2021-2022學(xué)年度第二學(xué)期5月檢測(cè)卷高二物理試題第I卷（選擇題48分）一、單選題（本大題共8小題每小題4分，滿分32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.如圖所示，甲是回旋加速器，乙是磁流體發(fā)電機(jī)，丙是速度選擇器，丁是霍爾元件，其中丙的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲圖要增大粒子的最大動(dòng)能，可減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B.乙圖可判斷出A極板是發(fā)電機(jī)的正極C.丙圖中粒子沿直線通過(guò)的條件是，若該粒子從右端射入則該速度選擇器不適用D.丁圖中若導(dǎo)體為金屬，穩(wěn)定時(shí)C板電勢(shì)高【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)回旋加速度D形盒的半徑為R，粒子獲得的最大速度為vm，根據(jù)牛頓第二定律有解得粒子的最大動(dòng)能為由上式可知要增大粒子的最大動(dòng)能，可增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)左手定則可知等離子體中正電荷向B板偏轉(zhuǎn)，負(fù)電荷向A板偏轉(zhuǎn)，所以A極板是發(fā)電機(jī)的負(fù)極，B極板是發(fā)電機(jī)的正極，B錯(cuò)誤；C．粒子沿直線通過(guò)速度選擇器時(shí)，洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，即解得C正確；D．若導(dǎo)體為金屬，則產(chǎn)生電流的粒子是自由電子，其定向移動(dòng)方向與電流方向相反，根據(jù)左手定則可知穩(wěn)定時(shí)C板聚集了電子，所以D板電勢(shì)高，D錯(cuò)誤。故選C。2.邊長(zhǎng)L的硬輕質(zhì)正三角形導(dǎo)線框abc置于豎直平面內(nèi)，ab邊水平，絕緣細(xì)線下端c點(diǎn)懸掛重物，勻強(qiáng)磁場(chǎng)大小為B垂直紙面向里。現(xiàn)將a、b接在恒恒定電流的正負(fù)極上，當(dāng)ab邊的電流強(qiáng)度為I，重物恰好對(duì)地?zé)o壓力，則重物重力的大小為（）A.BIL B.2BIL C. D.【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)平衡條件得解得故選C。3.如圖所示，一根弧長(zhǎng)為L(zhǎng)的半圓形硬導(dǎo)體棒AB在水平拉力F作用下，以速度v0在豎直平面內(nèi)的U形框架上勻速滑動(dòng)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，回路中除電阻R外，其余電阻均不計(jì)，U形框左端與平行板電容器相連，質(zhì)量為m的帶電油滴靜止于電容器兩極板中央，半圓形硬導(dǎo)體棒AB始終與U形框接觸良好。則以下判斷正確的是（）

A.油滴所帶電荷量為B.電流自上而下流過(guò)電阻RC.A、B間的電勢(shì)差UAB=BLv0D.其他條件不變，使電容器兩極板距離減小，電容器所帶電荷量將增加，油滴將向下運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】B．由右手定則可知，回路中電流方向從B到A，電流自上而下流過(guò)電阻R，故B正確；C．弧長(zhǎng)為L(zhǎng)的半圓形硬導(dǎo)體棒切割磁感線的有效長(zhǎng)度則A、B間的電勢(shì)差為故C錯(cuò)誤；A．油滴受力平衡可得則油滴所帶電荷量為故A錯(cuò)誤；D．其他條件不變，使電容器兩極板距離減小，電容器所帶電荷量將增加，電場(chǎng)力變大，油滴將向上運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖1所示，將一通電螺線管豎直放置，螺線管內(nèi)部形成如圖2所示變化勻強(qiáng)磁場(chǎng)，設(shè)豎直向上為磁場(chǎng)的正方向。在螺線管內(nèi)部用絕緣輕繩懸掛于與螺線管共軸的金屬薄圓筒，其電阻率為、高度為h、半徑為r、厚度為，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.一個(gè)周期內(nèi)金屬圓筒中感應(yīng)電流方向改變3次B.一個(gè)周期內(nèi)金屬圓筒中產(chǎn)生的焦耳熱為C.時(shí)刻，從上往下看，金屬圓筒中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流D.時(shí)刻，輕繩對(duì)金屬圓筒拉力的合力大于金屬圓筒的重力【答案】BC【解析】【詳解】A．由可知，一個(gè)周期內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向改變了2次，所以感應(yīng)電流的方向也改變2次，A錯(cuò)誤；B．圓管的電阻為圓管在六分之一周期的電動(dòng)勢(shì)為在六分之一到二分之一周期產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為周期內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為B正確。C．到這段時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)圓管的磁通量向上逐漸減小或向下逐漸增大，則根據(jù)楞次定律可知，時(shí)刻，從上往下看，金屬圓筒中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，C正確；D．根據(jù)左手定則可知，圓管中各段所受到的安培力方向指向水平方向且合力為零，則輕繩對(duì)圓管拉力的合力始終等于圓管的重力，不隨時(shí)間變化，D錯(cuò)誤。故選BC。5.街頭變壓器通過(guò)降壓給用戶供電的示意圖如下，變壓器的輸入電壓是市區(qū)電網(wǎng)的電壓，負(fù)載變化時(shí)輸入電壓的波動(dòng)忽略不計(jì)，電表均為理想電表，R0表示兩條輸電線的總電阻，當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，以下說(shuō)法正確的是（）A.輸電線R0損耗的功率變小B電壓表示數(shù)U1、U2不變，U3變大C.電流表示數(shù)I1、I2均變大D.副線圈中交變電流的頻率小于原線圈中交變電流的頻率【答案】C【解析】【詳解】AB．負(fù)載變化時(shí)輸入電壓的波動(dòng)忽略不計(jì)，所以當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，原副線圈電壓、不變，當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)副線圈消耗的功率增大，由可知變大，則R0損耗的功率變大，R0上的電壓變大，則變小，故AB錯(cuò)誤；C．由A項(xiàng)分析知變大，所以變大，故C正確；D．副線圈中交變電流的頻率等于原線圈中交變電流的頻率，故D錯(cuò)誤。故選C。6.甲圖表示LC振蕩電路，乙圖為其電流隨時(shí)間變化的圖像。在t＝0時(shí)刻，回路中電容器的M板帶正電。在某段時(shí)間里，回路的磁場(chǎng)能在減小，而M板仍帶正電，則這段時(shí)間（）

A.電路中的電流在增大B.線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)在減小C.可能對(duì)應(yīng)圖像中的cd段D.電容器極板上的電量在減小【答案】C【解析】【詳解】某段時(shí)間里，回路的磁場(chǎng)能在減小，說(shuō)明回路中的電流在減小，電容器充電，而此時(shí)M帶正電，電流方向順時(shí)針，時(shí)，電容器開(kāi)始放電，且M極板帶正電，結(jié)合圖像可知，電流以逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎较颍虼诉@段時(shí)間內(nèi)，電流為負(fù)，且正在減小，符合條件的只有圖像中的cd，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。7.醫(yī)生做某些特殊手術(shù)時(shí)，利用電磁血流計(jì)來(lái)監(jiān)測(cè)通過(guò)動(dòng)脈的血流速度。電磁血流計(jì)由一對(duì)電極a和b以及一對(duì)磁極N和S構(gòu)成，磁極間的磁場(chǎng)是均勻的。使用時(shí)，兩電極a、b均與血管壁接觸，兩觸點(diǎn)的連線、磁場(chǎng)方向和血流速度方向兩兩垂直，如圖所示。由于血液中的正負(fù)離子隨血流一起在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，電極a、b之間會(huì)有微小電勢(shì)差。在達(dá)到平衡時(shí)，血管內(nèi)部的電場(chǎng)可看作是勻強(qiáng)電場(chǎng)，血液中的離子所受的電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力的合力為零。在某次監(jiān)測(cè)中，兩觸點(diǎn)間的距離為3.0mm，血管壁的厚度可忽略，兩觸點(diǎn)間的電勢(shì)差為160μV，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為0.040T。則血流速度的近似值和電極a、b的正負(fù)為（）A.1.3m/s，a負(fù)、b正B.2.7m/s，a正、b負(fù)C.1.3m/s，a正、b負(fù)D.2.7m/s，a負(fù)、b正【答案】C【解析】【詳解】血液中正負(fù)離子流動(dòng)時(shí)，根據(jù)左手定則，正離子受到向上的洛倫茲力，負(fù)離子受到向下的洛倫茲力，所以正離子向上偏，負(fù)離子向下偏．則a帶正電，b帶負(fù)電．最終血液中的離子所受的電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力的合力為零，有所以故選C。8.一圓筒處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與筒的軸平行，筒的橫截面如圖所示。圖中直徑MN的兩端分別開(kāi)有小孔，筒繞其中心軸以角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。在該截面內(nèi)，一帶電粒子從小孔M射入筒內(nèi)，射入時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向與MN成30°角。當(dāng)筒轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí)，該粒子恰好從小孔N飛出圓筒，不計(jì)重力。若粒子在筒內(nèi)未與筒壁發(fā)生碰撞，則帶電粒子的比荷為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由題可知，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示由幾何關(guān)系可知，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓弧所對(duì)的圓心角為30°，因此粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與筒轉(zhuǎn)過(guò)90°所用的時(shí)間相等，即解得故選A。二、多選題（本大題共4小題每小題4分，滿分16分。每小題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分））9.假設(shè)給原線圈接如圖甲所示的交變電流，每個(gè)周期T內(nèi)，前電流恒定，后的電流按正弦式規(guī)律變化。如圖乙所得，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為∶，、是完全相同的兩個(gè)燈泡。兩電壓表均為理想電表。下列說(shuō)法中正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)為B.閉合開(kāi)關(guān)后，電壓表示數(shù)為閉合前的2倍C.閉合開(kāi)關(guān)后，電壓表示數(shù)不變D.閉合開(kāi)關(guān)后，電壓表示數(shù)為【答案】AC【解析】【詳解】．根據(jù)電流熱效應(yīng)結(jié)合題圖甲得知原線圈輸入電壓的有效值為解得故電壓表示數(shù)為，故A正確；．根據(jù)變壓器變壓比可知閉合開(kāi)關(guān)后，匝數(shù)不變，輸入電壓不變，則輸出電壓不變，電壓表示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤，C正確；D．原線圈前半個(gè)周期是恒定電流，變壓器不工作，副線圈只有半個(gè)周期有電壓，故可得故D錯(cuò)誤。故選。10.如圖甲所示電路中，把開(kāi)關(guān)K扳到1，電源對(duì)電容器充電，待充電完華。把開(kāi)關(guān)K板到2，電容器與帶鐵芯的線圈L組成的LC振蕩電路中產(chǎn)生振蕩電流，電流傳感器能實(shí)時(shí)顯示流過(guò)電容器的電流，電流向下流過(guò)傳感器的方向?yàn)檎较颉C振蕩電路做等幅振蕩，損耗的能量由電源通過(guò)電子器件（未畫出）補(bǔ)充。如圖乙所示的1、2、3、4是某同學(xué)繪制的四種電流隨時(shí)間變化的圖像，下列說(shuō)法正確的是（）

A.K扳到1時(shí)電流如圖線1所示，K扳到2時(shí)電流如圖線4所示B.K扳到1時(shí)電流如圖線2所示，K扳到2時(shí)電流如圖線3所示C.換用電動(dòng)勢(shì)更大的電源，振蕩電流的周期將變大D.拔出線圈的鐵芯，振蕩電流的頻率將升高【答案】AD【解析】【詳解】AB．K扳到1時(shí)電源給電容器充電，電流沿正向逐漸減小，圖線1符合，K扳到2時(shí)產(chǎn)生振蕩電流，0時(shí)刻電流為零，前半個(gè)周期電容器先逆時(shí)針?lè)烹娫倌鏁r(shí)針充電，電流方向?yàn)樨?fù)，圖線4符合，A正確，B錯(cuò)誤；C．振蕩電流的周期為可知周期與電動(dòng)勢(shì)無(wú)關(guān)，C錯(cuò)誤；D．振蕩電流的頻率為拔出線圈的鐵芯，線圈自感系數(shù)減小，頻率將升高，D正確。故選AD。11.如圖所示，質(zhì)量分別為m、2m的兩絕緣物體a、b疊放在光滑水平面上，a帶電荷量為+q，b不帶電。空間存在著相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向水平向右，場(chǎng)強(qiáng)為E，現(xiàn)將兩物體靜止釋放，開(kāi)始時(shí)兩物體能一起運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確是（）A.兩物體一起運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，兩物體間的彈力逐漸減小，摩擦力也逐漸減小B.兩物體一起運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，兩物體間的彈力逐漸減小，摩擦力不變C.當(dāng)兩物體間的最大靜摩擦力等于時(shí)即將開(kāi)始相對(duì)滑動(dòng)D.當(dāng)兩物體間的最大靜摩擦力等于時(shí)即將開(kāi)始相對(duì)滑動(dòng)【答案】BD【解析】【詳解】AB．兩物體一起向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，根據(jù)左手定則可判斷物體a受到的洛倫茲力的方向豎直向上，所以兩物體間的彈力隨速度的增大而減小，對(duì)兩物體根據(jù)牛頓第二定律則有可知兩物體一起運(yùn)動(dòng)的加速度不變，所以a與b之間的摩擦力不變，故A錯(cuò)誤、B正確；CD．物體a相對(duì)于物體b剛開(kāi)始滑動(dòng)時(shí)，對(duì)物體a則有對(duì)物體b則有聯(lián)立可得故C錯(cuò)誤，D正確；故選BD。12.某位移傳感器的工作原理如圖甲所示，物體M在導(dǎo)軌上平移時(shí)，帶動(dòng)滑動(dòng)變阻器的金屬桿P，通過(guò)理想電壓表顯示的數(shù)據(jù)來(lái)反映物體的位移x。設(shè)定電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，滑動(dòng)變阻器的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，物體經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)P恰好位于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，此時(shí)電壓表示數(shù)顯示為0，若電壓表的示數(shù)UPQ隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙（余弦圖象）所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.在t1時(shí)刻M恰好運(yùn)動(dòng)到O位置B.物體M以O(shè)點(diǎn)為中心做往復(fù)運(yùn)動(dòng)C.在t1到t2時(shí)間段內(nèi)，M的速度先增大后減小D.在t2時(shí)刻物體M在最右端且速度為0【答案】ABD【解析】【詳解】在t1時(shí)刻，電壓為0，且正在增加，故物體M在平衡位置，此時(shí)速度最大，物體具有正方向的最大速度，此后速度減小；當(dāng)在t2時(shí)刻電壓最大時(shí)，速度減小為零；此后反向加速，t3時(shí)刻又回到平衡位置，如此往復(fù)，所以物體M以O(shè)點(diǎn)為中心做往復(fù)運(yùn)動(dòng)。故選ABD。第II卷（非選擇題）三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共13分）13.為了探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系，某同學(xué)自制了A、B和C三個(gè)同種類型的線圈。由于前期準(zhǔn)備不足，該同學(xué)在將A、B線圈繞制完成后，發(fā)現(xiàn)剩下的線材剛好足夠C線圈繞制20匝。在三個(gè)線圈繞制完畢后，該同學(xué)又發(fā)現(xiàn)在繞制A、B線圈時(shí)忘記了標(biāo)記兩個(gè)線圖的匝數(shù)，只記得兩個(gè)線圈的匝數(shù)大致在幾百匝，且A的匝數(shù)大于B．目前該同學(xué)手上的實(shí)驗(yàn)器材包括一個(gè)交流電源一個(gè)，單刀單置開(kāi)關(guān)一個(gè)，連接導(dǎo)線若干，尺寸合適的可拆卸式鐵芯一套，多用電表一個(gè)（僅交流檔可用），為了測(cè)定A、B兩線圈的匝數(shù)，該同學(xué)想設(shè)計(jì)一個(gè)合理的測(cè)量方案。（1）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)測(cè)量過(guò)程中使用多用電表測(cè)量了兩次電壓，和，對(duì)應(yīng)表示數(shù)如圖甲和乙所示，可以讀出______V，______V。

（2）他設(shè)計(jì)了如下三種實(shí)驗(yàn)方案，請(qǐng)基于實(shí)驗(yàn)測(cè)定準(zhǔn)確性和安全性的考量并結(jié)合上述測(cè)量數(shù)據(jù)，選擇你認(rèn)為該同學(xué)最有可能選擇的實(shí)驗(yàn)方案：_________。A．將線圈C作為原線圈，將電源與線圈C串聯(lián)，分兩次使用多用電表測(cè)定當(dāng)A和B作為副邊線圈時(shí)的線圈輸出電壓和，利用變壓器原理計(jì)算A、B兩線圈的匝數(shù)和B．將線圈C作為副線圈，將電源分別與線圈A、B串聯(lián)，分兩次使用多用電表測(cè)定線圈C的輸出電壓和，利用變壓器原理計(jì)算A、B兩線圈的匝數(shù)和C．將線圈A作為原線圈，B作為副線圈，電源與線圈A串聯(lián)，使用多用電表測(cè)量線圈B的輸出電壓，將線圈A和線圈C串聯(lián)共同作為原線圈，B作為副線圈，使用電壓表測(cè)量線圈B的輸出電壓（3）根據(jù)選擇的實(shí)驗(yàn)方案，可計(jì)算得到A線圈的匝數(shù)為_(kāi)______。【答案】①.7.8②.7.6③.C④.【解析】【詳解】（1）[1][2]由圖可讀出，（2）A．將線圈C作為原線圈，A和B作為副邊線圈時(shí)，由于A和B匝數(shù)遠(yuǎn)大于C匝數(shù)，因此A和B的輸出電壓會(huì)很大，會(huì)大于交流擋的量程，故A錯(cuò)誤；B．由于A和B匝數(shù)遠(yuǎn)大于C的匝數(shù)，將線圈C作為副線圈，將電源分別與線圈A、B串聯(lián)，導(dǎo)致線圈C的輸出電壓很小，電表讀數(shù)較小，誤差較大，故B錯(cuò)誤；C．將線圈A作為原線圈，B作為副線圈，電源與線圈A串聯(lián)，使用多用電表測(cè)量線圈B的輸出電壓，將線圈A和線圈C串聯(lián)共同作為原線圈，B作為副線圈，使用電壓表測(cè)量線圈B的輸出電壓，此種情況下，輸出電壓即不超過(guò)量程也不會(huì)讀數(shù)過(guò)小，比較合適，故C正確。故選C。（3）將線圈A作為原線圈，B作為副線圈，電源與線圈A串聯(lián)，使用多用電表測(cè)量線圈B的輸出電壓，利用變壓器原理有將線圈A和線圈C串聯(lián)共同作為原線圈，B作為副線圈，用電壓表測(cè)量線圈B的輸出電壓，利用變壓器原理有解得14.某小組研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。根據(jù)實(shí)驗(yàn)需要已選用了規(guī)格和量程合適的器材。（1）先用多用電表預(yù)判熱敏電阻阻值隨溫度的變化趨勢(shì)。選擇適當(dāng)倍率的歐姆擋，將兩表筆______，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向右邊“”處。測(cè)量時(shí)觀察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，由此可判斷熱敏電阻阻值隨溫度的升高而__________。（2）再按圖連接好電路進(jìn)行測(cè)量。

①閉合開(kāi)關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器的滑片滑到_______端（選填“a”或“b”）。將溫控室的溫度設(shè)置為T，電阻箱調(diào)為某一阻值。閉合開(kāi)關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表和電流表的指針偏轉(zhuǎn)到某一位置。記錄此時(shí)電壓表和電流表的示數(shù)、T和。斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S。再將電壓表與熱敏電阻C端間的導(dǎo)線改接到D端，閉合開(kāi)關(guān)S。反復(fù)調(diào)節(jié)和，使電壓表和電流表的示數(shù)與上述記錄的示數(shù)相同。記錄此時(shí)電阻箱的阻值。斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S。②實(shí)驗(yàn)中記錄的阻值_____（選填“大于”、“小于”或“等于”）。此時(shí)熱敏電阻阻值_____。【答案】①.短接②.減小③.b④.大于⑤.【解析】【分析】【詳解】（1）[1][2]選擇倍率適當(dāng)?shù)臍W姆檔，將兩表筆短接；歐姆表指針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，則阻值越小，可判斷熱敏電阻的阻值隨溫度升高而減小。（2）①[3]閉合開(kāi)關(guān)S前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器R1的阻值調(diào)到最大，即將滑片滑到b端；②[4][5]因兩次電壓表和電流表的示數(shù)相同，因?yàn)榧纯芍猂01大于R02。四、計(jì)算題（本大題共3小題，滿分39分。作答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位））15.如圖為某小型水電站的電能輸送示意圖，發(fā)電機(jī)通過(guò)升壓變壓器和降壓變壓器向用戶供電。已知輸電線總電阻，升壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為1∶6，降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為5∶1，副線圈與純電阻組成閉合電路，用戶用電器電阻。若、均為理想變壓器，的副線圈兩端電壓表達(dá)式為，求：（1）用戶端的用電電流和輸電電流；（2）輸電線上損耗的電壓和損耗的功率；（3）發(fā)電機(jī)的輸出電壓和輸出功率。【答案】（1）；；（2）；（3）；【解析】【詳解】（1）的副線圈兩端電壓有效值為用戶端的用電電流因?yàn)榈幂旊婋娏鳎?）輸電線上損耗的電壓損耗的功率（3）根據(jù)可得根據(jù)可得根據(jù)根據(jù)解得發(fā)電機(jī)的輸出電壓發(fā)電機(jī)輸出功率為16.如圖所示，在xOy坐標(biāo)系內(nèi)，圓心角為120°內(nèi)壁光滑、絕緣的圓管ab，圓心位于原點(diǎn)O處，Oa連線與x軸重合，bc段為沿b點(diǎn)切線延伸的直管，c點(diǎn)恰在x軸上。坐標(biāo)系內(nèi)第三、四象限內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)為E1（未知）；在第二象限內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)為E2（未知）。在第二、三象限內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。現(xiàn)將一質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球從圓管的a端無(wú)初速度釋放，小球到達(dá)圓管的b端后沿直線運(yùn)動(dòng)到x軸，在bc段運(yùn)動(dòng)時(shí)與管壁恰無(wú)作用力，從圓管c端飛出后在第二象限內(nèi)恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知圓管直徑略大于小球直徑，重力加速度為g。求：（1）該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E1的大小；（2）小球沿圓管ab下滑到達(dá)y軸前的瞬間對(duì)管壁的作用力；（3）Oc間距離，并通過(guò)計(jì)算判斷小球從c端飛出后能否第二次到達(dá)y軸。

【答案】（1）；（2），豎直向下；（3）小球能第二次到達(dá)y軸【解析】【詳解】

（1）小球到達(dá)圓管的b端沿直線運(yùn)動(dòng)到x軸，與管壁恰無(wú)作用力，必然是勻速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球受力分析如圖所示，可知解得（2）設(shè)到到達(dá)y軸前瞬間小球速度為v1，設(shè)Oa間距離為R，對(duì)小球的這一過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理可得此時(shí)小球受到管下壁的彈力，設(shè)為FN，由向心力公式可得聯(lián)立可得由牛頓第三定律可知，球?qū)芟卤诘膹椓ωQ直向下。（3）從c端飛出時(shí)，設(shè)速度為v2，由第一問(wèn)受力分析可知可得對(duì)小球從a到b的這一過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理可得聯(lián)立得以v2到達(dá)x軸，Oc間距離為設(shè)帶電