河北省涉縣一中2025屆物理高一第一學期期中達標檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、茶杯在水平桌面上處于靜止，下列選項中說法正確的是（）A．茶杯對桌面的壓力就是茶杯的重力B．茶杯對桌面的壓力是作用在茶杯上的C．茶杯對桌面的壓力是由于桌面發生形變而產生的D．茶杯對桌面的壓力是由于茶杯發生形變而產生的2、有一物體做直線運動，其v-t圖象如圖所示，從圖中看出，物體加速度和速度方向相同的時間是A．B．C．和D．和3、物體A、B都靜止在同一水平面上，它們的質量分別為mA、mB，與水平面間的動摩擦因數分別為μA、μB，用平行于水平面的拉力F分別拉物體A、B，所得加速度a與拉力F的關系圖線如圖中A、B所示，則由圖線可知()A．μA>μB，mB>mA B．μA=μB，mB>mA C．μA<μB，mB>mA D．可能mA、mB相等4、下列說法中正確的是（）A．有加速度的物體其速度一定增加B．研究地球自轉時,地球可以看作質點C．摩擦力的方向總是與物體運動的方向相反D．用手拉橡皮筋,由于橡皮筋發生了彈性形變要恢復原狀,橡皮筋對手產生了彈力5、下列各組物理量均為矢量的是（）A．位移、速度、加速度 B．位移、速率、力C．加速度、平均速度、時間 D．路程、位移、速度6、汽車從立交橋頂上向下做變速直線運動．已知第1s內通過2m、第2s內通過4m、第3s內通過6m，則下列說法中正確的是（）A．第2s內的平均速度是4m/sB．第2s內的平均速度是2m/sC．第2s末的瞬時速度是2m/sD．第2s末的瞬時速度是4m/s7、如圖所示，將一長方形木塊鋸開為A，B兩部分后，靜止放置在水平地面上。則（）A．A受到三個力作用 B．B受到五個力作用C．A對B的作用力方向垂直于它們的接觸面向下 D．A對B的作用力方向豎直向下8、在物理學發展的過程中，許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程．在對以下幾位物理學家所做科學貢獻或者研究方法的敘述中，正確的說法是A．在對自由落體運動的研究中，伽利略猜想運動速度與下落時間成正比，并直接用實驗進行了驗證B．伽利略是偉大的物理學家，他最先建立了速度、加速度等概念，并創造了一套科學研究方法C．在推導勻變速直線運動的位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，物理學中把這種研究方法叫做“理想模型法”D．亞里士多德認為兩個物體從同一高度自由落下，重物體與輕物體下落一樣快9、家樂福、沃爾瑪等大型超市為方便顧客，經常安裝有傾斜的無臺階式自動扶梯，由于節能減排的考慮，在沒有乘客時，自動扶梯以較小的速度勻速運行，當乘客站立時，自動扶梯經過先加速再勻速兩個階段運行，設乘客一上扶梯即與扶梯相對靜止，則當乘客踏上原來空無一人斜向上運行的自動扶梯時()A．扶梯加速運行時，對乘客的摩擦力為滑動摩擦力B．扶梯勻速運行時，對乘客沒有摩擦力C．在此情境下，扶梯在加速和勻速階段對乘客的摩擦力均為靜摩擦力D．扶梯勻速運行時，對乘客的摩擦力方向沿扶梯向上10、關于瞬時速度和平均速度，下列說法正確的是()A．一般講平均速度時，必須講清楚是哪段時間(或哪段位移)內的平均速度B．對于勻速直線運動，其平均速度跟哪段時間(或哪段位移)無關C．瞬時速度和平均速度都可以精確地描述變速運動D．瞬時速度是某時刻的速度，只有瞬時速度才能精確描述變速運動11、下列說法，正確的是（）A．兩個物體之間只要有摩擦力就會有彈力B．放在桌面上的物體受到的支持力是由于桌面發生形變而產生的C．滑動摩擦力的方向總是和物體的運動方向相反D．形狀規則的物體的重心必與其幾何中心重合12、以初速度v0豎直上拋一個小球,不計空氣阻力,0～T時間內位移大小為2.4m,T～3T時間內位移等于0,上升的最大高度為h,共運動t時間返回拋出點,則對此運動判斷正確的是(重力加速度g=10m/A．T=0.4sB．v0=4m/sC．h=3.2m二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在“研究勻變速直線運動”的實驗中，打點計時器使用交流電源的頻率是，打點計時器在小車拖動的紙帶上打下一系列點跡，以此記錄小車的運動情況．下圖為某次實驗打出的一條紙帶，其中、、、為依次選中的計數點（各相鄰計數點之間有四個點跡）．根據圖中標出的數據可知，打點計時器在打出計數點時小車的速度大小為____________________，小車做勻加速直線運動的加速度大小為__________．（計算結果均保留位有效數字）14、（10分）某同學做“探究彈力和彈簧伸長量的關系”的實驗．①圖甲是不掛鉤碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，其示數為7.73cm，圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針所指的標尺刻度，此時彈簧的伸長量△l為_______cm;②本實驗通過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關于此操作，下列選項中規范的做法是______；（填選項前的字母）A．逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重B．隨意增減鉤碼，記下增減鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重③圖丙是該同學描繪的彈簧的伸長量△l與彈力F的關系圖線，圖線的AB段明顯偏離直線OA，造成這種現象的主要原因是_____________．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）汽車剎車前的速度為5m/s，剎車獲得的加速度大小為0.4m/s2，則(1)從開始剎車后20s內滑行的距離；(2)從開始剎車到汽車為位移為30m時所經歷的時間；(3)靜止前2.5s內汽車滑行的距離.16、（12分）某航母靜止在海面上，跑道長200m，起飛時飛機在航母上滑行加速度為8m/s2，起飛需要最低速度為60m/s.那么飛機在滑行前需要借助彈射系統獲得的最小初速度是多少？飛機在跑道上的滑行時間是多少？17、（12分）甲車以加速度3m/s2由靜止開始作勻加速直線運動，乙車落后2s在同一地點由靜止開始，以加速度4m/s2作勻加速直線運動，兩車的運動方向相同，求：（1）2s后甲車的速度是多少？位移是多少？（2）在乙車追上甲車之前，兩車距離的最大值是多少？（3）乙車出發后經多長時間可追上甲車？此時它們離開出發點多遠？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】

C、D、茶杯受到重力，會與桌面間相互擠壓，茶杯和桌面在力的作用下同時發生微小形變，產生彈力，因而茶杯受到兩個力，重力和支持力，是一對平衡力，茶杯對桌面的壓力是彈力，是由于茶杯發生形變引起，同樣，桌面對茶杯的支持力也是彈力，是由于桌面形變引起的，故C錯誤，D正確；A、茶杯靜止在水平桌面上，茶杯對水平桌面的壓力大小等于茶杯的重力，由于壓力與重力的施力物體和受力物體都不同，不能說壓力就是重力，故A錯誤；B、杯對桌面的壓力是作用在桌面上的，故B錯誤；故選D.【點睛】一對平衡力與一對作用力和反作用力的最大的區別在于：一對平衡力是同一物體受到的力，是共點力；而一對作用力與反作用力是兩個物體間的相互作用力，作用在不同的物體上.2、D【解析】當加速度與速度方向一致時，物體做加速運動，由圖可知，0—2s物體沿正方向做加速運動，物體沿負方向做加速運動，D正確，ABC錯誤。故選：D。點睛：速度的正負表示方向，絕對值增大表示物體做加速運動。3、A【解析】

對物體受力分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力，根據牛頓第二定律列式，結合加速度a與拉力F的關系圖象分析即可.【詳解】對質量為M的物體受力分析，假定動摩擦因數為μ，根據牛頓第二定律，有：F-μmg=ma，解得：a=FM-μg，故a與F關系圖象的斜率表示質量的倒數，故mA＜mB；從圖象可以看出縱軸截距用表示-μg表示，故μA＞μ【點睛】本題關鍵對物體受力分析后，根據牛頓第二定律列式求解出a與F關系式，再結合圖象進行討論.4、D【解析】

A、有加速度的物體其速度一定變化，但可以增大或減小；故A錯誤.B、研究地球自轉時，如果看做質點則無法研究，故地球不可以看作質點；故B錯誤.C、滑動摩擦力的方向總是阻礙物體間的相對運動，故總是與物體相對運動的方向相反，但不一定與運動方向相反；故C錯誤.D、用手拉橡皮筋，由于橡皮筋發生了彈性形變要恢復原狀，橡皮筋對手產生了彈力；故D正確.故選D.【點睛】本題考查了質點的條件，運動的性質和三大力重力和彈力、摩擦力，注意力的性質和產生條件.5、A【解析】

位移、速度、加速度、力和平均速度都是既有大小又有方向的矢量；速率、時間和路程只有大小，沒有方向，是標量．故選A.6、A【解析】

根據平均速度的公式可求得各時間段內的平均速度，注意由于物體做變速運動，故無法求得瞬時速度．【詳解】AB.第2s內的平均速度v=41m/s＝4m/s，故A符合題意；B不符合題意；CD.由于物體做變速直線運動，故無法求出瞬時速度，故CD不符合題意。【點睛】本題考查對平均速度和瞬時速度的理解，注意在解此類問題時，一定要注意克服思維定勢，不能簡單地當作勻變速直線運動來處理7、AD【解析】

A．對A受力分析可知，A受重力、支持力的作用，由于支持力沿垂直于斜面方向，故為了讓A保持平衡，A應受B沿斜面向上的摩擦力，故A受三個力作用；故A正確；B．對整體分析可知，整體在水平方向沒有外力作用，故地面對B沒有摩擦力；對B受力分析可知，B受重力、地面的支持力，A對B的靜摩擦力與A對B的壓力而處于平衡狀態，因此B只受4個力，故B錯誤；CD．對A物體分析，自身重力，B對A的支持力與靜摩擦力，根據共點力的平衡條件可知，AB間作用力與重力等值反向，因此A對B的作用力方向豎直向下，故C錯誤，D正確；故選AD。8、BC【解析】

A.伽利略猜想自由落體的運動速度與下落時間成正比，并未直接進行驗證，而是在斜面實驗的基礎上的合理推理，故A錯誤；B.伽利略是偉大的物理學家，他最先建立了速度、加速度等概念．并創造了一套科學研究方法，故B正確；C.把整個運動過程劃分成很多小段進行研究，每一小段近似看作勻速直線運動，這種研究方法叫做“微元法”，故C正確；D.亞里士多德認為兩個物體從同一高度自由落下，重物體比輕物體下落的快，故D錯誤．故選BC.9、CD【解析】

A.扶梯加速運行時，乘客與電梯相對靜止，沒有發生相對滑動，所以，受到的摩擦力是靜摩擦力；故A錯誤；B.扶梯勻速運行時，乘客站在斜面上，始終受摩擦力作用，否則由于重力作用，人將沿斜面滑下來，故B錯誤；C.無論加速還是勻速，乘客與電梯都是相對靜止，都沒有發生相對滑動，所以，受到的摩擦力是靜摩擦力；故C正確；D.由于扶梯勻速運行，摩擦力與支持力方向的合力與重力平衡，而摩擦力一定平行于接觸面，故摩擦力一定沿扶梯向上，故D正確；10、ABD【解析】

A．平均速度對應一段過程，所以講平均速度時，必須講清楚是哪一段時間或哪一段位移內的平均速度，故A正確；B．勻速直線運動中任意一段相同時間內的位移都相同，故B正確；CD．平均速度在一定程度上也可以精確描述變速運動，例如取較小一段位移的平均速度，D正確，故C錯誤。故選ABD。11、AB【解析】

A、摩擦力產生的條件中，必須接觸擠壓，所以有摩擦力必有彈力，故A正確；

B、放在桌面上的物體受到的支持力是由于桌面發生形變而產生的，故B正確；

C、滑動摩擦力的方向一定與物體的相對運動方向相反，但不一定與運動方向相反，故C錯誤；

D、只有形狀規則，質量分布均勻的物體，其重心才在幾何中心上，故D錯誤。12、ACD【解析】

小球做豎直上拋運動，0～T時間內位移大小為2.4m，則得：x=v0T-12gT2=2.4m，T時刻速度為v=v0-gT，T～3T時間內位移等于0，根據對稱性可得v=gT，聯立解得T=0.4s，v0故選ACD。【點睛】關鍵是小球做豎直上拋運動，可以分成上升和下降兩個過程分段研究，抓住這兩個過程的對稱性進行分析．也可以看成一種有往復的勻減速直線運動進行處理．根據位移時間公式和速度時間公式列式求解。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、【解析】計數點之間的時間間隔為T=0.1s；點2是點1、3的時間中點，所以點2的速度等于點1、3之間的平均速度，所以．選擇2、3段與3、4研究，根據，得出．點睛：本題要掌握勻變速直線運動的推論公式△x=aT2求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，求小車的瞬時速度大小．14、6.93cmA鉤碼重力超過彈簧彈力范圍【解析】

①乙的讀數為13.66cm,則彈簧的伸長量△L=13.66cm–5.73cm=7.93cm②為了更好的找出彈力與形變量之間的規律，應逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重，A正確；③彈簧超出了彈性限度，彈簧被損壞，彈簧的伸長量△L與彈力F不成正比三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)(2)(3)【解析】

(1)先求解運動的總時間，然后運用速度位移關系公式列式求解；(2)根據位移時間關系公式列式求解，取較小的值（較大的值是包括反向加速的時間，不合實際）；(3)采用逆向思維，將末速度為零的勻減速運動看作初速度為零的勻加速直線運動.【詳解】(1)由