云南省彝良縣民族中學2025屆物理高二上期末綜合測試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、1922年英國物理學家阿斯頓因質譜儀的發明、同位素和質譜的研究榮獲了諾貝爾化學獎．若速度相同的一束粒子由左端射入質譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關說法中正確的是()A.該束帶電粒子帶負電B.速度選擇器的P1極板帶負電C.在B2磁場中運動半徑越大的粒子，質量越大D.在B2磁場中運動半徑越大的粒子，比荷越小2、如圖所示，勻強磁場的方向垂直紙面向里，磁場邊界豎直，寬度為2L，abcd是用金屬絲做成的邊長為L的正方形閉合線框，cd邊與磁場邊界重合，線框由圖示位置起以水平速度v勻速穿過磁場區域，在這個過程中，關于ab兩點間的電壓Uab隨時間變化的圖象正確的是（）A. B.C. D.3、兩個相互接觸的物體沒有發生熱傳遞，這是因為它們具有相同的（）A.質量 B.溫度C.內能 D.體積4、最早發現電流的磁效應的科學家是（）A奧斯特 B.羅蘭C.安培 D.法拉第5、如圖所示，從S處發出的熱電子經加速電壓U加速后垂直進入相互垂直的勻強電場和勻強磁場中，發現電子流向上極板偏轉．設兩極板間電場強度為E，磁感應強度為B.欲使電子沿直線從電場和磁場區域通過，只采取下列措施，其中可行的是（）A.適當減小加速電壓UB.適當減小電場強度EC.適當增大加速電場極板之間的距離D.適當減小磁感應強度B6、如圖所示，豎直放置的長直導線通以恒定電流，有一矩形線框與導線在同一平面內，在下列情況中不能使線圈產生感應電流的是（）A.導線中電流強度變大 B.線框向右平動C.線框向下平動 D.線框以ab邊為軸轉動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，豎直的光滑半圓形軌道，水平直徑ac=2R，軌道左半部分處在垂直紙面向里的勻強磁場中，右半部分處在垂直紙面向外的勻強磁場中．將質量為m的金屬小球從a點無初速釋放，下列說法正確的是A.小球不可能運動到c點B.運動過程中小球內沒有感應電流C.運動過程中系統的機械能守恒D.小球最終產生的內能為mgR8、兩塊平行金屬板間的電壓是U，板間是一個勻強電場，場強是E，板間距離為d。一個帶正電q的粒子質量為m，粒子從正極板處由靜止開始向負極板運動，到達負極板時的動能是A.qU B.C.qEd D.9、如圖所示，為理想變壓器，電流表、電壓表均為理想交流電表，為定值電阻，為滑動變阻器，為電容器，兩點間接正弦交流電，則A.只將滑片下移時，電流表示數變小B.只將滑片下移時，電壓表示數變大C.只增大輸入交流電的電壓時，電流表示數變大D.只增大輸入交流電的頻率時，電壓表示數變大10、如圖所示的電路中，線圈L的自感系數足夠大，其直流電阻忽略不計，A、B是兩個相同的燈泡，下列說法中正確的是()A.S閉合后，A、B同時發光且亮度不變B.S閉合后，A立即發光，然后又逐漸熄滅C.S斷開的瞬間，A、B同時熄滅D.S斷開的瞬間，A再次發光，然后又逐漸熄滅三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用多用電表測量一未知電阻阻值，選擇了“×1k”擋位，并進行了歐姆調零?測量時發現指針指在圖1所示位置，則應改換_________擋位?重新歐姆調零之后，指針位置如圖2所示，則該電阻的阻值為_________Ω?12．（12分）如圖所示，游標卡尺讀數為_____mm；螺旋測微器讀數為_____mm。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，將邊長為L、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向垂直線圈平面）(1)拉力F做的功WF和拉力F的功率PF(2)線圈放出的熱量Q14．（16分）如圖所示，在x>0的空間中，存在沿x軸正方向的勻強電場E；在x<0的空間內，存在沿x軸負方向的勻強電場，場強大小也等于E．一電子（－e，m）在x＝d處的P點以沿y軸正方向的初速度v0開始運動，不計電子重力．求：（1）電子在x方向分運動的周期（2）電子運動的軌跡與y軸的各個交點中，任意兩個相鄰交點之間的距離l15．（12分）如圖，兩條平行的光滑金屬軌道MN、PQ與水平面成θ角固定，軌距為d．P、M間接有阻值為R的電阻．質量為m的金屬桿ab水平放置在軌道上，其有效阻值為R．空間存在磁感應強度為B的勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上．現從靜止釋放ab．若軌道足夠長且電阻不計，重力加速度為g．求：（1）ab運動的最大速度vm；（2）當ab具有最大速度時，ab消耗的電功率P；（3）為使ab向下做勻加速直線運動，在ab中點施加一個平行于軌道且垂直于ab的力F，推導F隨時間t變化的關系式，并分析F的變化與a的關系

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A、帶電粒子在磁場中向下偏轉，磁場的方向垂直紙面向外，根據左手定則知，該粒子帶正電，故A錯誤；B、在平行金屬板間，根據左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場力的方向豎直向下，知電場強度的方向豎直向下，所以速度選擇器的極板帶正電，故B錯誤；C、進入磁場中的粒子速度是一定的，根據得，，知r越大，荷質比越小，而質量m不一定大，故C錯誤，D正確2、B【解析】本題主要考查電磁感應與電路知識的應用，利用楞次定律或右手定則可判斷感應電流的方向，由此可判斷電勢高低；根據切割磁感線的那部分導體相當于電源可將線圈等效為一個電路，結合串聯電路的知識可求得ab兩點間的電壓【詳解】

時間內，cd邊進入磁場，由楞次定律或右手定則判斷出感應電流方向沿逆時針方向，則a的電勢高于b的電勢，為正．ab兩端電勢差：

；時間內，線框完全磁場中運動，由右手定則判斷可知，a的電勢高于b的電勢，為正．ab兩端電勢差：；

時間內，cd邊穿出磁場，ab邊切割磁感線，其兩端電勢差等于路端電壓，由右手定則知，a點的電勢高于b的電勢，

．故B正確3、B【解析】兩個相互接觸的物體沒有發生熱傳遞，這是因為它們具有相同的溫度；A．質量，與結論不相符，選項A錯誤；B．溫度，與結論相符，選項B正確；C．內能，與結論不相符，選項C錯誤；D．體積，與結論不相符，選項D錯誤；故選B.4、A【解析】最早發現電流的磁效應的科學家是奧斯特,故選A.5、B【解析】要使粒子在復合場中做勻速直線運動，故Eq=qvB．根據左手定則可知電子所受的洛倫茲力的方向豎直向下，故電子向上極板偏轉的原因是電場力大于洛倫茲力，所以要么減小電場力，要么增大洛倫茲力．根據eU=mv2可得，適當減小加速電壓U，可以減小電子在復合場中運動的速度v，從而減小洛倫茲力．故A錯誤．適當減小電場強度E，即可以減小電場力，故B正確．適當增大加速電場極板之間的距離，根據eU=mv2可得，由于粒子兩者間的電壓沒有變化，所以電子進入磁場的速率沒有變化，因此沒有改變電場力和洛倫茲力的大小，故C錯誤．適當減小磁感強度B，可以減小洛倫茲力，故D錯誤．故選B點睛：本題是綜合性較強的題目，物體的運動分成兩個階段：在電場中的加速和在復合場中的勻速直線運動．在解題時要注意運動過程分析和受力分析6、C【解析】產生感應電流的條件是：穿過閉合電路的磁通量發生變化．若閉合電路的一部分導體做切割磁感線運動，閉合電路中也可能產生感應電流．對照條件分析電路中有無感應電流產生【詳解】導線中電流強度變大，磁場增大，線框中的磁感應強度增大，故磁通量增大，可以產生感應電流，故A錯誤；線框向右平動，線框中的磁感應強度減小，故磁通量減小，可以產生感應電流，故B錯誤；線框向下運動時，線框中的磁感應強度不變，磁通量不變，故不會產生感應電流，故C正確；線框以ab直導線為軸轉動，穿過線框的磁通量變化，則有產生感應電流，故D錯誤；故選C【點睛】判斷電路中能否產生感應電流，應把握兩點：一是要有閉合回路；二是回路中的磁通量要發生變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】ABC.小球左邊磁場進入右邊磁場過程中，磁通量先向里減小，再向外增加，所以磁通量發生了變化，會產生感應電流，系統機械能不守恒，所以小球不能運動到c點，故A正確，BC錯誤；D.根據能量守恒，可知小球最終停在最低點b，重力勢能全部轉化為內能，所以小球最終產生的內能為mgR，故D正確8、AC【解析】粒子從正極板處由靜止開始向負極板運動，電場力作正功，轉化為粒子的動能，電場力所做的功為到達負極板時的動能是qU或qEdA.qU與分析相符，故A正確。B.與分析不符，故B錯誤。C.qEd與分析相符，故C正確。D.與分析不符，故D錯誤。9、AC【解析】和閉合電路中的動態分析類似，可以根據R2的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況；【詳解】A、只將滑片P

1下移，副線圈兩端電壓變小，輸出功率變小，輸入功率也變小，原線圈電流變小，電流表A示數變小，故A正確；B、只將滑片P

2下移，副線圈回路電阻變小，副線圈電流變大，電阻R

1分壓變大，電壓表示數變小，故B錯誤；C、只增大交流電的電壓時，副線圈電壓增大，輸出電流增大，輸入電流也增大，電流表示數變大，故C正確；D、只增大交變電流的頻率，電容器的容抗減小，副線圈電流增大，R

1分壓增大，電壓表示數變小，故D錯誤；故選AC10、BD【解析】L是自感系數足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，LA、LB是兩個完全相同的小燈泡。AB．S閉合瞬間，但由于線圈的電流增加，導致線圈中出現感應電動勢從而阻礙電流的增加，所以兩燈同時亮，當電流穩定時，由于電阻可忽略不計，所以以后LA熄滅，LB變亮，故A錯誤，B正確；CD．S斷開的瞬間，LB立即熄滅，但由于線圈的電流減小，導致線圈中出現感應電動勢從而阻礙電流的減小，所以LA亮一下再慢慢熄滅，故C錯誤，D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×100②.1900【解析】考查歐姆表讀數。【詳解】(1)[1]由于歐姆表表盤零刻度在右側，并且刻度不均勻，由歐姆表的構造可知，表針越靠近中央讀數越準，從圖1可知，電阻阻值較小，因此選用小檔位測量，因此應將檔位換為×100。(2)[2]歐姆檔是倍率檔，由于是×100檔位，因此電阻阻值為19×100Ω=1900Ω12、①.21.6②.0.920(0.919或0.921均可)【解析】[1]游標卡尺的主尺讀數為21mm，游標尺上第6個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數為6×0.1mm=0.6mm，所以最終讀數為：21mm+0.6mm=21.6mm；[2]螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為42.0×0.01mm=0.420mm，所以最終讀數為0.5mm+0.420mm=0.920mm，由于讀數誤差，所以0.919mm或0.921mm均可。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）【解析】（1）線圈勻速拉出時，拉力等于安培力，結合切割產生的感應電動勢公式、閉合電路歐姆定律以及安培力的大小公式求出拉力的大小（2）拉力F的功率PF=Fv（3）根據焦耳定律求出線圈中產生的熱量或由功能關系求解【詳解】（1）因為線圈被勻速拉出，所以F=F安感應電動勢的大小為：E=BLv根據閉合歐姆定律得：則拉力為：F=F安=拉力的功：拉力F的功率為：PF=Fv=（2）線圈放出的熱量等于拉力F做的功，則【點睛】本題綜合考查了電磁感應與電路的綜合，要求掌握切割產生的感應電動勢公式、閉合電路歐姆定律、安培力大小公式以及焦耳定律的公式等14、(1)(2)【解析】電子射入電場后，y方向的分運動一直為勻速運動；x方向的分運動為先是－x方向的加速運動，接著是－x方向的減速運動，又＋x方向的加速運動，再＋x方向的減速運動……，如此反復．故電子運動的軌跡如圖所示（1）設電子從射入到第一次與y軸相交所用時間為t，則解得：所以，電子在x方向分運動的周