湖南省婁底市婁星區2025屆高二物理第一學期期末聯考試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、不可回收的航天器最終將成為漂浮在太空中的垃圾．如圖所示，是繞地球運行的太空垃圾，對于離地面越高的太空垃圾，下列說法正確的是()A.運行速率越大B運行速率越小C.運行周期越小D.可能追上同一軌道上的航天器2、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的距離為r，所帶的電荷量都為q，則它們間的作用力（）A. B.C. D.3、下列說法中正確的是（）A.點電荷是一種理想化模型，真正的點電荷是可以在自然界找到的B.點電荷就是體積和電荷量都很小的帶電體C.根據可知，當時，D.一個帶電體能否看成點電荷，不是看它的尺寸大小，而是看它的形狀和大小對所研究的問題的影響是否可以忽略不計4、下面關于質點的說法中，正確的是()A.計算火車通過站臺時間可把火車看成質點B.研究沿地面翻滾前進的體操運動員的動作時，可把運動員看成質點C.螞蟻很小，可把螞蟻看成質點D.研究地球的公轉時可把地球看成質點5、如圖所示為電流產生磁場的分布圖，正確的分布圖是()A.①③ B.②③C.①④ D.②④6、如圖所示，A和B為豎直放置的平行金屬板，在兩極板間用絕緣線懸掛一帶電小球．開始時開關S閉合且滑動變阻器的滑動頭P在a處，此時絕緣線向右偏離豎直方向．（電源的內阻不能忽略）下列判斷正確的是（）A.小球帶負電B.當滑動頭從a向b滑動時，細線的偏角θ變大C.當滑動頭從a向b滑動時，電流表中有電流，方向從上向下D.當滑動頭從a向b滑動時，電源的總功率一定變小.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示()A.電路中每通過1C的電荷量，電源就把2J的化學能轉化為電能B.蓄電池把其他形式的能轉化為電能的本領比干電池的大C.蓄電池在1秒內將2J的化學能轉化為電能D.蓄電池接入不同電路中，電動勢就會發生變化8、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后，（電壓表和電流表均視為理想）下列結論正確的是（）A.燈泡L變亮 B.電源的輸出功率變小C電流表讀數變小 D.電容器C上電荷量減小9、如圖所示，一個質量為m、電荷量為q的帶正電圓環，可在水平放置的足夠長的粗糙細桿上滑動，細桿處于磁感應強度為B的勻強磁場中。現使圓環以初速度水平向右運動，在以后的運動中，圓環克服摩擦力所做的功可能為（重力加速度為g）（）A.0 B.C. D.10、如圖甲所示，實線是一個電阻為R、半徑為a的圓形金屬線圈，線圈內部半徑為b的圓形虛線范圍內存在一方向垂直于線圈平面的勻強磁場，已知磁場的磁感應強度B隨時間變化的圖象如圖乙所示，時刻磁場方向垂直于紙面向里，則下列說法正確的是A.時刻，穿過線圈磁通量為B.在時間內，線圈磁通量的變化量為C.在時間內，通過線圈導線橫截面的電荷量為D.在時間內，線圈中的感應電流方向始終為順時針方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測定一個圓柱體的電阻率，進行了如下操作：（1）用10分度的游標卡尺測量圓柱體的長度，由圖可知其長度為______mm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖，可知其直徑為_______mm；（3）用已調零且選擇旋鈕指向歐姆擋“×1”位置的多用電表粗略測量該圓柱體的電阻，根據圖所示的表盤，可讀出被測電阻阻值為______Ω（4）為了精確的測量該圓柱體的電阻，他選用了以下儀器，用伏安法進行測量，實驗要求電壓表的讀數從0開始，請在框圖中畫出實驗電路圖_______A．直流電源，輸出電壓為6V；B．電壓表3V，內阻大約1kΩ；C．電流表0.6A，內阻大約1Ω；D．滑動變阻器，總電阻10Ω；E．開關、導線若干12．（12分）要測一個待測電阻Rx（190Ω~210Ω）的阻值，實驗室提供了如下器材：電源E：電動勢3.0V，內阻不計；電流表A1：量程0~10mA，內阻r1約50Ω；電流表A2：量程0~500μA，內阻r2為1000Ω；滑動變阻器R1：最大阻值20Ω，額定電流2A；定值電阻R2=5000Ω；定值電阻R3=500Ω；電鍵S及導線若干。要求實驗中盡可能準確測量Rx的阻值，請回答下面問題：（1）為了測定待測電阻上的電壓，可以將電流表_________（選填“A1”或“A2”）串聯定值電阻_________（選填“R2”或“R3”），將其改裝成一個量程為3.0V的電壓表。（2）在方框中畫出實驗電路_________。（3）若所選測量電路中電流表的讀數為I=6.2mA，改裝后的電壓表讀數1.20V，考慮電壓表內阻，求出待測電阻Rx＝_________Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的電路中，電阻R1＝15Ω，R2＝30Ω．當開關S1、S2都閉合時，電流表的讀數I1＝0.4A；當開關S1閉合、S2斷開時，電流表的讀數I2＝0.3A；．求電源的電動勢E和內阻r14．（16分）如圖所示，兩根相距為L的光滑平行金屬導軌CD、EF固定在水平面內，并處在豎直向下的勻強磁場中，導軌足夠長且電阻不計．在導軌的左端接入阻值為R的定值電阻，將質量為m、電阻可忽略不計的金屬棒MN垂直放置在導軌上，可以認為MN棒的長度與導軌寬度相等，且金屬棒運動過程中始終與導軌垂直并接觸良好，不計空氣阻力．金屬棒MN以恒定速度v向右運動過程中，假設磁感應強度大小為B且保持不變，為了方便，可認為導體棒中的自由電荷為正電荷（1）請根據法拉第電磁感應定律，推導金屬棒MN中的感應電動勢E；（2）在上述情景中，金屬棒MN相當于一個電源，這時的非靜電力與棒中自由電荷所受洛倫茲力有關．請根據電動勢的定義，推導金屬棒MN中的感應電動勢E（3）請在圖中畫出自由電荷所受洛倫茲力示意圖．我們知道，洛倫茲力對運動電荷不做功．那么，金屬棒MN中的自由電荷所受洛倫茲力是如何在能量轉化過程中起到作用的呢？請結合圖中自由電荷受洛倫茲力情況，通過計算分析說明15．（12分）在平面直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為B．一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以一定的初速度垂直于y軸射入電場，經x軸上的N點與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，已知ON＝d，如圖所示．不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R；（2）粒子在M點的初速度v0的大小；（3）粒子從M點運動到P點的總時間t

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據萬有引力提供圓周運動向心力，由軌道的大小變化判定描述圓周運動物理量大小關系即可【詳解】根據萬有引力提供圓周運動向心力有：A、B項：垃圾的運行速率可得半徑越大的太空垃圾運行速率越小，故A錯誤，B正確；C項：垃圾運行的周期T=可得半徑越大的太空垃圾周期越大，故C錯誤；D項：在同一軌道上運動的航天器周期和線速度大小相同，故在同一軌道上不能追上同一軌道的航天器，故D錯誤故應選：B【點睛】航天器繞地球勻速圓周運動向心力由萬有引力提供，能根據半徑關系分析描述圓周運動物理量的大小關系是正確解題的關鍵2、C【解析】根據庫侖定律可知，它們間的作用力。故選C。3、D【解析】A.點電荷是一種理想化模型，真正的點電荷實際上并不存在，選項A不符合題意；B.當兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看作點電荷，與體積大小無直接關系，選項B不符合題意；C.庫侖定律只適用于真空中的靜止的點電荷，當距離很小時，帶電體不能再看作是點電荷，故庫侖定律不再適用，故C不符合題意；D.一個帶電體能否看成點電荷，不是看它的尺寸大小，而是看它的形狀和大小對所研究的問題的影響是否可以忽略不計，選項D符合題意.4、D【解析】A.火車長度大于站臺的長度，故計算火車通過站臺的時間時不能看作質點，故A錯誤；B.研究沿地面翻滾前進的體操運動員的動作時不能把運動員看成質點，點沒有動作，故B錯誤；C.螞蟻雖小，但研究螞蟻的爬動姿態時，不能把螞蟻看成質點，故C錯誤；D.研究地球繞太陽公轉時，地球大小相對于地球和太陽之間距離來說太小了，完全可以忽略，此時可以看成質點，故選項D正確5、C【解析】①②．通電直導線周圍產生的磁場由安培定則，右手握住導線，大拇指指向電流方向，則四指彎曲的方向為磁場方向，故①正確，②錯誤；③④．場源為環形電流，注意讓彎曲的四指指向電流的方向，右手螺旋定則判斷出③錯誤，④正確。故選C。6、C【解析】A．由圖，A板帶正電，B帶負電，電容器內電場方向水平向右．細線向右偏，電場力向右，則小球帶正電，故A錯誤；B．滑動頭向右移動時，R變小，外電路總電阻變小，總電流變大，路端電壓變小，電容器電壓變小，細線偏角變小，故B錯誤；C．滑動頭向右移動時，電容器電壓變小，電容器放電，因A板帶正電，則流過電流表的電流方向向下，故C正確；D．在滑片由a向b滑動時，滑動變阻器接入電阻減小；總電阻減小，總電流增大，則可知，總功率增大，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A．鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功為2J，即電源把2J的化學能轉化為電能，故A正確；B．電動勢反映電源將其他形式的能轉化為電能的本領；故鉛蓄電池把其他形式能轉化為電能的本領比一節干電池（電動勢為1.5V）的強，故B正確；C．電源的電動勢表示將1C的電量轉移時做功為2J，但并不明確做功的時間；故C錯誤；D．電動勢反映電源將其他形式的能轉化為電能的本領；與接入的外電路無關，故D錯誤8、BC【解析】A．當滑動變阻器滑片P向左移動時，其接入電路的電阻增大，電路的總電阻增大，總電流I減小，燈泡的功率，不變，則P減小，燈泡L變暗，故A錯誤；B．當內、外電阻相等時，電源的輸出功率最大，由于燈泡L的電阻大于電源的內阻，當R增大時，電源的內、外電阻的差值增大，則電源的輸出功率減小，故B正確；C．電路中電流減小，電流表讀數變小，故C正確；D．變阻器兩端電壓增大，電容器與變阻器并聯，電容器上電壓也增大，則其電荷量增大，故D錯誤。故選BC。9、ACD【解析】由左手定則可知，圓環向右運動時受到向上的洛倫茲力；A．當qv0B=mg時，圓環不受支持力和摩擦力，摩擦力做功為零。故A正確。C．當qv0B＜mg時，圓環做減速運動到靜止，只有摩擦力做功。根據動能定理得：解得故C正確。D．當qv0B＞mg時，圓環先做減速運動，當qvB=mg時，不受摩擦力，做勻速直線運動。由qvB=mg可得：勻速運動的速度：根據動能定理得：解得：故D正確。B．由以上的分析可知，克服摩擦力做的功不可能為，故B錯誤；故選ACD。10、BCD【解析】A．時刻，磁感應強度為穿過線圈的磁通量為，故A錯誤；B．在時間內，線圈磁通量由垂直紙面向里變為垂直紙面向外，變化量為，故B正確；C．在時間內，根據法拉第電磁感應定律，產生的感應電動勢為：，根據閉合電路歐姆定律，產生的感應電流為：，通過線圈導線橫截面的電荷量，故C正確；D．根據楞次定律和安培定則，感應電流的方向方向為順時針，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.22.6②.6.360-6.363③.7④.【解析】（1）由圖得主尺讀數為2.2cm=22mm，游標尺讀數為，所以圓柱體的長度為22+0.6mm=22.6mm．由圖得主尺讀數為6mm，可動刻度讀數為，所以圓柱體的直徑為6+0.360mm=6.360mm．由圖知，電阻讀數要讀多用電表最上的表盤，即讀數為由題意要求電壓表的讀數從0開始，所以滑動變阻器要用分壓接法，由待測電阻大約為7歐，滿足電壓表的內阻遠大于待測電阻，得電流表要用外接法，電路圖如圖所示：【點睛】學生要會讀游標卡尺、螺旋測微器、多用電表的示數，知道滑動變阻器必須用分壓接法的三種情況12、①.A2②.R2③.④.200【解析】（1）[1][2]根據題意可知，可以將已知內阻的電流表A2串聯一個定值電阻，從而起到分壓的作用，其串聯的定值電阻為：所以選擇定值電阻R2。（2）[3]因為題中的滑動變阻器的阻值較小，所以滑動變阻器選擇分壓式，電路圖如圖所示。（3）[4]根據歐姆定律可知，待測電阻的阻值為：。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、6V；5Ω【解析】對開關S1、S2都閉合時和開關S1閉合、S2斷開時的兩種情況，分別根據閉合電路歐姆定律列方程，聯立求解即可【詳解】當開關S1、S2都閉合時，R1、R2并聯，外電路總電阻為：=10Ω由閉合電路歐姆定律得：代入得：E＝0.4×（10+r）…①當開關S1閉合、S2斷開時，由閉合電路歐姆定律得：代入得：E＝0.3×（15+r）…②解方程①②得：E＝6V，r＝5Ω【點睛】根據兩種情況分別列方程，由閉合電路歐姆定律求電源的電動勢和內阻是常用的方法，類似于實驗中伏阻法14、（1）；（2）（3）見解析【解析】(1)先求出金屬棒MN向右滑行的位移,得到回路磁通量的變化量,再由法拉第電磁感應定律求得E的表達式;(2)棒向右運動時,電子具有向右的分速度,受到沿棒向下的洛倫茲力，,棒中電子在洛倫茲力的作用下,電子從M移動到N的過程中,非靜電力做功,根據電動勢定義計算得出E.（3）可以從微觀的角度求出水平和豎直方向上的洛倫茲力做功情況，在比較整個過程中做功的變化狀況【詳解】（1