時間內傳感器顯示彈簧彈力F隨時間t變化的圖象如圖所示，g為重力加速度，則（）A升降機停止前在向上運動B0t1時間小球處于失重狀態，t1t2時間小球處于超重狀態Ct1t3時間小球向下運動，動能先增大后減小Dt3t4時間彈簧彈性勢能變化量大于小球動能變化量參考答案：【知識點】 牛頓第二定律；超重和失重；動能和勢能的相互轉化C2 C3【答案解析】ACD 解析：A、由圖象看出，t=0時刻，彈簧的彈力為mg，升降機停止后彈簧的拉力變小，合力向下，升降機可能向下加速，也可能向上減速；若向下加速，彈力減小，加速度增大，根據對稱性可知，最低點的拉力就大于2mg，由圖知不

4、可能，故升降機停止前在向上運動故A正確B、0t1時間拉力小于重力，小球處于失重狀態，t1t2時間拉力也小于重力，小球也處于失重狀態故B錯誤C、t1時刻彈簧處于原長狀態，t1t3時間小球向上運動，t3時刻小球到達最高點，彈簧處于伸長狀態，拉力小于重力，小球所受的合力方向向下，與速度方向相反，速率減小，動能減小故C正確D、t3t4時間，小球向下運動，重力做正功，彈簧勢能減小，動能增大，根據系統機械能守恒得知，彈簧彈性勢能變化量小于小球動能變化量故D正確故選ACD 【思路點撥】由圖象看出，升降機停止后彈簧的拉力變小，小球向上運動，說明升降機停止前在向上運動根據拉力與重力的大小關系確定小球處于失重狀態

5、還是超重狀態拉力小于重力，小球處于失重狀態；拉力大于重力，小球處于超重狀態t1t3時間小球向上運動，t3時刻小球到達最高點，彈簧處于伸長狀態，速率減小，動能減小t3t4時間，小球重力做功為零根據系統機械能守恒分析彈簧彈性勢能變化量與小球動能變化量的關系本題要根據圖象分析小球的運動狀態，根據拉力與重力的大小關系確定小球處于失重狀態還是超重狀態根據系統機械能守恒分析能量如何變化4. （多選題）如圖所示，光滑絕緣斜面傾角=30，底部固定一個帶電體P另外一個質量為m的帶電小球在其上方的斜面上做往復運動已知P、Q之間的最大距離為4L，最小距離為L帶電小球Q所受的電場力為取無窮遠處為電勢零點，帶電小球Q所

6、具有的電勢能為，其中x為兩個小球的間距，k為大于零的未知常量，重力加速度為g，則在小球Q的運動過程中（）A當P、Q之間的距離為2.5L時，帶電小球Q的速度最大B當P、Q之間的距離為2L時，帶電小球Q的速度最大C帶電小球Q的最大速度為D帶電小球Q的最大速度為參考答案：BC【考點】電勢能【分析】帶電小球在運動過程中，動能電勢能，重力勢能相互轉化，總能量不變，利用能量守恒即可判斷【解答】解：A、以小球P處為重力勢能的零點，帶電小球Q所具有的電勢能E=，而重力勢能為：EP=mgxsin，小球從最高點到最低點的過程中：mg（4LL）sin= 整理得：系統的總能量：當小球的速度最大時，聯立，結合二項式定理

7、可知，當有最小值時，速度最大，即當：mgxsin=時速度最大，則：x=2L時速度最大，為：故BC正確，AD錯誤；故選：BC5. 一列簡諧橫波沿x軸傳播，某時刻它的波形如圖甲所示。經過時間0.1s，這列波的波形如圖乙所示，則這列波的波速可能是A 12m/s B 24m/s C 36m/s D 48m/s參考答案：AC由圖象可知波的波長，由于波的傳播方向可能沿x軸正向也可能沿x軸負向，故有多解。二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 質量相等的兩輛汽車以相同的速度分別通過半徑皆為R的凸形橋的頂部與凹形橋底部時，兩橋面各受的壓力之比F1：F2= 。參考答案：7. 一電子以4106 m

8、/s的速度沿與電場垂直的方向從A點水平垂直于場 強方向飛入，并從B點沿與場強方向成150的方向飛出該電場，如圖所示，則A、B兩點的電勢差為_V(電子的質量為9.11031 kg，電荷量為1.61019 C)參考答案：136.58. 一條懸鏈長7.2m，從懸點處斷開，使其自由下落，不計空氣阻力則整條懸鏈通過懸點正下方12.8m處的一點所需的時間是0.54s（g取10m/s2）參考答案：解：設鏈條的長度為L，懸鏈的下端到P點的距離是h，經t1鏈條的下端經過P點，則；經t2鏈條的上端經過P點，此時懸鏈的總位移是h+L，則：h+L=gt22，；整條懸鏈通過懸點正下方12.8m處的P點所需的時間：t=t

9、2t1=1.6s1.06s=0.54s；故答案為：0.54s9. 一個橫截面為矩形、粗細均勻的折射率為n的玻璃棒，被彎成如圖所示的半圓形狀，其內半徑為，玻璃棒橫截面寬為。如果一束平行光垂直于玻璃棒水平端面射入，并使之全部從水平端面射出，則與的最小比值為_。 參考答案：10. 模擬興趣小組為測一遙控電動小車的額定功率，進行了如下實驗：用天平測出電動小車的質量為0.4 kg；將電動小車、紙帶和打點計時器按如圖K269所示安裝；圖K269接通打點計時器(其打點周期為0.02 s)；使電動小車以額定功率加速運動，達到最大速度一段時間后關閉小車電源，待小車靜止時再關閉打點計時器(設小車在整個過程中所受的

10、阻力恒定)在上述過程中，打點計時器在紙帶上所打的部分點跡如圖K2610所示圖K2610請你分析紙帶數據，回答下列問題(計算結果取三位有效數字)：(1)該電動小車運動的最大速度為_m/s；(2)該電動小車被關閉電源后加速度大小為_m/s2；(3)該電動小車的額定功率為_W.參考答案：(1)1.880(1.881給分) (2分)； 1.044 (2分)(2 )1.00m/s，2.50m/s；5.25J，5.29J (每空2分)11. 從地面A處豎直上拋一質量為m的小球，小球上升到B點時的動能與小球上升到最高點后返回至C點時的動能相等，B點離地高度為，C點離地高度為空氣阻力f =0.1mg，大小不變

11、，則小球上升的最大高度為_；小球下落過程中從B點到C點動能的增量為_ 參考答案：4h ； 0.6mgh 12. 蛟龍號載人潛水艇是一艘由中國自行設計的載人潛水器2012年6月27日潛水深度7062.68m，這標志著我國具備了載人到達全球99%以上海域深處進行作業的能力潛水艇外殼是國產鈦合金做成的，呈雞蛋形狀，艙內空間約為80m3與外界導熱良好開始潛入時，艙內空氣（看成理想氣體）的壓強為latm，溫度為27，水深7062.68m處的溫度為4求：當蛟龍號載人潛水艇在水深7062.68m處停留足夠長的時間后，艙內氣體的壓強為多少atm；在上述過程中艙內氣體放熱（填“放熱”或“吸熱”）；從微觀的角度解

12、釋艙內壓強的變化：艙內空氣的體積不變，分子數密度不變，溫度降低，分子的平均動能減小，所以壓強降低參考答案：【考點】： 熱力學第一定律；理想氣體的狀態方程【專題】： 熱力學定理專題【分析】： 艙內空氣為等容變化，列出初態和末態的壓強和溫度，由查理定律求解艙內空氣看成理想氣體，其內能只跟溫度有關，根據溫度變化分析內能的變化，放熱還是吸熱氣體的壓強與分子的平均動能和分子數密度有關，根據氣體壓強微觀意義進行分析： 解：艙內空氣為等容變化，初態：p1=1atm，T1=300K；末態：p2=？，T1=277K由查理定律得：=代入數據解得：p2=1atm=0.92atm，在上述過程中艙內氣體的溫度降低，內能

13、減小，而體積不變，氣體不做功，由熱力學第一定律判斷得知，氣體放熱艙內空氣的體積不變，分子數密度不變，溫度降低，分子的平均動能減小，所以壓強降低答：艙內氣體的壓強為0.92atm放熱艙內空氣的體積不變，分子數密度不變，溫度降低，分子的平均動能減小，所以壓強降低【點評】： 對于氣體問題，往往是氣態方程和熱力學第一定律的綜合，關鍵要正確分析不變量，靈活選擇狀態方程13. 有兩顆人造地球衛星，它們的質量之比m1:m2=1:2，它們運行的線速度之比v1:v2=1:2那么它們運行的周期之比為 ，它們所受的向心力大小之比為 參考答案：8:11:32三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.

14、（1）為完成“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”的實驗，必須要選用的是_ 。A.有閉合鐵芯的原副線圈 B.無鐵芯的原副線圈 C.交流電源 D.直流電源 E.多用電表（交流電壓檔） F.多用電表（交流電流檔） 用匝數匝和匝的變壓器，實驗測量數據如下表，1.802.803.804.904.006.018.029.98根據測量數據可判斷連接電源的線圈是_ （填或）。參考答案： (1). ACE (2). 解：(1)變壓器的原理是互感現象的應用.是原線圈磁場的變化引起副線圈感應電流的變化，如果原線圈中通的是直流電源.則副線圈中不會有感應電流產生.題意為探究變壓器線圈兩端的電壓和匝數的關系.需要測量

15、電壓，所以需要一個測電壓的儀器，所以需要的器材有A、有閉合鐵芯的原副線圈；C交流電源; E多用電表交流電壓檔;故選ACE根據題意.電壓比與匝數比不相等.可知該變壓器為非理想變壓器，考慮到變壓器有漏磁鐵芯發熱、導線發熱等影晌判斷出 U2 為原線圈上電壓大小，則判斷出接電源的是.【點睛】本題主要考察探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系，若是理想變壓器則電壓之比應該等于匝數之比，但實驗數據表明電壓之比不等于匝數之比，則說明此變壓器有漏磁現象，根據電壓之間的關系找到應該接電源。15. 電阻是電學元件的重要特性之一，某實驗小組同學用伏安法測量一電學元件的阻值R。所用實驗儀器：電壓表（內阻約為50k）、電

16、流表（內阻約為40）、滑動變阻器（阻值020）、電源、待測電阻R（200300）、電鍵及導線若干。（1）圖中的6個點表示該組同學在實驗中測得的6組電流I、電壓U的值，試寫出根據此圖求R的主要步驟： 、 . 求出的電阻值R= 。（保留3位有效數字） （2）畫出測量R的實驗電路圖。(畫在答題卷相應方框內)參考答案：答案：（1）作UI直線，舍去左起第二點，其余5個點盡量靠近直線均勻分布在直線兩側。（2分）求該直線的斜率K，則R=K。（2分） (說明；按要點相應給分) 229（220240均為正確）。（2分） （2）實驗電路圖如圖（4分）（評分要點：滑動變阻器分壓接法2分；電流表外接法2分。電路中出現

17、其它錯誤，酌情扣分（如不畫電鍵扣1分）。 四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖17所示，在傾角30o的斜面上放置一段凹槽B，B與斜面間的動摩擦因數，槽內靠近右側壁處有一小物塊A(可視為質點)，它到凹槽左側壁的距離d0.10m。A、B的質量都為m=2.0kg，B與斜面間的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力，不計A、B之間的摩擦，斜面足夠長。現同時由靜止釋放A、B，經過一段時間，A與B的側壁發生碰撞，碰撞過程不計機械能損失，碰撞時間極短。取g=10m/s2。求：（1）物塊A和凹槽B的加速度分別是多大；（2）物塊A與凹槽B的左側壁第一次碰撞后瞬間A、B的速度大小；（3）從初始位置到物塊A與

18、凹槽B的左側壁發生第三次碰撞時B的位移大小。參考答案：見解析 （1）設A的加速度為a1，則mg sin?=ma1 ，a1= g sin?sin 30=5.0m/s21分設B受到斜面施加的滑動摩擦力f，則=10N，方向沿斜面向上 B所受重力沿斜面的分力=2.010sin30=10N，方向沿斜面向下因為，所以B受力平衡，釋放后B保持靜止，則凹槽B的加速度a2=01分 （2）釋放A后，A做勻加速運動，設物塊A運動到凹槽B的左內側壁時的速度為vA0，根據勻變速直線運動規律得 vA0=1.0m/s 1分 因A、B發生彈性碰撞時間極短，沿斜面方向動量守恒，A和B碰撞前后動能守恒，設A與B碰撞后A的速度為v

19、A1，B的速度為vB1，根據題意有 1分 1分解得第一次發生碰撞后瞬間A、B的速度分別為vA1=0，vB1=1.0 m/s 1分（3）A、B第一次碰撞后，B以vB1=1.0 m/s做勻速運動，A做初速度為0的勻加速運動，設經過時間t1，A的速度vA2與B的速度相等，A與B的左側壁距離達到最大，即vA2=，解得t1=0.20s設t1時間內A下滑的距離為x1，則解得x1=0.10m因為x1=d， 說明A恰好運動到B的右側壁，而且速度相等，所以A與B的右側壁恰好接觸但沒有發生碰撞。1分設A與B第一次碰后到第二次碰時所用時間為t2， A運動的距離為xA1，B運動的距離為xB1，A的速度為vA3，則xA

20、1=，xB1=vB1t2，xA1= xB1解得t2=0.40s ，xB1=0.40m，vA3=a1t2=2.0m/s 1分第二次碰撞后，由動量守恒定律和能量守恒定律可解得A、B再次發生速度交換，B以vA3=2.0m/s速度做勻速直線運動，A以vB1=1.0m/s的初速度做勻加速運動。用前面第一次碰撞到第二次碰撞的分析方法可知，在后續的運動過程中，物塊A不會與凹槽B的右側壁碰撞，并且A與B第二次碰撞后，也再經過t3= 0.40s，A與B發生第三次碰撞。1分設A與B在第二次碰后到第三次碰時B運動的位移為xB2，則 xB2=vA3t3=2.00.40=0.80m； 設從初始位置到物塊A與凹槽B的左內側壁發生第三次碰撞時B的位移大小x，則x= xB1+ xB2=0.40+0.80=1.2m 1分17. 如圖所示，在距水平地面高的水平桌面一端的邊緣放置一個質量的木塊，桌面的另一端有一塊質量的木塊以初速度開始向著木塊滑動，經過時間與發生碰撞，碰后兩木塊都落到地面上。木塊離開桌面后落到地面上的點。設兩木塊均可以看作質點，它們的碰撞時間極短