…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版選擇性必修1物理上冊月考試卷475考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示為某時刻的兩列簡諧橫波在同一介質中沿相同方向傳播的波形圖，M為a波與b波的交點，且a波上的M質點正在向上運動；則下列說法不正確的是（）

A.兩列波具有相同的波速B.此時b波上的質點M正在向下運動C.兩列波相遇時可能會產生穩定的干涉現象D.在a波振源完成6次全振動的時間內b波振源可完成4次全振動2、一列簡諧橫波沿軸負方向傳播，如圖所示，其中圖甲是時的波形圖；圖乙是該波中某振動質點的位移隨時間變化的圖像（兩圖用同時刻作為起點）。

圖乙可能是圖甲中哪個質點的振動圖像（）A.處的質點B.處的質點C.處的質點D.處的質點3、先后用波長為和的單色光照射同一楊氏雙縫干涉實驗裝置，觀察到波長為的光的干涉條紋的1、2級亮紋之間原本是暗紋的位置出現了波長為的光的干涉條紋的1級亮紋，則兩種光的波長之比為（）A.B.C.D.4、如圖所示；一平板車停在光滑的水平面上，某同學站在小車上，若他設計下列操作方案，最終能使平板車持續地向右駛去的是（）

A.該同學在圖示位置用大錘連續敲打車的左端B.只要從平板車的一端走到另一端即可C.在車上裝個電風扇，不停地向左吹風D.他站在車的右端將大錘丟到車的左端5、一不帶電的均勻金屬圓線圈，繞通過圓心且垂直于線圈平面的軸勻速率轉動時，線圈中不會有電流通過；若線圈轉動的線速度大小發生變化，線圈中會有電流通過，這個現象被稱為斯泰瓦—托爾曼效應。這一現象可解釋為：當線圈轉動的線速度大小變化時，由于慣性，自由電子與線圈中的金屬離子間產生定向的相對運動，從而形成電流。若此線圈在勻速轉動的過程中突然停止轉動，由于電子在導線中運動會受到沿導線的平均阻力，所以只會形成短暫的電流。已知該金屬圓線圈周長為L、橫截面積為S、單位體積內自由電子數為n，電子質量為m、電荷量為e，自由電子受到的平均阻力大小與電子定向移動的速率成正比，比例系數為k。若此線圈以角速度ω勻速轉動時突然停止轉動（減速時間可忽略不計），此后，下列說法正確的是（）A.線圈中電流方向與線圈原轉動方向相同B.自由電子在線圈中運動的線速度均勻減小C.自由電子沿著線圈運動的路程為D.通過線圈橫截面的電荷量為6、在粒子物理研究中，帶電粒子在云室等探測裝置中的軌跡是非常重要的實驗證據。根據對不同粒子軌跡的分析和比較，科學家可以得到粒子的帶電情況、運動情況等許多信息，甚至可以發現新粒子。現將一粒子源裝入放在勻強磁場的云室中（粒子源不固定，且云室中阻力忽略不計），粒子源不斷向相反方向同時放出一對電荷量為pe，質量為km的正離子（p、k均為常量且都大于1）和電荷量為e，質量為m的電子；下列說法正確的是（）

A.兩種粒子的運動軌跡如圖甲所示，且半徑大的一定是電子B.兩種粒子的運動軌跡如圖乙所示，且半徑大的一定是電子C.若正離子和電子的速度之比為k，則粒子源不會移動D.若正離子和電子的速度之比為則粒子源不會移動評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖所示表示兩列同頻率相干水波在t=0時刻的疊加情況，圖中實線表示波峰，虛線表示波谷。已知兩列波的振幅均為2cm，波速為2m/s，波長為0.4m，E點是BD連線和AC連線的交點；下列說法正確的是（）

A.A、C兩點是振動減弱點B.E點是振動減弱點C.B、D兩點在該時刻的豎直高度差為8cmD.t=0.05s，E點離開平衡位置2cm8、水下一點光源，發出a、b兩單色光。人在水面上方向下看，水面中心Ⅰ區域有a光、b光射出，Ⅱ區域只有a光射出；如圖所示。下列判斷正確的是（）

A.a、b光從Ⅰ區域某點傾斜射出時，a光的折射角小B.在真空中，a光的波長大于b光的波長C.水對a光的折射率大于對b光的折射率E.水下a、b光能射到圖中Ⅱ區域以外區域E.水下a、b光能射到圖中Ⅱ區域以外區域9、一列簡諧橫波沿軸正方向傳播，時刻的波形如圖所示，此時波恰好傳到質點所在位置，當時，平衡位置位于處的質點（圖中未畫出）運動的總路程為則以下說法正確的是（）

A.波的波長為B.波源的起振方向沿軸正方向C.波的周期為E.時質點處于波谷E.時質點處于波谷10、如圖所示，甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，結果兩人向相反方向滑去．已知甲的質量為45kg，乙的質量為50kg．則下列判斷正確的是（）

A.甲的速率與乙的速率之比為10：9B.甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為9：10C.甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為1：1D.甲的動能與乙的動能之比為1：111、如圖所示，質量為m的物塊P與物塊Q（質量未知）之間拴接一輕彈簧，靜止在光滑的水平地面上，彈簧恰好處于原長。現給P物體一瞬時初速度并把此時記為0時刻，規定向左為正方向，內P、Q物塊運動的圖像如圖所示，其中t軸下方部分的面積大小為t軸上方部分的面積大小為則（）

A.物體Q的質量為B.時刻Q物體的速度為C.時刻P物體的速度為D.時間內彈簧始終對Q物體做正功12、對下列四個有關光的實驗示意圖；分析正確的是（）

A.圖甲中若改變復色光的入射角，則b光先在玻璃球中發生全反射B.圖乙若只減小屏到擋板的距離L，則相鄰亮條紋間距離將減小C.圖丙中若得到如圖所示明暗相間條紋說明被檢測工件表面平整D.圖丁中光導纖維內芯的折射率比外套的更大13、關于光的下列說法正確的是（）A.某單色光從空氣射入普通玻璃，傳播速度一定減小B.發生全反射時，反射光的能量幾乎等于入射光的能量C.光導纖維傳輸信號利用的是光的折射現象D.在照相機鏡頭前加裝一個偏振片以減弱反射光，就可以比較清楚地拍攝玻璃櫥窗內的物品評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、機械波。

機械振動在______中傳播，形成了機械波。15、在光滑水平桌面上停放著A、B小車，其質量兩車中間有一根用細線縛住的被壓縮彈簧，當燒斷細線彈簧彈開時，A車的動量變化量和B車的動量變化量之比為________。16、一列簡諧橫波沿x軸傳播，在時刻和時刻的波形分別如圖中實線和虛線所示。已知處的質點在內運動的路程為由上述條件可知，波沿x軸_________（填“正”或“負”）方向傳播，波源振動周期為_________s，波的傳播速度大小為_________

17、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，實線為時刻的波形圖，此時平衡位置在的質點P向y軸正方向運動，虛線為經過0.7s后第一次出現的波形圖，則波沿x軸_______（填“正”或“負”）方向傳播，波的傳播速度為________

18、波長λ

（1）定義：在波的傳播方向上，振動相位總是相同的兩個______質點間的距離。

（2）特征。

①在橫波中，兩個相鄰______或兩個相鄰______之間的距離等于波長。

②在縱波中，兩個相鄰______或兩個相鄰______之間的距離等于波長．19、如圖所示，一列簡諧橫波沿軸傳播，實線和虛線分別為時刻和時刻波的圖像，該波波速為該波的周期為___________該簡諧波沿軸__________（選填“正向”或“負向”）傳播。

20、一列聲波從空氣傳入某固體介質中，波速由變為則此列聲波的頻率將___________（填“變大”、“變小”、“不變”），介質中波長變為空氣中波長的___________倍。評卷人得分四、作圖題(共1題，共2分)21、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質點此時正經過平衡位置沿y軸的正方向運動。將時的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個波長）。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共14分)22、為了驗證碰撞中的動量守恒和檢驗兩個小球的碰撞是否為彈性碰撞；某同學選取了兩個體積相同；質量相差比較大的小球，按下述步驟做了實驗：

①用天平測出兩小球的質量(分別為m1和m2，且m1>m2)．

②按圖示安裝好實驗器材，將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端切線水平，將一斜面BC連接在斜槽末端．

③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下；記下小球在斜面上的落點位置．

④將小球m2放在斜槽末端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，使它們發生碰撞，分別記下小球m1和m2在斜面上的落點位置．

⑤用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜槽末端點B的距離．圖中D、E、F點是該同學記下小球在斜面上的落點位置，到B點的距離分別為LD、LE、LF.

根據該同學的實驗；回答下列問題：

(1)在不放小球m2時，小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，m1的落點在圖中的________點，把小球m2放在斜槽末端邊緣處，小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，使它們發生碰撞，碰后小球m1的落點在圖中的________點．

(2)若碰撞過程中，動量和機械能均守恒，不計空氣阻力，則下列表達式中正確的有________．

A．m1LF＝m1LD＋m2LE

B．

C．m1LE＝m1LD＋m2LF

D．LE＝LF－LD23、“用單擺測量重力加速度”的實驗中：

（1）用游標卡尺測量小球的直徑，如圖甲所示，測出的小球直徑為__________

（2）實驗中下列做法正確的是__________；

A.擺線要選擇伸縮性大些的；并且盡可能短一些。

B.擺球要選擇質量大些；體積小些的。

C.拉開擺球，在釋放擺球的同時開始計時，當擺球回到開始位置時停止計時，此時間間隔作為單擺周期的測量值。

D.拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于釋放擺球，從平衡位置開始計時，記下擺球做30次全振動所用的時間則單擺周期

（3）實驗中改變擺長獲得多組實驗數據，正確操作后作出的圖像為圖乙中圖線②。某同學誤將懸點到小球上端的距離記為擺長其它實驗步驟均正確，作出的圖線應當是圖乙中___________（選填①、③、④），選擇的理由是_____________；利用該圖線求得的重力加速度___________（選填“大于”、“等于”、“小于”）利用圖線②求得的重力加速度。評卷人得分六、解答題(共1題，共8分)24、如圖所示，一玻璃磚的截面為直角三角形其中該玻璃磚的折射率為現有兩細束平行且相同的單色光分別從邊上的點、點射入，且均能從邊上的點射出。已知求：

（1）兩單色光的入射角；

（2）兩點之間的距離。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A.兩列簡諧橫波在同一介質中傳播；故具有相同的傳播波速，A正確，不符合題意；

B.a波上的M質點正在向上運動，則波是向x軸正方向傳播，b波上的質點M正在向下運動；B正確，不符合題意；

C.由圖知，a、b波的波長之比為2∶3；故周期比為2∶3，兩列波相遇時不會產生穩定的干涉現象，C錯誤，符合題意；

D.由圖知，a、b波的波長之比為2∶3，故周期比為2∶3，在a波振源完成6次全振動的時間內b波振源可完成4次全振動；D正確，不符合題意。

故選C。2、A【分析】【分析】

【詳解】

由圖乙可知，該波的振動周期是4s，所以結合甲圖可知，t=0時；該波的波形如圖中紅色線。

圖乙上，t=0s時刻，只有x=0m處質點位于最大位移處。故乙圖是x=0處的質點的振動圖像。

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

根據雙縫干涉相鄰亮紋間的距離

由題可知

因此可得

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．把人和車看成整體；用大錘連續敲打車的左端，根據動量守恒定律可以知道，系統的總動量為零，車不會持續地向右駛去，故A錯誤；

B．人從平板車的一端走到另一端的過程中；系統水平方向不受外力，動量守恒，系統總動量為零，車不會持續地向右駛去，故B錯誤；

C．電風扇向左吹風；電風扇會受到一個向右的反作用力，從而使平板車持續地向右駛去，故C正確；

D．站在車的右端將大錘丟到車的左端的過程中；系統水平方向不受外力，動量守恒，系統總動量為零，車不會持續地向右駛去，故D錯誤。

故選C。5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．若此線圈以角速度ω勻速轉動時突然停止轉動；則由于慣性自由電子將向前運動，則線圈中形成的電流方向與線圈原轉動方向相反，選項A錯誤；

B．因為自由電子受到的平均阻力大小與電子定向移動的速率成正比，即f=kv

可知自由電子在線圈中運動的線速度不是均勻減小；選項B錯誤；

C．電子隨線圈轉動的線速度

對電子由動量定理

即

解得

選項C錯誤；

D．通過線圈橫截面的電荷量為

選項D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

AB．兩種電性不同的帶電粒子在同一磁場中同時向相反的方向運動，根據左手定則可知，兩粒子的軌跡在出發點相切，且互為內切圓；粒子在磁場中運動，洛倫茲力充當向心力，有

可得

則可知兩粒子在磁場中運動的軌跡半徑分別為

可知正粒子和電子的半徑比為

由以上比值關系不能確定正粒子和電子軌跡半徑大小關系；故AB錯誤；

CD．由于若正粒子和電子的速度之比為k，則

正粒子和電子總動量之和不為零，則粒子源會移動；若正離子和電子的速度之比為正粒子和電子總動量之和為零，則粒子源不會移動，故C錯誤，D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)7、A:C【分析】【詳解】

A．點A和點C均為波峰與波谷疊加；為振動減弱點，故A正確；

B．B點是波峰與波峰，D點是波谷與波谷疊加點，即為振動加強點，則E點在振動加強點連線上；也是振動加強點，故B錯誤；

C．D點在該時刻波峰與波峰疊加，振動加強，偏離平衡位置的位移為4cm，B點在該時刻波谷與波谷疊加，振動加強，偏離平衡位置的位移為－4cm，則D、B兩點在該時刻的豎直高度差為8cm；故C正確；

D．波傳播的周期

E點為振動加強點且0時刻E點在平衡位置，再經過t=0.05s時，即為則離開平衡位置的位移大小為4cm，故D錯誤。

故選AC。8、A:B:E【分析】【詳解】

AC．根據題述可知。b光發生全反射的臨界角較小，由

可知，水對b光的折射率較大，對a光的折射率較小，a、b光從Ⅰ區域某點傾斜射出時，a光的折射角??；A正確C錯誤；

B．由折射率隨光的頻率的增大而增大可知，a光的頻率較小；波長較長，B正確；

D．下b光能射到題圖中Ⅱ區域，由于水下b光在題圖中Ⅱ區域發生了全反射，Ⅱ區域只有a光射出；D錯誤；

E．水下a、b光能射到題圖中Ⅱ區域以外區域；由于發生了全反射，不能射出水面，E正確。

故選ABE。9、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．由波形圖可知，波長故A正確；

B．根據波的傳播方向可知，波源的起振方向沿軸的負方向；故B錯誤；

CD．設波速為周期為有當時，質點運動的總路程為。

即質點第一次到達波峰；于是。

解得。

故C正確；D錯誤；

E．時質點第一次到達波峰，時質點處于波谷；故E正確。

故選ACE。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A.兩人在光滑的冰面上，故他們受合力為零，當甲推乙時，二人的總動量守恒，故

則

選項A正確；

B.二人的相互作用大小相等；方向相反，故甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為二人質量的反比，即10：9，選項B錯誤；

C.二人相互作用的時間相等；作用力又大小相等，故甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為1:1，選項C正確；

D.由動量守恒可知；甲；乙的動量相等，但是甲乙的動能不相等，選項D錯誤．

故選AC。11、A:C:D【分析】【詳解】

AD．時間內Q所受彈力方向向左，P所受彈力方向始終向右，彈簧始終對Q物體做正功；時刻，PQ所受彈力最大且大小相等，由牛頓第二定律可得

則物體Q的質量為故AD符合題意；

B．由a-t圖像可知，時刻Q物體的速度為

故B不符合題意；

C．由a-t圖像可知，時刻P物體的速度為

故C符合題意。

故選ACD。12、B:D【分析】【詳解】

A．如圖所示。

由圖可知光折射率較小，折射角則臨界角較大，入射時也較大，b光折射率大，折射角小，則臨界角較小，入射時較??；故無法判斷先后，故A錯誤；

B．根據條紋間距公式

可知只減小屏到擋板的距離L；則相鄰亮條紋間距離將減小，故B正確；

C．根據薄膜干涉原理可知；圖丙中若得到如圖所示明暗相間平行等距條紋說明被檢測工件表面平整，故C錯誤；

D．發生全反射的條件是光由光密介質射入光疏介質；所以內芯的折射率大，且光傳播在內芯與外套的界面上發生全反射，故D正確。

故選BD。13、A:B:D【分析】【詳解】

A．某單色光線從空氣射入普通玻璃，依據可知；折射率變大，因此光線傳播速度一定減小，故A正確；

B．發生全反射時；折射光線完全消失，反射光的能量幾乎等于入射光的能量，故B正確；

C．光導纖維傳輸信號利用的是光的全反射現象；故C錯誤；

D．加偏振片的作用是減弱反射光的強度；從而增大透射光的強度，故D正確。

故選ABD。三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】介質15、略

【分析】【分析】

【詳解】

桌面光滑，兩車組成的系統所受合外力為零，系統動量守恒，以A的速度方向為正方向，由動量守恒定律得

動量變化量大小之比【解析】1∶116、略

【分析】【詳解】

[1]知處的質點在內的運動路程為

所以處質點在時刻是向上振動的，該波向x軸負方向傳播。

[2][3]1s時波源的位移為-0.5m，可知

得

波速為【解析】負1117、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，時刻，質點P向y軸正方向運動，由同側法可得出波沿x軸負方向傳播；

[2]已知虛線為經過0.7s后第一次出現的波形圖，則波傳播的距離不到一個波長，由波形平移法可知在0.7s內傳播的距離為7m，則波速【解析】負1018、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.相鄰②.波峰③.波谷④.密部⑤.疏部19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由波動圖像得波長周期

[2]虛線為時刻波的圖像，0.3s波傳播6m=即波沿軸負向傳播?！窘馕觥竣?0.4②.負向20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]聲波是機械波；它在傳播過程中頻率保持不變，頻率與介質無關，由振源的振動頻率決定。

[2]根據波長公式

則波速由變為波長變為原來的10倍?！窘馕觥坎蛔?0四、作圖題(共1題，共2分)21、略

【分析】【詳解】

由圖甲可知，簡諧波的波長所以周期

此時波形與時刻波形相同，根據同側法可知，波沿x軸負方向傳播，根據波形的平移法可知，將時刻的波形向左平移得到時的波形圖像；如圖所示。

【解析】見解析五、實驗題(共2題，共14分)22、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，m1的落點在圖中的E點，小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度減小，都做平拋運動，所以碰撞后m1球的落地點是D點，m2球的落地點是F點．

(2)[3]設斜面傾角為θ，小球落點到B點的距離為L，小球從B點拋出時速度為v，則豎直方向有Lsinθ＝gt2，水平方向有Lcosθ＝vt；

解得v＝＝＝

所以v∝由題意分析得，只要滿足m1v1＝m2v2＋m1v′1，把速度v代入整理得：

說明兩球碰撞過程中動量守恒；若兩小球