…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版高一物理上冊階段測試試卷23考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、【題文】如圖所示，水平固定半徑為R的半球型碗的球心為0點，最低點為B點，A點在左邊的內壁上，C點在右邊的內壁上，在碗的邊緣P點向著球心以速度v0平拋一個小球；拋出點P及O；A、B、C點在同一個豎直面內，已知重力加速度為g，不計空氣阻力，下列說法正確的是：

A.v0大小適當時可以垂直打在A點。

B.v0大小適當時可以垂直打在C點。

C.若打到B點；則B點處速度的反向延長線一定過OP連線的中點。

D.若打到B點，則打到B點時重力的功率為2、【題文】如圖所示，為了測定氣墊導軌上滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為3.0cm的遮光板。滑塊向右勻加速直線運動依次通過兩個光電門A和B。光電門上的黑點處有極細的激光束，當遮光板擋住光束時開始計時，不遮擋光束時停止計時。現記錄了遮光板通過第一個光電門所用的時間為＝0.30s，通過第二個光電門所用的時間為＝0.10s，光電門從第一次計時結束到第二次計時開始經歷的時間為s．則滑塊的加速度應為：（）

A.0.67

B.0.40

C.0.14

D.0.223、如圖甲所示；一個輕質彈簧右端固定在傳感器上，傳感器與電腦相連，當對彈簧的左端施加變化的水平拉力時，在電腦上得到了彈簧形變量x與彈簧彈力大小F的關系圖象（如圖乙所示），彈簧始終在彈性限度內，則下列判斷正確的是（）

A.彈簧產生的彈力和彈簧的長度成正比B.彈簧長度的變化量與對應的彈力變化量成正比C.該彈簧的勁度系數是2N/mD.當對彈簧的左端施加水平壓力時，彈簧勁度系數變大4、如圖所示，質量為m

的物體在水平傳送帶上由靜止釋放，傳送帶由電動機帶動，始終保持以速度v

勻速運動，物體與傳送帶間的動摩擦因數為婁脤

，物體在滑下傳送帶之前能保持與傳送帶相對靜止，對于物體從靜止釋放到與傳送帶相對靜止這一過程，下列說法中正確的是()A.電動機多做的功為12

m

v

2

B.物體在傳送帶上的劃痕長v2婁脤g

C.傳送帶克服摩擦力做的功為12

mv

2

D.電動機增加的功率為婁脤mg

v

5、關于所有的地球同步衛星，下列說法正確的是()A.離地心距離相同B.線速度相同C.向心加速度相同D.向心力相同6、如圖所示，一物塊受到一個水平力F

作用靜止于斜面上，F

的方向與斜面平行，如果將力F

撤消，下列對物塊的描述正確的是(

)

A.木塊將沿面斜面下滑B.木塊受到的摩擦力變大C.木塊立即獲得加速度D.木塊所受的摩擦力改變方向7、如圖所示；當導線中通以向里的電流時，它將受到向左的磁場力的作用．地球表面赤道附近有一沿東西方向放置的通電導線，若導線中的電流方向是由東向西，根據前面方法可以判斷此導線受到地磁場對它的作用力方向為（）

A.向上。

B.向下。

C.向南。

D.向北。

8、【題文】有一質量為m的小木塊，由碗邊滑向碗底，碗的內表面是半徑為R的圓弧；由于摩擦力的作用，木塊運動的速率不變，則木塊：

A.所受合外力大小不變，方向隨時間不斷改變B.運動的加速度恒定C.所受合外力為零D.運動的加速度為零9、下列說法正確的是（）A.開普勒最早發現行星運動的三大定律B.日心說最早由伽利略提出來C.萬有引力定律是由開普勒發現的D.萬有引力常量是由牛頓測出來的評卷人得分二、雙選題(共5題，共10分)10、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量11、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}12、標準狀況下，有rm{壟脵6.72L}甲烷，rm{壟脷3.01隆脕10^{23}}個rm{HCl}分子，rm{壟脹13.6gH_{2}S}rm{壟脺0.2mol}氨氣，則下列四種氣體的關系表示正確的是A.體積：rm{壟脺<壟脵<壟脷<壟脹}B.質量：rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}C.密度：rm{壟脵<壟脹<壟脺<壟脷}D.氫原子數：rm{壟脷<壟脺<壟脹<壟脵}13、關于化學反應過程中，能量變化描述正確的是A.成鍵過程中吸收能量B.斷鍵過程中吸收能量C.成鍵過程中放出能量D.斷鍵過程中放出能量14、下列大氣污染物中，能與人體中血紅蛋白結合而引起中毒的氣體是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖1所示，按相等的時間間隔取連續的幾段位移，從它們的分界點將紙帶剪斷，剪得的幾段紙帶按圖2所示的順序貼在坐標中，各段緊靠但不重疊，得到圖示的直方圖．根據這個直方圖你可求出____．

16、一質點繞半徑為R

的圓圈運動了一周，如圖所示，則其位移大小為______，路程是______.

若質點運動了134

周，則其位移大小為______，路程是______，此運動過程中最大位移是______，最大路程是______．17、一物體放在傾角為θ的斜面上；它剛好能沿斜面勻速下滑．

（1）求物體沿斜面下滑的動摩擦因數；

（2）若給它一個沿斜面向上的初速度v；則它能上滑的最大距離是多少？（已知重力加速度為g，斜面始終是靜止的）

18、一物體做勻變速直線運動，某時刻速度大小為4m/s，經過1s后的速度的大小為10m/s，那么在這1s內，物體的加速度的大小可能為。19、圖為接在50Hz

低壓交流電源上的打點計時器在紙帶做勻加速直線運動時打出的一列點，圖中所標的是每隔5

個點所取的記數點，但第3

個記數點M

沒有畫出，則該物體運動的加速度為______m/s2BM

間的距離約為______m.

20、做勻速圓周運動的物體，10s

內沿半徑是20m

的圓周運動了100m

則其線速度大小是______m/s

周期是______s

角速度是______rad/s

．評卷人得分四、計算題(共4題，共12分)21、【題文】重量為100N；長為L=2m的均勻木棒放在水平桌面上；如圖（a）所示，至少要用35N的水平推力，才能使它從原地開始運動。木棒從原地移動以后，用30N的水平推力，就可以使木棒繼續做勻速運動。求：

（1）木棒與桌面間的最大靜摩擦力Fmax．

（2）木棒與桌面間的動摩擦因數μ．

（3）當水平推力使木棒勻速運動至木棒有0.5m露出桌面時，如圖（b）所示，水平推力的大小F．22、【題文】（10分）如圖所示，甲為操作上一質量不計的豎直滑桿，滑桿上端固定，下端懸空，為了研究學生沿桿下滑的情況，在桿的頂部裝有一拉力傳感器，可顯示桿的頂端所受拉力的大小，現有一學生手握滑桿，從桿的上端由靜止開始下滑，下滑5s后這個學生的下滑速度為零，并用手緊握住滑桿保持靜止不動，以這個學生開始下滑時刻為計時起點，傳感器顯示的力隨時間變化的情況如圖乙所示。g=10m/s2；求：

（1）該學生下滑過程中的最大速度；

（2）5s內該學生下滑的距離。

23、【題文】2013年6月11日；我國神舟十號載人飛船成功發射。飛船變軌后以速度v沿圓形軌道環繞地球做勻速圓周運動。已知地球半徑為R，地球質量為M,引力常量為G。求：

（1）飛船繞地球運行時距地面的高度h；

（2）飛船環繞地球運行的周期T。24、如圖所示，一根長為3l

可繞O

軸在豎直平面內無摩擦轉動的細桿AB

已知OA=2lOB=l

質量相等的兩個球分別固定在桿的AB

端，由水平位置自由釋放，求輕桿轉到豎直位置時兩球的速度分別為多大？評卷人得分五、實驗探究題(共2題，共18分)25、某同學在“研究勻變速直線運動”的實驗中；用打點計時器記錄了被小車拖動的紙帶的運動情況，在紙帶上確定出A；B、C、D、E、F、G共7個計數點，其相鄰點間的距離如圖1所示，每兩個相鄰的計數點之間的時間間隔為0.10s．

（1）請依據勻變速直線運動規律的一個重要推論：某段時間內的平均速度等于這段時間中間時刻點的瞬時速度，由紙帶上各個計數點間的距離，計算打下B、C、D、E、F五個點時小車的瞬時速度值．其中有幾個速度值請你幫他計算出來并填在下面的橫線上．（要求保留二位有效數字）vB=______m/s，vC=0.48m/s，vD=0.56m/s，vE=______m/s，vF=0.72m/s．

（2）以A點為計時零點；將B；C、D、E、F各個時刻的瞬時速度標在如圖2所示的坐標紙上，并畫出小車的瞬時速度隨時間變化的關系圖線．

（3）根據第（2）問中畫出的v-t圖線，求出小車運動的加速度為______．（保留兩位有效數字）26、某實驗小組用如圖甲所示的裝置做了“探究彈力和彈簧伸長量的關系”的實驗.

根據實驗測得數據的對應點在圖乙中標出．

(1)

根據描出的計數點；請作出鉤碼質量m

與彈簧長度l

之間的關系圖線．

(2)

根據圖線求此彈簧的勁度系數k=

______N/m.(g

取9.8m/m2

計算結果保留三位有效數字)

(3)

寫出彈簧彈力F

和彈簧長度l

之間關系的函數表達式：______．評卷人得分六、實驗題(共1題，共10分)27、如圖所示的演示實驗中，A、B兩球同時落地，說明(1)____。某同學設計了如圖的實驗：將兩個質量相等的小鋼球，從斜面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2與光滑水平板吻接，則他將觀察到的現象是(2)____，這說明(3)____。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C|D【分析】【解析】

試題分析：物體拋出之后做平拋運動，顯然不可能垂直落在A點。根據平拋運動規律則通過上式能夠分析證明，速度的反向延長線是水平位移的中點，因此AB均錯，C對。根據P=mgv可知，若打到B點，則打到B點時重力的功率為D對。

考點：平拋運動。

點評：本題考查了平拋運動中有關結論的證明，在選擇題中只要能夠知道結論就能直接使用。【解析】【答案】CD2、B【分析】【解析】

試題分析：遮光板通對第一個光電門的平均速度這個速度就是通過第一個光電門中間時刻的速度；即記時0.15s時的瞬時速度；

遮光板通對第二個光電門的平均速度這個速度就是通過第二個光電門中間時刻的速度；即第二個光電門記時0.05s時的瞬時速度；

因此加速度因此B正確。

考點：平均速度，瞬時速度【解析】【答案】B3、B【分析】解：A；根據圖象可知：F=kx；x是彈簧形變量x，即彈簧彈力與彈簧的形變量成正比，與彈簧長度不成正比，故A錯誤；

B；彈簧長度的變化量等于彈簧的形變量；根據A選項分析可知，彈簧長度的變化量與對應的彈力變化量成正比．故B正確；

C、在彈力與彈簧形變量圖象上，圖象的斜率表示勁度系數，由此可知該彈簧的勁度系數是k===200N/m；故C錯誤；

D；由于圖象斜率不變；因此當對彈簧的左端施加水平壓力時，彈簧勁度系數不變，故D錯誤．

故選：B

利用傳感器進行彈力與彈簧形變量之間關系的實驗；使實驗更加準確，解答本題的關鍵是根據胡克定律正確分析乙圖，得出彈力與形變量之間關系等信息．

通過實驗、圖象考查了對胡克定律的理解，要知道x的準確意義：彈簧的形變量，不是彈簧的長度．【解析】【答案】B4、D【分析】【分析】物體在傳送帶上運動時；物體和傳送帶要發生相對滑動，先做勻加速直線運動，當速度達到傳送帶速度后做勻速直線運動，電動機多做的功一部分轉化成了物體的動能，還有一部分轉化為內能.

解決本題的關鍵掌握能量守恒定律，以及知道劃痕的長度等于物塊在傳送帶上的相對位移．【解答】A.電動機多做的功轉化成了物體的動能和內能，物體在這個過程中獲得動能就是12mv2

所以電動機多做的功一定要大于12mv2

故A錯誤；

B.物體在傳送帶上的劃痕長等于物體在傳送帶上的相對位移，物塊達到速度v

所需的時間t=v婁脤g

在這段時間內物塊的位移x1=v22婁脤g

傳送帶的位移x2=vt=v2婁脤g

則物體相對位移x=x2鈭?x1=v22婁脤g

故B錯誤；

C.傳送帶克服摩擦力做的功就為電動機多做的功；所以由A

的分析可知，C錯誤；

D.電動機增加的功率即為克服摩擦力做功的功率；大小為fv=婁脤mgv

所以D正確。

故選D。【解析】D

5、A【分析】【分析】地球同步衛星的周期與地球自轉周期相同；地球對衛星的萬有引力提供圓周運動的向心力并就有關物理的矢量性展開討論即可；

抓住同步衛星的周期與地球自轉周期相同，根據萬有引力提供向心力展開討論，注意相關物理量的矢量性是關鍵；【解答】A.根據萬有引力提供圓周運動向心力可知；由于同步衛星的周期相同，其圓周運動的軌道半徑亦相同，即同步衛星離地心的距離相同，A正確；

B.根據萬有引力提供圓周運動向心力可知；同步衛星的線速度大小相同，但考慮到線速度的矢量性，不能說線速度相同，故B不正確；

C.根據萬有引力提供圓周運動向心力可知，同步衛星的向心加速度大小相同，但考慮到向心加速度的矢量性，不能說向心加速度相同，故C不正確；D.同步衛星向心力由地球對衛星的萬有引力提供，根據F脧貌=GMmr2

雖然地球質量相同，但衛星質量可能不一樣，故不同的衛星所需向心力不一定相同，故D錯誤；

故選A。

【解析】A

6、D【分析】解：設木塊的重力為G

將木塊所受的重力分解為垂直于斜面方向和沿斜面向下方向，沿斜面向下的分力大小為Gsin婁脠

如圖1

所示，為物體在斜面平面內受力情況．

力F

未撤掉時，由圖1

根據平衡條件得，靜摩擦力大小f1=F2+(Gsin婁脠)2.

所以最大靜摩擦力不小于。

F2+(Gsin婁脠)2

．

力F

撤掉時，重力分力Gsin婁脠<F2+(Gsin婁脠)2

即重力的下滑分力一定小于最大靜摩擦力，所以木塊仍保持靜止．

F

撤消后；由圖2

知，根據平衡條件得f2=Gsin婁脠

所以木塊受到的摩擦力變小.

由圖看出，木塊所受的摩擦力方向發生了改變.

故D正確，ABC錯誤．

故選：D

將木塊所受的重力分解為垂直于斜面方向和沿斜面方向；在垂直于斜面的平面內分析受力情況，根據平衡條件分析摩擦力大小和方向如何變化．

本題中木塊受力分布在立體空間中，可分成垂直于斜面和平行斜面兩個平面進行研究．【解析】D

7、B【分析】

依據題意；電流方向由東向西，而電流所在位置地磁場由南向北，故根據左手定則可知，安培力向下；

故選B．

【解析】【答案】地球是個巨大的磁體；地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近；通電直導線所受安培力F的方向根據左手定則判斷．

8、A【分析】【解析】

試題分析：物塊所受合外力提供向心力；合外力的大小不變，但方向指向圓心，隨時間不斷變化．故A正確C錯誤．合力指向圓心，即加速度時時刻刻指向圓心，BD錯誤；

故選A

考點：牛頓第二定律；向心力．

點評：本題其實就是勻速圓周運動問題，考查對其基本物理量的理解能力，比較容易．【解析】【答案】A9、A【分析】解：A

開普勒通過分析第谷的數據；最早發現行星運動的三大定律，故A正確；

B；日心說最早是由哥白尼提出的；故B錯誤；

C；牛頓通過開普勒的三定律以及自身提出的牛頓運動定律得出了萬有引力定律；故C錯誤；

D；牛頓提出了萬有引力定律；但沒能測出引力常量，而是由卡文迪行通過實驗測出來的，故D錯誤．

故選：A

．

明確人類對天體運動的發現歷程；根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一．【解析】A

二、雙選題(共5題，共10分)10、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC。【解析】rm{BC}11、BD【分析】【分析】本題主要考查物質的性質方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒。【解答】A.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD。【解析】rm{BD}12、BD【分析】【分析】該題是中等難度的試題，試題綜合性強，在注重對基礎知識考查的同時，更側重對學生能力的培養。該題學生需要注意的是在進行物質的量的有關計算時，關鍵是熟練應用幾個關系式rm{n=m/M}特別還要注意氣體摩爾體積的使用條件，即只能適用于氣體，且只有在標準狀況下，氣體的摩爾體積才是rm{22.4L/mol}【解答】根據題意可知，甲烷、氯化氫、rm{H_{2}S}的物質的量分別是rm{壟脵}rm{壟脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{壟脷}rm{壟脷}rm{壟脹}氨氣。A.根據阿伏加德羅定律可知，氣體的體積大小關系是rm{壟脹}故A錯誤；B.甲烷的質量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氫的質量是rm{壟脺0.2mol}氨氣。氨氣的質量是rm{壟脺0.2mol}所以質量關系是rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}故B正確；C.在相同條件下，氣體的密度之比是相對分子質量之比，故C錯誤；D.氫原子的物質的量分別是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{壟脺<壟脵<壟脹<壟脷}則氫原子數rm{1.2mol}故D正確。故選BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}13、BC【分析】【分析】本題考查了化學反應中的能量變化，理解化學鍵的斷裂和形成是能量變化的根本原因是解題的關鍵。

【解答】化學鍵的斷裂和形成是化學反應中能量變化的原因，破壞化學鍵要吸收能量，形成新的化學鍵要釋放能量，故B、C正確。故選BC。【解析】rm{BC}14、BD【分析】【分析】本題主要考查物質的性質方面的知識，解答時要理解一氧化碳、一氧化氮等物質能夠與血紅蛋白結合，從而引起中毒。【解答】A.二氧化硫對眼和呼吸道有強烈刺激作用，吸入高濃度二氧化硫可引起喉水腫、肺水腫、聲帶水腫及rm{(}或rm{)}痙攣導致窒息，rm{SO_{2}}還會導致糖及蛋白質的代謝障礙；從而引起腦；肝、脾等組織發生退行性變，故A錯誤；

B.一氧化碳容易與血液中的血紅蛋白結合，使人中毒；故B正確；

C.二氧化氮的毒作用主要是損害深部呼吸道；故C錯誤；

D.一氧化氮容易與血液中的血紅蛋白結合；使人中毒，故D正確。

故選BD。【解析】rm{BD}三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】

所選紙帶時間間隔相等，故可以等效代替速度；

故圖象縱坐標名稱為速度；橫坐標為時間；本段時間內的平均速度表示中間時刻的瞬時速度，故將各段中點用直線相連，即為v-t圖象，如圖所示；

v-t圖線中；圖象的斜率就是加速度．故可以求出斜率來表示加速度；

故答案為：加速度。

【解析】【答案】由題意可知本題的原理；要求得加速度應得出速度，由速度-時間圖象可得出加速度．

16、略

【分析】解：質點繞半徑為R

的圓圈運動一周，位置沒有變化，位移是0

走過的路程是2婁脨R

質點運動134

周，設從A

點開始逆時針運動，則末位置為C

如題圖所示，其位移為由A

指向C

的有向線段，大小為2R

路程即軌跡的總長為134

個周長，即72婁脨R

運動過程中位移最大是由A

到B

點時，最大位移是2R

最大路程即為72婁脨R

．

故答案為：02婁脨R2R72婁脨R2R

72婁脨R

解答本題應掌握：路程表示運動軌跡的長度；位移的大小等于物體首末位置的距離．

解決本題的關鍵知道路程和位移的區別，理解路程和位移的定義，并能正確求解位移和路程的大小．【解析】02婁脨R2R72婁脨R2R72婁脨R

17、略

【分析】

（1）根據共點力平衡得；

N=mgcosθ；f=mgsinθ

由f=μN得，

故物體沿斜面下滑的動摩擦因數為tanθ．

（2）物體沿斜面上滑的合力F合=mgsinθ+μmgcosθ

根據牛頓第二定律得，=2gsinθ

所以上滑的最大距離x=．

故能上滑的最大距離是．

【解析】【答案】（1）物體沿斜面勻速下滑；受到重力；支持力和滑動摩擦力處于平衡，根據共點力平衡求出支持力和滑動摩擦力，再根據f=μN求出動摩擦因數．

（2）物體沿斜面上滑時受重力；支持力和滑動摩擦力；求出物體的合力，根據牛頓第二定律求出加速度，運用勻變速直線運動的速度位移公式求出上滑的最大距離．

18、略

【分析】試題分析：因為經過1s后的速度可能與原來的速度相同，也可能相反，則根據解得或者所以物體的加速度的大小可能為6m/s2與14m/s2。考點：加速度的概念。【解析】【答案】6m/s2與14m/s219、略

【分析】解：每隔5

個點所取的記數點；所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.12s

根據勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

有：

xCD鈭?xAB=3aT2

解得：a=0.0583鈭?0.03623隆脕(0.12)2隆脰0.51m/s2

由于鈻?x=xBM鈭?xAB=aT2

解得xBM隆脰0.044m

故答案為：0.510.044

．

勻變速直線運動中，平均速度等于中間時刻的瞬時速度；根據勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

求解加速度．

本題關鍵明確：勻變速直線運動中，平均速度等于中間時刻的瞬時速度；連續相等的時間間隔內位移之差為恒量，即：鈻?x=aT2

．【解析】0.510.044

20、略

【分析】解：線速度的大小v=鈻?l鈻?t=10010m/s=10m/s

．

周期T=2婁脨Rv=2婁脨隆脕2010s=4婁脨s

．

角速度婁脴=2婁脨T=2婁脨4婁脨=0.5rad/s

．

故本題答案為：104婁脨0.5

．

根據v=鈻?l鈻?t

求出勻速圓周運動的線速度大小.

根據T=2婁脨Rv

求出運動的周期.

根據婁脴=2婁脨T

求出角速度的大小．

解決本題的關鍵掌握線速度、角速度、周期的關系公式，以及它們的聯系，v=鈻?l鈻?tT=2婁脨Rv婁脴=2婁脨T

．【解析】104婁脨0.5

四、計算題(共4題，共12分)21、略

【分析】【解析】（1）木棒從原地開始運動必須克服最大靜摩擦力；所以。

Fmax=F1=35N（2分）

（2）推力F2與滑動摩擦力相等時；木棒做勻速運動，所以。

F2=μmg（2分）

μ=F2/mg=0.3（1分）

（3）當水平推力使木棒勻速運動至木棒有0.5m露出桌面時，水平推力等于此時的滑動摩擦力，而滑動摩擦力F=μFN=μmg不變；所以。

F=30N（2分）【解析】【答案】1）Fmax=35N；（2）μ=0.3；（3）F=30N。22、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】

23、略

【分析】【解析】

試題分析：(1)設飛船的質量m,環繞地球做勻速圓周運動的半徑為r

根據萬有引力定律其中r=R+h

解得飛船離地面的高度為

(2)根據萬有引力定律及解得

考點：萬有引力定律【解析】【答案】(1)(2)24、解：AB

兩球轉動的角速度相等，故vAvB=21

對AB

兩球組成的系統應用機械能守恒定律；得到。

mg鈰?2L鈭?mgL=12mvA2+12mvB2

解得。

vA=22gl5

vB=2gl5

答：輕桿轉到豎直位置時A

球的速度為22gl5B

球的速度為2gl5

．【分析】

因AB

兩球用輕桿相連；故兩球轉動的角速度相等，對AB

兩球組成的系統應用機械能守恒定律即可解題．

本題關鍵是AB

球機械能均不守恒，但A

與B

系統機械能守恒，根據守恒定律列式求解即可．【解析】解：AB

兩球轉動的角速度相等，故vAvB=21

對AB

兩球組成的系統應用機械能守恒定律；得到。

mg鈰?