1、精選優質文檔-傾情為你奉上高二物理選修3-1綜合測試題一、選擇題1.如圖所示，水平直導線ab通有向右的電流I，置于導線正下方的小磁針S極將A.向紙外偏轉B.向紙內偏轉C.在紙面內順時針轉過90D.不動【答案】A【解析】當導線中通入水平向右的電流時，電流產生磁場，且在導線下方磁針所處位置磁場的方向垂直紙面向里，即小磁針N極所受磁場力的方向垂直紙面向里，所以N極向紙里、S極向紙外偏轉，A對.2.對于給定的電容器，在描述電容C、帶電量Q、電勢差U之間的關系中（電容器未擊穿），正確的是【答案】BC【解析】有電容的定義公式，對于給定的電容器，C一定，C對；在電容未被擊穿的條件下，Q與U成正比，所以B正確

2、.3.有兩個完全相同的金屬小球A、B(它們的大小可忽略不計)，A帶電荷量為7Q，B帶電荷量為-Q，當A、B在真空中相距為r時，兩球之間的相互作用的庫侖力為F；現用絕緣工具使A、B球相互接觸后再放回原處，則A、B間的相互作用的庫侖力是A.79FB.67FC.87FD.97F【答案】D【解析】由題意A、B未接觸前有；兩球接觸后，電量平分，則A、B帶電量均為3Q，此時A、B間庫侖力，即，D正確.4.如圖所示當可變電阻R的滑片向b端移動時，通過電阻R1、R2、R3的電流強度I1、I2、I3的變化情況是A.I1變大，I2、I3變小B.I1、I2變大，I3變小C.I1變小、I2、I3變大D.I1、I2變小

3、，I3變大【答案】D【解析】此題考查閉合電路的動態分析.當滑片向b端移動時，滑動變阻器接入電路的阻值減小，總電路外電阻減小；總電流I增大，從而使內電壓增大，路端電壓減小，即R1兩端電壓減小，所以I1減小；又因為總電流I=I1+I3，所以I3增大；因為I3增大，所以R3兩端電壓增大，則R2兩端電壓減小，I2減小，所以只有D正確.5. 圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用，根據此圖可作出正確判斷的是（ BCD ）A、帶電粒子所帶電荷的符號B、帶電粒子在a、b兩點的受力方向C、帶電粒子在a

4、、b兩點的速度何處較大D、帶電粒子在a、b兩點的電勢能何處較大6. 如圖所示，R1為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動勢，r為電源內電阻，以下說法中正確的是（ AC ） A、當R2=R1+r時，R2獲得最大功率B、當R1=R2+r時，R1獲得最大功率C、當R20時，R1上獲得最大功率D、當R20時，電源的輸出功率最大7.如圖所示為邏輯電路，根據電路圖完成它的真值表.其輸出端從上到下排列，結果正確的是輸入輸出ABC00011011A.0，0，1，0B.0，0，1，1C.1，0，1，0D.0，0，0，1【答案】A【解析】由題圖可知，B輸入的是“非”門電路，然后與A共同輸入的是“與”門電路；根據

5、門電路真值表對比可知A正確.8.如圖所示，帶電平行板中勻強磁場方向水平垂直紙面向里，某帶電小球從光滑絕緣軌道上的a點自由滑下，經過軌道端點P進入板間后恰能沿水平方向做直線運動.現使小球從較低的b點開始下滑，經P點進入板間，在板間的運動過程中A.其動能將會增大B.其電勢能將會減小C.小球所受的洛倫茲力將會增大D.小球受到的電場力將會增大【答案】AC【解析】小球從a點下滑進入平行板中做直線運動，由平衡條件知圖1小球一定帶正電，受力情況如圖所示，且qvB+qE=mg；當小球從b點滑進極板時，速度比從a點滑入時小，則小球所受合力向下，將向下偏轉，此時合力做正功，動能增大，A對；動能增大，則小球速率增大

6、，洛倫茲力增大，C對.9.如圖所示，正方形區域abcd中充滿勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里.一個氫核從ad邊的中點m沿著既垂直于ad邊又垂直于磁場的方向，以一定速度射入磁場，正好從ab邊中點n射出磁場.若將磁場的磁感應強度變為原來的2倍，其他條件不變，則這個氫核射出磁場的位置是A.在b、n之間某點B.在n、a之間某點C.a點D.在a、m之間某點【答案】C【解析】由幾何知識知，氫核從n點射出時必定與ab邊垂直，如圖軌跡1所示，其軌道半徑為正方形邊長的一半；當磁感應強度變為原來的2倍，由知氫核半徑變為原來的一半，其運動軌跡如圖軌跡2所示，氫核射出磁場的位置必過a點，C對.二、填空題（共4小題，每小

7、題4分，共16分）11. （1）用多用表的歐姆檔測量阻值約為幾十kW的電阻Rx，以下給出的是可能的操作步驟，其中S為選擇開關，P為歐姆檔調零旋鈕，把你認為正確的步驟前的字母按合理的順序填寫在下面的橫線上。a將兩表筆短接，調節P使指針對準刻度盤上歐姆檔的零刻度，斷開兩表筆b將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出Rx的阻值后，斷開兩表筆c旋轉S使其尖端對準歐姆檔1kd旋轉S使其尖端對準歐姆檔100e旋轉S使其尖端對準交流500V檔，并拔出兩表筆 _ _。根據上圖所示指針位置，此被測電阻的阻值約為_W。（2）下述關于用多用表歐姆檔測電阻的說法中正確的是（）（A）測量電阻時如果指針偏轉過大，應將選擇開

8、關S撥至倍率較小的檔位，重新調零后測量（B）測量電阻時，如果紅、黑表筆分別插在負、正插孔，不會影響測量結果（C）測量電路中的某個電阻，應該把該電阻與電路斷開（D）測量阻值不同的電阻時都必須重新調零（1）c a b e 30k（2）ABC12. 在測定一節干電池的電動勢和內電阻的實驗中，備有下列器材：圖甲A待測的干電池（電動勢約為1. 5 V，內電阻小于1. 0)B電流表G（滿偏電流3 mA，內阻Rg=10)C電流表A(00. 6 A，內阻0.1)D滑動變阻器R1(0.20,10 A)E.滑動變阻器R2(0200,l A)F定值電阻R0 (990)G開關和導線若干(1)某同學發現上述器材中雖然沒

9、有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設計了如圖所示中甲的（a)、 (b)兩個參考實驗電路，其中合理的是 圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應選 （填寫器材前的字母代號）(2）圖乙為該同學根據（1)中選出的合理的實驗電路利用測出的數據繪出的I1I2圖線（I1為電流表G的示數，I2為電流表A的示數），則由圖線可以得被測電池的電動勢E= V，內阻r= 。(1 )b D或R1 ； (2) (1.48士0.02) 0.77(0.750.80)13.為了研究一個“2.5 V，1 W”的小燈泡的伏安特性，現有蓄電池一組，電鍵一個，導線若干，05 、額定電流為1 A的滑動變阻

10、器一個，其他可供選擇的器材如下：A.量程為03 A，內阻為0.025 的電流表B.量程為00.6 A，內阻為0.2 的電流表C.量程為0100 mA，內阻為5 的電流表D.量程為03 V，內阻為10 k的電壓表E.量程為015 V，內阻為50 k的電壓表（1）要正確地完成這個實驗，電流表應選_，電壓表應選_(填代號).（2）請畫出電路原理圖.【答案】（1）BD（2）見下圖【解析】由題意可知小燈泡的額定電壓和額定電流分別為2.5 V和0.4 A，由此可以選出電壓表及電流表；采用分壓式電路可以擴大小燈泡兩端電壓變化的范圍，使測量結果更加準確.三、計算題14. 如圖所示的電路中，電阻R1R2R310

11、，電源內阻r5，電壓表可視為理想電表當開關S1和S2均閉合時，電壓表的示數為10V.求：(1)電阻R2中的電流為多大？(2)路端電壓為多大？(3)電源的電動勢為多大？(4)當開關S1閉合而S2斷開時，電壓表的示數變為多大？【解析】(1)電阻R2中的電流IU2/R2代入數據得I1A(2)外電阻RR215路端電壓UIR15V(3)根據閉合電路歐姆定律IE/(Rr)代入數據解得E20V(4)S1閉合而S2斷開，電路中的總電流IE/(R1R2r)電壓表示數UI(R1R2)代入數據解得U16V.【答案】(1)1A(2)15V(3)20V(4)16V15.如圖所示，在水平放置且相距3.6 cm的平行帶電金

12、屬板間，能形成勻強電場，有一個質量m=10-4 g、電荷量q=10-8 C的液滴，在兩板正中央處于靜止狀態.（g取10 m/s2）求：(1)哪塊板帶正電？板間電場強度多大?(2)若板間電場強度突然增為原來的2倍，方向不變，液滴觸及板面時速度多大？【答案】（1）上極板100 N/C（2）0.6 m/s【解析】（1）由題意知液滴處于靜止狀態，則液滴所受的重力與電場力平衡，則電場力方向豎直向上，又因為液滴帶負電.所以上極板帶正電由qE=mg得（2）當電場強度增為原來的兩倍時由牛頓第二定律知則由運動學公式得v=at=100.06 m/s=0.6 m/s16. 在相互垂直的勻強電場和勻強磁場中,有一傾角

13、為、足夠長的光滑絕緣斜面，磁感應強度為B，方向垂直于紙面向外，電場方向豎直向上.有一質量為m，帶電荷量為q的小球靜止在斜面頂端，這時小球對斜面的正壓力恰好為零，如圖所示，若迅速把電場方向反轉為豎直向下，求：（1）小球能在斜面上連續滑行多遠？（2）所用時間是多少？（1） Eq=mg（2分）(Eq+mg)cos=Bqv（2分）(Eq +mg)sin.x=(1/2)mv2得x（3分）（2）(Eq +mg)sin=ma得a=2gsin（3分）x=(1/2)at2得 t=17.如圖所示，電源的電動勢E=110 V，電阻R1=21 ，電動機繞組的電阻R0=0.5 ，電鍵S1始終閉合.當電鍵S2斷開時，電阻

14、R1的電功率是525 W；當電鍵S2閉合時，電阻R1的電功率是336 W，求:（1）電源的內電阻；（2）當電鍵S2閉合時流過電源的電流和電動機的輸出功率.【答案】（1）1 （2）26 A1 606 W【解析】（1）設S2斷開時R1消耗的功率為P1，則代入數據可以解得，r=1 （2）設S2閉合時R1兩端的電壓為U，消耗的功率為P2，則由閉合電路歐姆定律得，E=U+Ir代入數據，得U=84 V，I=26 A流過R1的電流為I1，流過電動機的電流為I2，而I1+I2=I，所以I2=22 A由，代入數據得， P出=1 606 W18. 如圖所示，真空室內存在寬度為d=8cm的勻強磁場區域，磁感應強度B

15、=0.332T，磁場方向垂直于紙面向里；ab、cd足夠長，cd為厚度不計的金箔，金箔右側有一勻強電場區域，電場強度E=3.32105 N/C，方向與金箔成37角。緊挨邊界ab放一點狀粒子放射源S，可沿紙面向各個方向均勻放射初速率相同的粒子，已知：m =6.6410-27Kg,q=3.210-19C,初速率v=3.2106 m/s . （sin37=0.6,cos37=0.8）求：（1） 粒子在磁場中作圓周運動的軌道半徑R；（2） 金箔cd被 粒子射中區域的長度L；BEacSdNb37BEacSdNb37（3） 設打在金箔上d端離cd中心最遠的粒子沿直線穿出金箔進入電場，在場中運動通過N點，SNab且SN=40cm,則此粒子從金箔上穿出時，損失的動能為多少？（1）粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即 （2分）則 （2分）（2）設cd中心為O，向c端偏轉的粒子，當圓周軌跡與cd相切時偏離O最遠，設切點為P，對應圓心O1，如圖所示，則由幾何關系得： （3分）向d端偏轉的粒