1、2016年黑龍江省哈爾濱一中高考物理二模試卷一、選擇題（本題共 8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選 項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確）1.如圖所示，一條細(xì)繩跨過定滑輪連接兩個(gè)小球A、B,它們都穿在一根光滑的豎直桿上，不計(jì)繩與滑輪間的摩擦， 當(dāng)兩球平衡時(shí) OA繩與水平方向的夾角為 2。，OB繩與水平方向的 TOC o 1-5 h z 夾角為0,則球A、B的質(zhì)量之比為（）A. 1： 2cos 0 B. tan 0： 1 C. 2cos 0: 1 D, 1： 2sin 02.如圖所示，斜面上有 a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)，ab=bc=cd.從a點(diǎn)正上方的O點(diǎn)以速度v水平拋出一個(gè)小球，它

2、落在斜面上b點(diǎn).若小球從O點(diǎn)以速度2V水平拋出，不計(jì)空氣阻力，則它落在斜面上的（）A. b與c之間某一點(diǎn) B . c點(diǎn)C. c與d之間某一點(diǎn) D. d點(diǎn).某研究小組成員設(shè)計(jì)了一個(gè)如圖所示的電路，已知純電阻R的阻值不隨溫度變化.與 R并聯(lián)的是一個(gè)理想的交流電壓表， D是理想二極管（它的導(dǎo)電特點(diǎn)是正向電阻為零， 反向電 阻為無窮大）.在A、B間加一交流電壓，瞬時(shí)值的表達(dá)式為 u=20&sin100疝（V）,則交流 電壓表示數(shù)為（）A. 10V B. 20V C. 15V D. 14.1 V.假設(shè)在宇宙中存在這樣三個(gè)天體A、B、C,它們?cè)谝粭l直線上，天體 A離天體B的高度為某值時(shí)，天體 A和天體B就

3、會(huì)以相同的角速度共同繞天體C運(yùn)轉(zhuǎn)，且天體 A和天體B繞天體C運(yùn)動(dòng)的軌道都是圓軌道，如圖所示，以下說法正確的是（）A.天體 B.天體 C.天體 D.天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大于天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的速度小于天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大于天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力等于天體B做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度B做圓周運(yùn)動(dòng)的速度C對(duì)它的萬有引力C對(duì)它的萬有引力5.用水平力F拉著一物體在水平地面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從 時(shí)間均勻減小，到ti時(shí)刻F減小為零.則物體所受的摩擦力t=0時(shí)刻起水平力F的大小隨Ff隨時(shí)間t變化圖象可能是下列圖中（6.環(huán)形對(duì)撞機(jī)是研究高能粒子的重要裝置，其工作原理的示意圖如圖所示，正、負(fù)離子由靜止經(jīng)過電壓為

4、U的直線加速器加速后，沿圓環(huán)切線方向射入對(duì)撞機(jī)的真空環(huán)狀空腔內(nèi)， 環(huán)形對(duì)撞機(jī)是研究高能粒子的重要裝置，其工作原理的示意圖如圖所示，正、負(fù)離子由靜止經(jīng)過電壓為U的直線加速器加速后，沿圓環(huán)切線方向射入對(duì)撞機(jī)的真空環(huán)狀空腔內(nèi)，空腔 內(nèi)存在著與圓環(huán)平面垂直的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B.兩種帶電粒子將被局限在環(huán)狀空腔內(nèi)，沿相反方向做半徑相等的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從而在碰撞區(qū)迎面相撞. 為維持帶電粒子在環(huán)狀空腔中的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是（）Uk4KA.對(duì)于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷上越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B越大nB.對(duì)于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B越小nC.對(duì)于給定的帶電粒子

5、，加速電壓U越大，粒子運(yùn)動(dòng)的周期越小D.對(duì)于給定的帶電粒子，不管加速電壓 U多大，粒子運(yùn)動(dòng)的周期都不變.如圖1所示，物體以一定初速度從傾角妹37。的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為3.0m.選擇地面為參考平面，上升過程中，物體的機(jī)械能E機(jī)隨高度h的變化如圖2所示.g=10m/s2, sin37 =0.60 , cos37 =0.80.貝U （）A ,物體的質(zhì)量 m=0.67kg.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)尸0.402C.物體上升過程的加速度大小a=10m/sD.物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能Ek=10J8.質(zhì)量為m的帶電小球由空中某點(diǎn)A無初速度地自由下落，在 t秒末加上豎直方向且范圍足夠大的勻

6、強(qiáng)電場，再經(jīng)過t秒小球又回到A點(diǎn).整個(gè)過程中不計(jì)空氣阻力且小球從未落地， 則（）A.勻強(qiáng)電場方向豎直向上.從加電場開始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，小球動(dòng)能變化了mg2t2C.整個(gè)過程中小球電勢(shì)能減少了2mg2t2D.從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中，小球重力勢(shì)能變化了-|mg2t2二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.（一）必考題.某探究小組設(shè)計(jì)了 用一把尺子測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù) ”的實(shí)驗(yàn)方案.如圖示，將一個(gè)小球和一 個(gè)滑塊用細(xì)繩連接，跨在斜面上端.開始時(shí)小球和滑塊均靜止， 剪短細(xì)繩后，小球自由下落， 滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，保持小球和滑塊釋放的位置不變，調(diào)整擋板位置，重復(fù)以

7、上操作，直到能同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音.用 刻度尺測(cè)出小球下落的高度 H、滑塊釋放點(diǎn)與擋板處的高度差h和沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移 x.（空氣阻力對(duì)本實(shí)驗(yàn)的影響可以忽略） 滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的加速度與重力加速度的比值為 .滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 . 以下能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是 .a.滑塊的質(zhì)量b.當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮.長度測(cè)量時(shí)的讀數(shù)誤差d.小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí).10.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)如下電路圖來測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻.其中待測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)約為 2V,內(nèi)阻比較小；所用電壓表量程為3V、內(nèi)阻很大.C?)按實(shí)驗(yàn)電路圖在圖（2）中連接實(shí)物圖.先將電阻箱電阻調(diào)至如圖（3）所示，則其電阻讀數(shù)為 .閉

8、合開關(guān)S,將S1 打到b端，讀出電壓表的讀數(shù)為 1.10V；然后將Si打到a端，此時(shí)電壓表讀數(shù)如圖（4）所 示，則其讀數(shù)為 .根據(jù)以上測(cè)量數(shù)據(jù)可得電阻 Ro=Q （計(jì)算結(jié)果 保留兩位有效數(shù)字）.將Si打到b端，讀出電阻箱讀數(shù) R以及相應(yīng)的電壓表讀數(shù) U,不斷調(diào)節(jié)電阻箱 R,得到多組R值與相應(yīng)的U值，作出工圖如圖5所示，則通過圖象可以得到該電源的電動(dòng)勢(shì)I EE=V,內(nèi)阻r=Q (計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字.)11.如圖所示，長L=9m的傳送帶與水平方向的傾角為37,在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下以 V=4m/s的速率順時(shí)針方向運(yùn)行，在傳送帶的B端有一離傳送帶很近的擋板P可將傳送帶上的物塊擋住，在傳送帶的 A端無

9、初速地放一質(zhì)量 m=1kg的物塊，它與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)戶0.5,物塊與擋板的碰撞能量損失及碰撞時(shí)間不計(jì).(sin 0=0.6, cos 9=0.8, g=10m/s2)求：(1)物塊從A處第一次滑到P處的過程中，物塊與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量？12.如圖所示為一個(gè)平面直角坐標(biāo)系(2)物塊與擋板 P第一次碰撞后，上升到最高點(diǎn)時(shí)到擋板P的距離？xoy.在第I象限中，取一個(gè)與兩個(gè)坐標(biāo)軸相切的圓,圓心為點(diǎn)D,切點(diǎn)為A、B,圖中只畫出圓的四分之一.在第H、出象限過 M點(diǎn)有一條垂直 x軸的虛線，其左側(cè)固定兩帶電平行金屬板 P、Q,兩板間距離為d,其中心軸線與x軸重合， 板右端有擋板，只在中心軸上開

10、有小孔.在平面直角坐標(biāo)系xoy的整個(gè)空間區(qū)域中(設(shè)為真 空)存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向里 (圖中沒有畫出)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 B .在 平行板內(nèi)x軸上的S點(diǎn)，有一個(gè)能沿x軸正向發(fā)射相同速度粒子的粒子源， 粒子的質(zhì)量為 m、 電荷量為q (不計(jì)粒子的重力).當(dāng)調(diào)節(jié)PQ兩板間的電壓為 U1時(shí)，粒子打到擋板上距 P極板為的N點(diǎn)，當(dāng)調(diào)節(jié)PQ兩板間的電壓為 U2時(shí)，粒子沿x軸從小孔M點(diǎn)射出.從小孔 M射出的粒子，在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)恰好經(jīng)過AB段圓弧白中點(diǎn) C,且OM=OB (忽略電磁場間的相互影響).求：(1)粒子打到 N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ek；(2)圓弧ACB的半徑R.o J（二）選考題【物理-選

11、彳3-3】13.下列說法正確的是（）A .氣體的內(nèi)能是所有分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子間的勢(shì)能之和B.液晶的光學(xué)性質(zhì)不隨所加電場的變化而變化C.功可以全部轉(zhuǎn)化為熱，但熱量不能全部轉(zhuǎn)化為功一定量的氣體，在體積不變時(shí)，分子每秒平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而減小一定量的氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對(duì)器壁單位面積平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而 增加14.如圖，一根粗細(xì)均勻的細(xì)玻璃管開口朝上豎直放置，玻璃管中有一段長為 h=24cm的水 銀柱封閉了一段長為 X0=23cm的空氣柱，系統(tǒng)初始溫度為T0=200K,外界大氣壓恒定不變?yōu)镻0=76cmHg.現(xiàn)將玻璃管開口封閉，將系統(tǒng)溫度升至T=400K ,結(jié)果發(fā)現(xiàn)管中水銀柱

12、上升了 2cm,若空氣可以看作理想氣體，試求：.升溫后玻璃管內(nèi)封閉的上下兩部分空氣的壓強(qiáng)分別為多少cmHg?.玻璃管總長為多少？【物理-選彳3-4】15.一列簡諧橫波沿 x軸正方向傳播，t時(shí)刻波形圖如圖所示， 此時(shí)波剛好傳到 P點(diǎn)，t+0.6s 時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示， a b、c、P、Q是介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)，則以下說法正確的是 （ ）1挈匚mA.這列波的波速可能為50m/sB.質(zhì)點(diǎn)a在這段時(shí)間內(nèi)通過白路程一定小于 30cmC.質(zhì)點(diǎn)c在這段時(shí)間內(nèi)通過的路程可能為60cmD.若T=0.8s,則當(dāng)t+0.5s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)b、P的位移相同E.若T=0.8s,當(dāng)t+0.4s時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，則質(zhì)點(diǎn) c的振動(dòng)方

13、程為y=0.1sin弓疝）（m）.在真空中有一正方體玻璃磚，其截面如圖所示，已知它的邊長為 d.在AB面上方有一 單色點(diǎn)光源S,從S發(fā)出的光線SP以60。入射角從AB面中點(diǎn)射入，當(dāng)它從側(cè)面AD射出時(shí), 出射光線偏離入射光線 SP的偏向角為30。，若光從光源S到AB面上P點(diǎn)的傳播時(shí)間和它 在玻璃磚中傳播的時(shí)間相等，求點(diǎn)光源S到P點(diǎn)的距離.【物理-選彳3-5】.下列說法正確的有（）A.普朗克曾經(jīng)大膽假設(shè)：振動(dòng)著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值e的整數(shù)倍，這個(gè)不可再分的最小能量值 &叫做能量子B. “粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù) a粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，這是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主 要依據(jù)之一C.由玻

14、爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要輻射一定頻率的 光子，同時(shí)電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大D.在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的 最大初動(dòng)能Ek越大，則這種金屬的逸出功 Wo越小E.在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時(shí)，把一部分動(dòng)量轉(zhuǎn)移給電子，因此,光子散射后波長變短18.如圖所示，在光滑的水平面上有兩個(gè)物塊，其質(zhì)量分別為M和m,現(xiàn)將兩物塊用一根輕質(zhì)細(xì)線拴接，兩物塊中間夾著一個(gè)壓縮的輕彈簧， 彈簧與兩物塊未拴接， 它們以共同速度V0在水平面上向右勻速運(yùn)動(dòng).某時(shí)刻細(xì)線突然被燒斷，輕彈簧將兩物塊彈開，彈開后物塊M恰好靜止.求彈

15、簧最初所具有的彈性勢(shì)能Ep.寸麻布廠廠77T777mT7T77/777TT777m7Tm77n7T7TT777i2016年黑龍江省哈爾濱一中高考物理二模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共 8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選 項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確）.如圖所示，一條細(xì)繩跨過定滑輪連接兩個(gè)小球A、B,它們都穿在一根光滑的豎直桿上，不計(jì)繩與滑輪間的摩擦， 當(dāng)兩球平衡時(shí) OA繩與水平方向的夾角為 2。，OB繩與水平方向的 夾角為依則球A、B的質(zhì)量之比為（）A. 1 ： 2cos 0 B. tan 0： 1 C. 2cos 0： 1 D. 1： 2sin 0【考點(diǎn)】共

16、點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力.【分析】分別對(duì)AB兩球分析，運(yùn)用合成法，用 T表示出A、B兩球的重力，同一根繩子上 的拉力相等，即繩子 AB兩球的拉力是相等的.【解答】 解：分別對(duì)AB兩球分析，運(yùn)用合成法，如圖：由幾何知識(shí)得：Tsin2 0=mAgTsin e=mBg故 mA： mB=sin2 0： sin （=2cos 0: 1,故 C 正確，ABD 錯(cuò)誤.故選：C2.如圖所示，斜面上有 a、b、c、d 拋出一個(gè)小球，它落在斜面上 b點(diǎn).它落在斜面上的（）四個(gè)點(diǎn)，ab=bc=cd.從a點(diǎn)正上方的O點(diǎn)以速度v水平 若小球從O點(diǎn)以速度2V水平拋出，不計(jì)空氣阻力，則A. b與c之間某一點(diǎn)

17、B . c點(diǎn)C. c與d之間某一點(diǎn) D. d點(diǎn)【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng).【分析】解答本題需要掌握：平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)并能靈活應(yīng)用，應(yīng)用相關(guān)數(shù)學(xué)知識(shí)求解，如假設(shè)沒有斜面的限制，將落到那點(diǎn)，有斜面和沒有斜面的區(qū)別在哪里.【解答】 解：過b做一條與水平面平行的一條直線，若沒有斜面，當(dāng)小球從O點(diǎn)以速度2v水平拋出時(shí)，小球?qū)⒙湓谖覀兯嬎骄€上 c點(diǎn)的正下方，但是現(xiàn)在有斜面的限制， 小球?qū)?落在斜面上的bc之間，故A正確，BCD錯(cuò)誤.故選A .3.某研究小組成員設(shè)計(jì)了一個(gè)如圖所示的電路，已知純電阻R的阻值不隨溫度變化.與 R并聯(lián)的是一個(gè)理想的交流電壓表，D是理想二極管（它的導(dǎo)電特點(diǎn)是正向電阻為零，反向電阻為無窮大）

18、.在A、B間加一交流電壓，瞬時(shí)值的表達(dá)式為u=20%5sin100疝（V）,則交流電壓表示數(shù)為（）A HA. 10V B. 20V C. 15V D. 14.1 V【考點(diǎn)】 正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率.【分析】交流電壓表示數(shù)為有效值，注意二極管的單向?qū)щ娦裕沟冒雮€(gè)周期內(nèi)Ri通路，另半個(gè)周期內(nèi)Ri斷路，從而利用熱效應(yīng)即可求解.【解答】解：二極管具有單向?qū)щ娦裕沟冒雮€(gè)周期內(nèi)Ri通路，另半個(gè)周期內(nèi) Ri斷路.在正半周內(nèi)，交流電的有效值為20V,2故一個(gè)周期內(nèi)的電阻發(fā)熱為Q=T,R解得：U=10 丁V=14.1V .故選：D4.假設(shè)在宇宙中存在這樣三個(gè)天體A、B、C,它們?cè)谝粭l直線上，

19、天體 A離天體B的高度為某值時(shí)，天體 A和天體B就會(huì)以相同的角速度共同繞天體C運(yùn)轉(zhuǎn)，且天體 A和天體B繞天體C運(yùn)動(dòng)的軌道都是圓軌道，如圖所示，以下說法正確的是（）A .天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大于天體B做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度B.天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的速度小于天體 B做圓周運(yùn)動(dòng)的速度C.天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大于天體 C對(duì)它的萬有引力D.天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力等于天體C對(duì)它的萬有引力【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】根據(jù)公式a=co2r,分析加速度的關(guān)系；由公式 v=cor,分析速度的關(guān)系；天體 A做 圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是由 B、C的萬有引力共同提供的.【解答】 解：A、由于天體A和天體B繞天體C

20、運(yùn)動(dòng)的軌道都是同軌道，角速度相同，由 a=co2r,可知天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度大于天體B做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度，故 A正確.B、由公式v= cor,可知天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大于天體 B做圓周運(yùn)動(dòng)的速度， 故B錯(cuò)誤. C、D、天體A做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是由B、C的萬有引力的合力提供的，大于天體C對(duì)它的萬有引力.故 C正確，D錯(cuò)誤.故選：ACt=0時(shí)刻起水平力F的大小隨 Ff隨時(shí)間t變化圖象可能是下.用水平力F拉著一物體在水平地面上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從 時(shí)間均勻減小，到ti時(shí)刻F減小為零.則物體所受的摩擦力列圖中（）【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；滑動(dòng)摩擦力；力的合成與分解的運(yùn)用.【分析】物體勻速運(yùn)

21、動(dòng)，拉力減小后，當(dāng)拉力減小到零時(shí)，有兩種情況：一是一直是滑動(dòng)摩擦力，一是先是滑動(dòng)摩擦力，后是靜摩擦力.從而即可求解.【解答】解：由題意可知，物體在勻速運(yùn)動(dòng)，從t=0時(shí)刻，拉力F開始均勻減小，ti時(shí)刻拉力減小為零，出現(xiàn)的摩擦力有兩種可能，一是當(dāng)拉力為零時(shí)，物體仍在滑動(dòng)，則受到的一直是滑動(dòng)摩擦力，即大小不變，故A正確；另一是當(dāng)拉力為零前，物體已靜止，則當(dāng)拉力為零時(shí)，則先是滑動(dòng)摩擦力，后是靜摩擦力，滑動(dòng)摩擦力大小不變，而靜摩擦力的大小與拉力相等，而此時(shí)拉力小于滑動(dòng)摩擦力大小，故D正確，BC錯(cuò)誤;故選：AD.環(huán)形對(duì)撞機(jī)是研究高能粒子的重要裝置，其工作原理的示意圖如圖所示，正、負(fù)離子由靜止經(jīng)過電壓為 U

22、的直線加速器加速后，沿圓環(huán)切線方向射入對(duì)撞機(jī)的真空環(huán)狀空腔內(nèi)， 環(huán)形對(duì)撞機(jī)是研究高能粒子的重要裝置，其工作原理的示意圖如圖所示，正、負(fù)離子由靜止經(jīng)過電壓為U的直線加速器加速后，沿圓環(huán)切線方向射入對(duì)撞機(jī)的真空環(huán)狀空腔內(nèi)，空腔 內(nèi)存在著與圓環(huán)平面垂直的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B.兩種帶電粒子將被局限在環(huán)狀空腔內(nèi)，沿相反方向做半徑相等的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從而在碰撞區(qū)迎面相撞. 為維持帶電粒子在環(huán)狀空腔中的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是（）A.對(duì)于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B越大nB.對(duì)于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B越小nC.對(duì)于給定的帶電粒子，加速電壓U

23、越大，粒子運(yùn)動(dòng)的周期越小D.對(duì)于給定的帶電粒子，不管加速電壓 U多大，粒子運(yùn)動(dòng)的周期都不變【考點(diǎn)】質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理.【分析】帶電粒子被加速后進(jìn)入勻強(qiáng)磁場區(qū)域，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式和周期公式判斷荷質(zhì)比與磁感強(qiáng)度的關(guān)系，周期和磁感強(qiáng)度的關(guān)系.【解答】解：A、B、環(huán)形空腔的半徑保持不變，當(dāng)電壓不變時(shí)，粒子進(jìn)入磁場的速度相同，根據(jù)帶電粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式：R=羽，荷質(zhì)比越大，B應(yīng)該越小，故 A錯(cuò)qE誤，B正確；C、D、當(dāng)帶電粒子確定后，加速電壓越大，粒子進(jìn)入磁場速度越大，荷質(zhì)比確定，所以磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)該越大，根據(jù)周期公式t=2?,可得磁感應(yīng)強(qiáng)度的增大會(huì)使周期變小

24、，故C正qB確，D錯(cuò)誤；故選：BC.如圖1所示，物體以一定初速度從傾角行37。的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為3.0m.選擇地面為參考平面，上升過程中，物體的機(jī)械能 E機(jī)隨高度h的變化如圖2 所示.g=10m/s2, sin37 =0.60 , cos37 =0.80.貝U ()A ,物體的質(zhì)量 m=0.67kg.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)尸0.402C.物體上升過程的加速度大小a=10m/sD.物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能Ek=10J【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；機(jī)械能守恒定律.【分析】當(dāng)物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度為零，機(jī)械能等于物體的重力勢(shì)能，由重力勢(shì)能計(jì)算公式可以求出物體質(zhì)量；在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，

25、 機(jī)械能的變化量等于摩擦力做的功，由圖象求出摩擦力的功，由功計(jì)算公式求出動(dòng)摩擦因數(shù)；由牛頓第二定律求出物體上升過程的加速度；由動(dòng)能定理求出物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能.【解答】 解：A、物體到達(dá)最局點(diǎn)時(shí)，機(jī)械能E=Ep=mgh, m=號(hào)=;二=1kg,故A錯(cuò)誤;gr 1U 又 JB、物體上升過程中，克服摩擦力做功，機(jī)械能減少，減少的機(jī)械能等于克服摩擦力的功,一h _ _3 E=一 pmgcos a；7,即 30- 50=-科1 M0cos37 義工飛產(chǎn),巧0.5,故 B 錯(cuò)誤; o J. 11 *o JL1 LlP IC、物體上升過程中，由牛頓第二定律得：mgsin行即gcos o=ma,解得a=

26、10m/s2,故C正確;D、由圖象可知，物體上升過程中摩擦力做功W=30 - 50=- 20J,在整個(gè)過程中由動(dòng)能定理得 Ek - Ek0=2W,貝U Ek=Eko+2W=50+2 X( - 20) =10J,故 D 正確； 故選CD.質(zhì)量為m的帶電小球由空中某點(diǎn) A無初速度地自由下落，在 t秒末加上豎直方向且范圍 足夠大的勻強(qiáng)電場，再經(jīng)過t秒小球又回到A點(diǎn).整個(gè)過程中不計(jì)空氣阻力且小球從未落地， 則()A.勻強(qiáng)電場方向豎直向上.從加電場開始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，小球動(dòng)能變化了mg2t2C.整個(gè)過程中小球電勢(shì)能減少了2mg2t2D.從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中，小球重力勢(shì)能變化了-|mg2t2

27、【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場中電勢(shì)差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；重力勢(shì)能.【分析】分析小球的運(yùn)動(dòng)情況：小球先做自由落體運(yùn)動(dòng)，加上勻強(qiáng)電場后小球先向下做勻減速運(yùn)動(dòng)，后向上做勻加速運(yùn)動(dòng).由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出t秒末速度大小，加上電場后小球運(yùn)動(dòng)，看成一種勻減速運(yùn)動(dòng)，自由落體運(yùn)動(dòng)的位移與這個(gè)勻減速運(yùn)動(dòng)的位移大小相等、方向相反， 根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求電場力，由W=qEd求得電場力做功，即可得到電勢(shì)能的變化.由動(dòng)能定理得求出A點(diǎn)到最低點(diǎn)的高度，得到重力勢(shì)能的減小量.【解答】解：A、小球所受電場力方向是向上的，但不知道小球帶電的電性，所以不能判斷 電場的方向，故A錯(cuò)誤；B、從加電場開始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)小球動(dòng)能減少了E

28、k=mgt一故B錯(cuò)誤；C、小球先做自由落體運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)過程的位移大小相等、方向相反.設(shè)電 場強(qiáng)度大小為E,加電場后小球的加速度大小為a,取豎直向下方向?yàn)檎较颍瑒t由 gt2= ( vt 當(dāng))2又 v=gt解得a=3g,則小球回到 A點(diǎn)時(shí)的速度為v=v-at=-2gt整個(gè)過程中小球速度增量的大小為vuv-v=-3gt,速度增量的大小為 3gt.由牛頓第二定律得：qE-破a=，m聯(lián)立解得電場力大小：Eq=4mg整個(gè)過程中電場力做的功 因二11電場力做的功等于電勢(shì)能的減小量，故整個(gè)過程中小球電勢(shì)能減少了2mg2t2;故C正確；D、設(shè)從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的高度為 h,根據(jù)動(dòng)能定理得：:2、mg

29、h- qE (h- ;gt ) -0解得：h=gt2；故D錯(cuò)誤.故選：C.二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.（一）必考題某探究小組設(shè)計(jì)了 用一把尺子測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù) ”的實(shí)驗(yàn)方案.如圖示，將一個(gè)小球和一 個(gè)滑塊用細(xì)繩連接，跨在斜面上端.開始時(shí)小球和滑塊均靜止， 剪短細(xì)繩后，小球自由下落， 滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，保持小球和滑塊釋放的位置不變，調(diào)整擋板位置，重復(fù)以上操作，直到能同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音.用 刻度尺測(cè)出小球下落的高度 H、滑塊釋放點(diǎn)與擋板處的高度差h和沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移 x.（空氣阻力對(duì)本實(shí)驗(yàn)的影響可以忽略）滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的加速度與重力

30、加速度的比值為2滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 _（h-a）-.-一 氏,2一4以下能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是cd .a.滑塊的質(zhì)量b.當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮.長度測(cè)量時(shí)的讀數(shù)誤差d.小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí).【考點(diǎn)】探究影響摩擦力的大小的因素.【分析】由于同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，說明小球和滑塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，由勻加速運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式和自由落體的位移時(shí)間公式即可求得加速度的比值；由牛頓第二定律及幾何關(guān)系即可求得滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；由科的數(shù)學(xué)表達(dá)式就可以知道能引起實(shí)驗(yàn)誤差的因數(shù)，還要注意小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)也會(huì)造成誤差；【解答】解：由于同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，

31、說明小球和滑塊的運(yùn)動(dòng)時(shí) 間相同，由 x=：at2 和 H=gt2 得：所以=： g上 根據(jù)幾何關(guān)系可知：sin a=, cos a=YX對(duì)滑塊由牛頓第二定律得： mgsin a- pmgcosa=ma,且 aJ,2聯(lián)立方程解得 = （h-三-）& J cH 777P故答案為:x、h、H測(cè)量時(shí)的讀數(shù)誤差，同時(shí)要注意 cd.10.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)如下電路圖來測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻.其中待測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)約為2V,內(nèi)阻比較小；所用電壓表量程為3V、內(nèi)阻很大.5由科得表達(dá)式可知，能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是長度 小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)也會(huì)造成誤差，故選按實(shí)驗(yàn)電路圖在圖（2）中連接實(shí)物圖.先將電阻箱電阻調(diào)至如圖（

32、3）所示，則其電阻讀數(shù)為11a .閉合開關(guān)S,將Si打到b端，讀出電壓表的讀數(shù)為1.10V；然后將 &打到a端，此時(shí)電壓表讀數(shù)如圖（4）所示，則其讀數(shù)為 1.50V ,根據(jù)以上測(cè)量數(shù)據(jù)可得電阻Ro= 4.0 Q （計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）.將S1打到b端，讀出電阻箱讀數(shù) R以及相應(yīng)的電壓表讀數(shù)U,不斷調(diào)節(jié)電阻箱 R,得到多組R值與相應(yīng)的U值，作出?圖如圖5所示，則通過圖象可以得到該電源的電動(dòng)勢(shì)L FE= 1.67 V,內(nèi)阻r= 1.00 Q （計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字.）【考點(diǎn)】 測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻.【分析】電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱的示數(shù)；由圖示電壓表確定的其量程與分

33、度值，讀出其示數(shù)；由串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電阻阻值.應(yīng)用歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖象與函數(shù)表達(dá)式求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻.【解答】 解：(1)按實(shí)驗(yàn)電路圖在圖(2)中連接實(shí)物圖：(2)先將電阻箱電阻調(diào)至如圖(3)所示，則其電阻讀數(shù)為1M0+1M=11Q.閉合開關(guān)S,將S1打到b端，讀出電壓表的讀數(shù)為1.10V ；電流 I=Li=0.1A ,11然后將S1打到a端，此時(shí)電壓表讀數(shù)如圖(4)所示，則其讀數(shù)為 1.50V.根據(jù)以上測(cè)量數(shù)據(jù)可得電阻R0hf - 11=4.0 QV JL(3)在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)： E=U+I (r+R0) =U+J (r+R0),1 1 t+R%1=

34、+?.; 由圖5所示圖象可知，b=0.6,EE=1.67V, r +R 圖象斜率k=工=3,E電源內(nèi)阻 r=kE R=5 4=1.00故答案為：如圖；11, 1.50, 4.0,1.67, 1.00.11.如圖所示，長L=9m的傳送帶與水平方向的傾角為37。，在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下以 V=4m/s的速率順時(shí)針方向運(yùn)行，在傳送帶的B端有一離傳送帶很近的擋板P可將傳送帶上的物塊擋住，在傳送帶的 A端無初速地放一質(zhì)量 m=1kg的物塊，它與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)m=0.5,物塊與擋板的碰撞能量損失及碰撞時(shí)間不計(jì).(sin 9=0.6, cos 9=0.8 , g=10m/s2)求：(1)物塊從A處第一次滑到

35、P處的過程中，物塊與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量？(2)物塊與擋板 P第一次碰撞后，上升到最高點(diǎn)時(shí)到擋板P的距離？【考點(diǎn)】功能關(guān)系；牛頓第二定律.【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出物塊在下降過程和上升過程中的加速度，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出下滑過程和上升過程的相對(duì)位移，求出相對(duì)運(yùn)動(dòng)距離之和，根據(jù)Q=fs求出產(chǎn)生的熱量.應(yīng)用牛頓第二定律與勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出物塊的位移，然后答題.【解答】解：(1)物塊從A點(diǎn)由靜止釋放，由牛頓第二定律得：向下運(yùn)動(dòng)的加速度： mai=mgsin 0- (jmgcos 0,代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2,由速度位移公式可知，與P碰前的速度為：vihj2dL=j2l 2乂

36、=6m/s,物塊從A到B的時(shí)間為:ti=在此過程中物塊相對(duì)傳送帶向下位移為：si=L+vt i=21m摩擦生熱為：Q=(mgcos 0si=84J(2)物塊與擋板碰撞后，以 vi的速率反彈，因viv,物塊相對(duì)傳送帶向上滑，由牛頓第二定律可知，物塊向上做減速運(yùn)動(dòng)的加速度為a2有：ma2=mgsin卅師gcos &代入數(shù)據(jù)解得：a2=10m/s 2物塊速度減小到與傳送帶速度相等所需時(shí)間:vt - V 6- 4 一t2=0.2s,a2 10 Vi+v6+4物塊向上的位移：xi= .1 . =1m ,21 2物塊相對(duì)傳送帶向上的位移為：s2=l i - vt2=0.2m物塊速度與傳送帶速度相等后，ta

37、n 0,由牛頓第二定律可知：ma3=mgsin 0- pmgcos 0,2代入數(shù)據(jù)解得，物塊向上做減速運(yùn)動(dòng)的加速度：電=2m/s , TOC o 1-5 h z 物塊速度減小到零的時(shí)間為：t3=- 2s整3上3, , , , 4%邛2物塊向上的位移：X2= =4m ,2a3 2X2離P點(diǎn)的距離：xi+x2=1+4=5m答：(1)物塊與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為84J；(2)物塊從第一次靜止釋放到與擋板P第一次碰撞后，物塊上升到最高點(diǎn)時(shí)到擋板P的距離為5m.如圖所示為一個(gè)平面直角坐標(biāo)系xoy.在第I象限中，取一個(gè)與兩個(gè)坐標(biāo)軸相切的圓，圓心為點(diǎn)D,切點(diǎn)為A、B,圖中只畫出圓的四分之一.在第H、

38、出象限過 M點(diǎn)有一條垂直x軸的虛線，其左側(cè)固定兩帶電平行金屬板 P、Q,兩板間距離為d,其中心軸線與x軸重合， 板右端有擋板，只在中心軸上開有小孔.在平面直角坐標(biāo)系xoy的整個(gè)空間區(qū)域中（設(shè)為真 空）存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向里 （圖中沒有畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 B .在 平行板內(nèi)x軸上的S點(diǎn)，有一個(gè)能沿x軸正向發(fā)射相同速度粒子的粒子源， 粒子的質(zhì)量為 m、 電荷量為q （不計(jì)粒子的重力）.當(dāng)調(diào)節(jié)PQ兩板間的電壓為 Ui時(shí)，粒子打到擋板上距 P極 板為的N點(diǎn)，當(dāng)調(diào)節(jié)PQ兩板間的電壓為 U2時(shí)，粒子沿x軸從小孔M點(diǎn)射出.從小孔 M射出的粒子，在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)恰好經(jīng)過AB段圓弧白中

39、點(diǎn) C,且OM=OB （忽略電磁場間的相互影響）.求：（1）粒子打到 N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ek；（2）圓弧ACB的半徑R.【考點(diǎn)】 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng).【分析】根據(jù)動(dòng)能定理列方程求出粒子打到N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；2 O根據(jù)牛頓第二定律求出粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，作出軌跡，由幾何知識(shí)求圓弧 ACB的半徑R.【解答】 解：（1）設(shè)粒子的初速度為 V0,粒子從S點(diǎn)到N點(diǎn)時(shí)有:當(dāng)PQ兩板的電壓為 U2時(shí)： 二口空Bd. 0,目 上信：,代入得：E二皿?k 2d2B（2）粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng),由洛侖茲力和牛頓運(yùn)動(dòng)定律有:I-qv0B=m r得：.qdB*粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心必在過 M點(diǎn)

40、并垂直于x軸的直線ME上；同時(shí)這個(gè)軌跡經(jīng)過 C點(diǎn), 所以軌跡的圓心也一定在 MC的垂直平分線 EF上，這樣ME與EF的交點(diǎn)E就是軌跡的圓心，ME就是軌跡的半徑r.過C點(diǎn)作MB的垂線與MB交于H點(diǎn)，則AMEFACMH由/ CDB=45得 CH=OD-OC=(&R-R)8 s45。MH=2R R?sin45MC=7 (CH) 3+ CKH) 2=k763V2MF= MC聯(lián)立可得:mU?3qdB22mUn qUt答：（1）粒子打到N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能乙二L-J1；k 2d2B24mUn(2)圓弧ACB的半徑R二3qdBZ（二）選考題【物理-選彳3-3】.下列說法正確的是（）A .氣體的內(nèi)能是所有分子熱運(yùn)動(dòng)的

41、動(dòng)能和分子間的勢(shì)能之和B.液晶的光學(xué)性質(zhì)不隨所加電場的變化而變化C.功可以全部轉(zhuǎn)化為熱，但熱量不能全部轉(zhuǎn)化為功一定量的氣體，在體積不變時(shí)，分子每秒平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而減小一定量的氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對(duì)器壁單位面積平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而 增加【考點(diǎn)】物體的內(nèi)能；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；熱力學(xué)第一定律；熱力學(xué)第二定律.【分析】依據(jù)：內(nèi)能包含分子動(dòng)能和勢(shì)能，溫度與分子動(dòng)能相關(guān)，掌握熱力學(xué)第二定律，掌 握壓強(qiáng)的微觀解釋.可以解答各選項(xiàng).【解答】 解：A、氣體的內(nèi)能是所有分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子間的勢(shì)能之和，故A正確;B、液晶的光學(xué)性質(zhì)隨所加電場的變化而變化，故 B錯(cuò)誤；C、功可以全部

42、轉(zhuǎn)化為熱，熱量在一定條件下也可以全部轉(zhuǎn)化為功，故 C錯(cuò)誤；D、一定量的氣體，在體積不變時(shí)，溫度降低，壓強(qiáng)減小，根據(jù)氣體壓強(qiáng)原理知道分子每秒平均碰撞次數(shù)也減小.故 D正確.E、一定量的氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，隨著溫度降低體積在減小，所以分子每秒對(duì)器壁單位面 積平均碰撞次數(shù)在增加，故 E正確.故答案為：ADE14.如圖，一根粗細(xì)均勻的細(xì)玻璃管開口朝上豎直放置，玻璃管中有一段長為h=24cm的水銀柱封閉了一段長為 X0=23cm的空氣柱，系統(tǒng)初始溫度為T0=200K,外界大氣壓恒定不變?yōu)镻0=76cmHg.現(xiàn)將玻璃管開口封閉，將系統(tǒng)溫度升至T=400K ,結(jié)果發(fā)現(xiàn)管中水銀柱上升了 2cm,若空氣可以看作

43、理想氣體，試求：i.升溫后玻璃管內(nèi)封閉的上下兩部分空氣的壓強(qiáng)分別為多少cmHg?【考點(diǎn)】 【分析】【解答】 則初態(tài):ii.玻璃管總長為多少？封閉氣體壓強(qiáng)；理想氣體的狀態(tài)方程.先求解出初狀態(tài)和末狀態(tài)氣體的壓強(qiáng)的表達(dá)式，然后根據(jù)題意列出方程進(jìn)行求解.解：i.設(shè)升溫后下部空氣壓強(qiáng)為P,玻璃管壁橫截面積 S,P1=P0+hHg Vi=x0S末態(tài)：p=? V2= (xo+2) s(Pn+hHg) P ( sn+2cm) S對(duì)下部氣體有：%T入數(shù)據(jù)得：P=184cmHg下部氣體：P=P- hHg=160cmHgii.設(shè)上部氣體最初長度為 x,此時(shí)上部氣體壓強(qiáng)初態(tài)：Pi=PoVi=xS末態(tài)：P=P - hH

44、g=160cmHg V2= (x-2) s對(duì)上部氣體有:To代入數(shù)據(jù)得：x=40cm所以管總長為：x0+h+x=87cm答案：i升溫后玻璃管內(nèi)封閉的上下兩部分空氣的壓強(qiáng)分別為ii.玻璃管總長為 87cm184cmHg 和 160cmHg【物理-選彳3-4】15.一列簡諧橫波沿 x軸正方向傳播，t時(shí)刻波形圖如圖所示, 時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示， a、b、c、P、Q是介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn),此時(shí)波剛好傳到 P點(diǎn)，t+0.6s則以下說法正確的是t cmA.這列波的波速可能為 50m/s TOC o 1-5 h z B.質(zhì)點(diǎn)a在這段時(shí)間內(nèi)通過白路程一定小于30cmC.質(zhì)點(diǎn)c在這段時(shí)間內(nèi)通過的路程可能為60cm

45、D.若T=0.8s,則當(dāng)t+0.5s時(shí)刻,質(zhì)點(diǎn)b、P的位移相同E.若T=0.8s,當(dāng)t+0.4s時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，則質(zhì)點(diǎn) c的振動(dòng)方程為y=0.1sin （十冠）（m）【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系.【分析】由圖可知波的波長，而由兩列波的波形圖可得兩波形相距的時(shí)間與周期的關(guān)系，則可得出波速的表達(dá)式；由波速可知周期的表達(dá)式，則可得出質(zhì)點(diǎn)的路程及位移及質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程.【解答】解：A、由圖可知，波的波長為40m；兩列波相距0.6s= （n+W） T,故周期T=2里;44n+31, 2,);波速 v=2=_12_(4n+3) m/s= - x (4n+3) m/s, ( n=0 , T 2.

46、g3當(dāng)n=0時(shí)，當(dāng)v=50m/s時(shí)，故A正確；B、質(zhì)點(diǎn)a在平衡位置上下振動(dòng)，振動(dòng)的最少時(shí)間為故路程最小為3A即30cm,故B錯(cuò)誤；C、c的路程為60cm說明c振動(dòng)了 1.5個(gè)周期，則可有：| -3 q E+1.5T=0.6 ,即匚 /。工飛、+ h =0.6V5 （4門+3） 4n+3解得：n=1時(shí)滿足條件，故 C正確；D、在t時(shí)刻，因波沿X軸正方向傳播，所以此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P是向上振動(dòng)的，經(jīng)0.5秒后，P是正在向下振動(dòng)（負(fù)位移），是經(jīng)過平衡位置后向下運(yùn)動(dòng) 0.1秒；而質(zhì)點(diǎn)b是正在向上振動(dòng)的 （負(fù)位移），是到達(dá)最低點(diǎn)后向上運(yùn)動(dòng)0.1秒，因?yàn)?.2秒等于士，可見此時(shí)兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的位移是相同的.故D正確；, 一12冗2n EE、當(dāng)T=0.8s,當(dāng)t+0.4s時(shí)刻時(shí)，質(zhì)點(diǎn)c在上漏最大位移處，據(jù)co=F=kVad/s=：兀rad/s,T 0* E 2據(jù)圖知A=0.1m ,當(dāng)從t+0.4s時(shí)刻時(shí)開始計(jì)時(shí)，則質(zhì)點(diǎn) c的振動(dòng)方程為x=0.1sin （亍4+皆）m,故E錯(cuò)誤.故選：ACD .在真空中有一正方體玻璃磚，其截面如圖所示，已知它的邊