Page182024-2025學年度上期期中考試高一物理試卷留意事項：1、本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分；2、本次考試90分鐘，滿分100分；3、答題前，考生務必先將自己的姓名、學號填寫在答題卡上，并運用2B鉛筆填涂；4、考試結束后，將答題卡交回。第Ⅰ卷(選擇題，共48分)一．單項選擇題（共8小題，滿分24分，每小題3分，每道題只有一個正確選項）1.小球從離地的高塔頂端自由下落，落地后靜止（不計空氣阻力，，則它下落后的第內和第內的高度之比為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】第內的位移小球下落前4s的位移小球下落的時間解得5s末小球已經落地，則下落第5s內位移為則它下落后的第1s內和第5s內的高度之比1：4故選B。2.下列說法正確的是（）A.合力確定比分力和中的任何一個力都大B.摩擦力方向確定與物體運動方向相反C.用手握住瓶子，使瓶子在豎直方向懸空靜止，瓶子所受摩擦力與握力成正比D.點火后，剛動身的火箭加速度不為零【答案】D【解析】【詳解】A．合力可能比分力和中的任何一個力都大，也可能都小，也可能相等，選項A錯誤；B．摩擦力方向確定與物體運動方向可能相反，也可能相同，選項B錯誤；C．用手握住瓶子，使瓶子在豎直方向懸空靜止，瓶子所受摩擦力與重力相等，保持不變，與握力大小無關，選項C錯誤；D．點火后，剛動身的火箭加速度不為零，選項D正確。故選D。3.一根輕質彈簧一端固定，用大小為F1的力壓彈簧的另一端，平衡時長度為l1；改用大小為F2的力拉彈簧，平衡時長度為l2。彈簧的拉伸或壓縮均在彈性限度內，該彈簧的勁度系數為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由胡克定律得式中x為形變量，設彈簧原長為l0，則有聯立方程組可以解得故A正確，BCD錯誤。故選A。4.若一個物體受多個力的作用，如圖所示，六個共面共點力大小分別為、、、、、，相互之間的夾角均為，則它們合力的大小為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】先把在一條直線上的力進行合成，然后再依據平行四邊形規則進行合成．依圖先將同始終線上的力合成；4

N與1

N的合力為3

N，方向與4

N的力相同；5

N與2

N的合力為3

N，方向與5

N的力相同；6

N與3

N的合力為3

N，方向與6

N的力相同，再將合成后沿4

N和6

N方向上的兩個3

N的力合成，其合力為3

N，方向與5

N的力方向相同，最終將此3

N與合成后沿5

N方向上的3

N的力進行合成，合力大小為6

N，方向與5

N的力相同。故選C。5.如圖所示，物體自點由靜止起先做勻加速直線運動，、、、是軌跡上的四點，測得，，，且物體通過、、所用時間相等，則之間的距離為（）A.m B.1m C.m D.2m【答案】C【解析】【詳解】依據可得加速度B點的速度則故選C。6.如圖所示，某物體受五個共點力作用，處于靜止狀態。若F1的大小不變，方向沿順時針轉過120°，其余四個力的大小和方向均不變，則此物體受到的合力大小變為（）A.F1 B.2F1 C. D.【答案】D【解析】【詳解】F2、F3、F4、F5和F1五個共點力合力為零，則F2、F3、F4、F5四個力的合力F與F1等大反向。將F1方向沿順時針轉過120°后，F與F1的夾角為60°，依據矢量運算法則，結合三角形學問，可得此時物體所受合力大小為故選D。7.甲、乙兩物體從同一地點起先沿始終線運動，甲的x－t圖像和乙的v－t圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A.甲在3s末回到動身點，甲運動過程中，距動身點的最大距離為6mB.0到6s內，甲、乙兩物體位移大小都為零C第3s內甲、乙兩物體速度方向相同D.第2s末到第4s末甲的位移大小為8m，乙的位移大小為4m【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．由圖可知，甲在3s末位移為零，回到動身點。距動身點的最大距離為4m，故A錯誤。B．0~6s內，甲的位移x甲＝0依據v－t圖像與時間軸圍成的“面積”表示位移知0~6s內乙物體的位移為0，故B正確。C．依據x－t圖像的斜率表示速度，知第3s內甲的速度為負；由v－t圖像知第3s內乙物體速度為正，則第3秒內甲、乙兩物體速度方向相反，故C錯誤。D．2~4s內甲的位移大小為8m，乙的位移大小為零，故D錯誤。故選B。8.如圖甲所示，A、B兩個物體疊放在水平面上，B的上下表面均水平，A物體與一拉力傳感器相連接，連接拉力傳感器和物體A的細繩保持水平．從t＝0時刻起，用一水平向右的力F＝kt(k為常數)作用在B的物體上，力傳感器的示數隨時間變更的圖線如圖乙所示，已知k、t1、t2，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．據此可求()A.A、B之間的最大靜摩擦力 B.A物體的質量C.A、B之間的動摩擦因數μAB D.B與水平面間的動摩擦因數μ【答案】A【解析】【詳解】A．0-t1內，A不受水平拉力，說明水平面對B的靜摩擦力沒有達到最大值，t1-t2內力傳感器的示數漸漸增大，說明水平面對B的靜摩擦力達到最大值，B對A有向右有靜摩擦力，t2時刻后力傳感器的示數不變，說明B相對A向右運動，A受到滑動摩擦力，則t2時刻A、B之間的靜摩擦力達到最大值，且為fmax=k（t2-t1）．故A正確．B．依據題中的條件不能求解A物體的質量，選項B錯誤；C．由于B運動后A靜止不動，則A、B間有滑動摩擦力，等于k（t2-t1）．由于A對B的壓力不能求出，所以不能求出A、B之間的動摩擦因數μAB．故C錯誤．D．B對水平面壓力求不出來，因此不能求出B與水平面間的動摩擦因數．故D錯誤．二．多選題（共6小題，滿分24分，每小題4分，每道題至少有2個正確選項,全對得4分，少選得2分，出現錯選得0分）9.一物體在時刻以的初速度從斜面中部某位置向上做加速度大小為的勻減速運動，又以同樣大小的加速度沿斜面滑下，則經過下列哪些時間，物體位移的大小為？（斜面足夠長，底部和頂部離動身點足夠遠）（）A. B. C.（）s D.（）s【答案】AD【解析】【詳解】AB．若物體的位移在初始位置的上方，依據勻變速直線運動的位移時間，依據得解得B錯誤A正確；CD．若物體位移在初始位置的下方，依據勻變速直線運動的位移時間公式得解得C錯誤D正確。故選AD。10.一個做勻變速直線運動的物體先后經過A、B兩點的速度分別為v1和v2，AB位移中點速度為v3，AB時間中點速度為v4，全程平均速度為v5，則下列結論正確的有（）A.物體經過AB位移中點的速度大小為B.物體經過AB位移中點的速度大小為C.若為勻減速直線運動，則v3＜D.在勻變速直線運動中確定有v3＞v4＝v5【答案】BD【解析】【分析】【詳解】AB．由題意可知，在勻變速直線運動中，物體經過AB位移中點的速度為v3＝時間中點的速度為v4＝A錯誤，B正確；CD．全程的平均速度為v5＝不論物體做勻加速直線運動還是做勻減速直線運動，都有v3＞v4＝v5故C錯誤，D正確。故選BD。11.如圖所示，輕質彈簧連接A、B兩物體，A放在水平地面上，的上端通過細線懸掛在天花板上；已知A的重力為8N、的重力為6N、彈簧的彈力為4N。則地面受到的壓力大小和細線受到的拉力大小可能是（）A.18N和10N B.4N和10N C.12N和2N D.14N和2N【答案】BC【解析】【詳解】若彈簧被壓縮，則對BT+F=GB則T=2N對A分析可知N=F+GA=12N若彈簧被拉長，則對BT=GB+F則T=10N對A分析可知N=GA-F=4N故選BC。12.如圖所示，位于水平桌面上的物塊P，由跨過定滑輪的輕繩與物塊Q相連，從滑輪到P和到Q的兩段繩都是水平的.已知Q與P之間以及P與桌面之間的動摩擦因數都是μ，P、Q的質量分別是2m、m，滑輪的質量、滑輪軸上的摩擦都不計，若用一水平向右的力F拉P使它做勻速運動，則（）A.繩子上的張力大小為μmgB.地面對P的摩擦力大小為4μmgC.水平拉力F的大小為5μmgD.若將F撤去，P對Q的摩擦力立即反向【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．對Q受力分析可知，繩子上的張力大小為T=μmg選項A正確；B．地面對P的摩擦力大小為選項B錯誤；C．對整體受力分析可知即水平拉力F的大小為5μmg，選項C正確；D．若將F撤去，則Q相對P仍會向左運動，P對Q的摩擦力仍向右，不會立即反向，選項D錯誤。故選AC。13.某同學將一物塊豎直上拋（不計空氣阻力的影響），拋出后第3秒內物塊的位移為0，并且再經過2.5秒物塊落地。取，則以下說法錯誤的是（）A.物塊上拋的初速度大小為 B.物塊落地時的速度大小為C.物塊在第4秒內的位移大小為 D.物塊拋出點距離地面【答案】CD【解析】【詳解】設物體向上運動為正方向，依據平均速度推論得：第3秒內的平均速度等于第2.5s末的速度，故第2.5s末的速度A．物體在第2.5s末速度為零，到達最高點，依據速度-時間公式得物塊上拋的初速度A正確；B．由題意可知，物塊在5.5秒時物塊落地，落地時的速度物塊落地時的速度大小為30m/s，B正確；C．依據平均速度推論得：第4秒內的平均速度等于第3.5s末的速度。則第4秒內的平均速度依據得物塊在第4秒內的位移故物塊在第4秒內的位移大小為10m，C錯誤；D．依據位移-時間公式得物塊上升最高距離物塊離地的高度為則物塊拋出點離地面距離為D錯誤。故選CD。14.如圖所示，木塊A、在豎直向上的外力的作用下處于靜止狀態，其中木塊A的上表面和水平天花板接觸，下面關于木塊A、受力分析正確的是（）A.木塊A確定受3個力 B.木塊A可能受4個力C.木塊B確定受4個力 D.木塊可能受3個力【答案】BC【解析】【詳解】設A的重力為G2，B的重力為G1（1）對AB系統整體受力分析，設天花板對A的彈力為N0，如圖所示：則天花板對A的彈力N0可能為零；天花板對A確定無摩擦力；隔離A受力分析如圖：受來自B的彈力為F2，垂直于二者接觸面，受來自A、B接觸面的靜摩擦力為f2，天花板對A的彈力為N0，由上面受力分析，若F=G1+G2，則N0=0N，則A受如圖所示三個力的作用，即如F足夠大，則N0不為零，則A受四個力的作用；（2）設B的重力為G1，受來自A的彈力為F1，垂直于二者接觸面，受來自A、B接觸面的靜摩擦力為f1，因AB接觸且外力F通過接觸面作用到A使得A處于平衡狀態，故來自A的彈力F1確定存在，假設來自A、B接觸面的靜摩擦力f1不存在，則受力分析如圖所示：很明顯此時B受3力，其合力不行能為0，故不行能平衡，故來自A、B接觸面的靜摩擦力f1確定存在，即受力分析如圖所示：此時四力存在，F1和f1在水平方向上分力平衡．故木塊B確定受4個力．故A可能受三個力，也可能受四個力的作用，B確定受四個力的作用故選BC。第Ⅱ卷(非選擇題，共52分)三．試驗題（共3小題，滿分18分）15.在“驗證力的平行四邊形定則”的試驗中，須要將橡皮條的一端固定在水平木板上，橡皮條的另一端系兩根細繩，細繩端帶有繩套，先用兩個彈簧秤分別勾住繩套并互成角度地拉橡皮條，把橡皮條的結點拉到某一位置O并登記該點的位置；再用一個彈簧秤將橡皮條的結點拉到同一位置O點。(1)在此過程中必需滿意的條件是______。A．兩根細繩必需等長B.同一次試驗過程，結點的位置必需都拉到同一位置O點C.在運用彈簧秤時要使彈簧秤與木板平面平行D.用兩個彈簧秤同時拉細繩時要使兩個彈簧秤的示數相等(2)假如試驗狀況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩。圖乙是在白紙上依據試驗結果畫出的圖。圖乙中的F與F’，方向沿AO方向的是________?！敬鸢浮竣?BC②.【解析】【分析】【詳解】（1）[1]細線的作用是能顯示出力的方向，所以不必等長，故A錯誤。為了使彈簧兩次拉橡皮條的效果相同，要求在同一次試驗中，O點位置不動，故B正確。在拉彈簧秤時必須要求彈簧秤與木板平面平行，否則會影響力的大小，故C正確。在不超過彈簧秤量程的前提下，各力的取值應當適當大些，誤差小點，但不須要相等，故D錯誤。故選BC。（2）[2]F是通過平行四邊形得出的值，而是用一個彈簧拉繩套時測得的力，其方向確定沿AO方向。16.一個試驗小組在“探究彈簧彈力與形變量的關系”的試驗中：（1）甲同學在做該試驗時，通過處理數據得到了圖甲所示的圖像，其中為彈簧彈力，為彈簧長度。請通過圖甲，分析并計算彈簧的勁度系數___________。該同學將該彈簧制成一把彈簧測力計，當彈簧測力計的示數如圖乙所示時，該彈簧的長度___________。（2）乙同學運用兩條不同的輕質彈簧a和b，得到彈力與彈簧長度的關系圖像如圖丙所示。下列表述正確的是___________。A．a的原長比b的長B．a的勁度系數比b的大C．a的勁度系數比b的小D．測得的彈力與彈簧的長度成正比【答案】①.②.③.【解析】【分析】【詳解】（1）[1][2]當彈力為零時，彈簧處于原長狀態，故原長為，在圖像中斜率表示彈簧的勁度系數，則題圖乙中彈簧測力計的示數，依據，可知故此時彈簧的長度（2）[3]A．在題圖丙中，圖線與軸的交點橫坐標表示彈簧原長，故b的原長大于a的原長，故錯誤；BC．圖線斜率表示勁度系數，故a的勁度系數大于b的勁度系數，故正確，錯誤；D．彈簧的彈力與彈簧的形變量成正比，故錯誤。故選B。17.某同學利用圖甲的裝置探討小車的勻變速直線運動，該同學試驗時將打點計時器接到頻率為50Hz的溝通電源上，得到一條紙帶，打出的部分計數點如圖乙所示(每相鄰兩個計數點間還有4個點圖中未出)，其中:(1)打點計時器在打B點時小車的速度vB=________m/s(結果保留兩位小數)；(2)小車的加速度大小是________m/s2；(3)本試驗中,算出小車經過各計數點的瞬時速度后,為了計算加速度,最合理的方法是____A.依據隨意兩計數點的速度用公式算出加速度B.畫出圖象,量出其傾角,由公式算出加速度C.畫出圖象,由圖線上相距較遠的兩點所對應的速度、時間,用公式算出加速度D.依次算出連續兩點間的加速度,算出平均值作為小車的加速度(4)若某次試驗的電流頻率變為52Hz,而同學不知道,那么加速的測量值與實際值相比____(選填“偏大”、“偏小”或“不變”).【答案】①.0.40②.0.80③.C④.偏小【解析】【分析】(1)打點計時器每隔0.02s打一個點，由此可知計數點之間的時間間隔，依據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小；(2)通過題目給出的數據作出速度—時間圖象，解出其斜率即是小車的加速度.【詳解】(1)打點計時器每隔0.02s打一個點，每相鄰的兩計數點之間，都有四個點未畫出，那么時間為：T=0.02s×5=0.1s；依據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，得打點計時器在打B點時小連的速度為：.(2)由勻變速直線運動的判別式，結合逐差法可得加速度.(3)A、C、在處理試驗數據時，假如只運用其中兩個數據，由于偶然誤差的存在可能會造成最終誤差較大；所以我們可以依據試驗數據畫出v-t圖象，考慮到誤差，不行能是全部點都整齊的排成一條直線，連線時，應當盡量使那些不能畫在線上的點勻整地分布在線的兩側，這樣圖線上會舍棄誤差較大的點，由圖線上隨意兩點所對應的速度剛好間，用公式算出加速度，所以誤差??；故A錯誤，C正確.B、依據試驗數據畫出v-t圖象，當縱坐標取不同的標度時，圖象的傾角就會不同，所以量出其傾角，用公式a=tanα算出的數值并不是加速度，故B錯誤.D、依次算出連續兩點間的加速度,算出平均值作為小車的加速度，相當于只用了第一個數據和最終一個數據，誤差大．應當接受逐差法的形式來處理數據，故D錯誤.故選C.(4)假如在某次試驗中，溝通電的頻率52Hz，f＞50Hz，那么實際打點周期變小，依據運動學公式△x=at2得：真實位移差偏小，所以測量的加速度值與真實的加速度值相比是偏小.【點睛】在試驗中處理數據的方法較多，而圖象法往往是一種比較精確的解題方法；要提高應用勻變速直線的規律以及推論解答試驗問題的實力，在平常練習中要加強基礎學問的理解與應用.四．計算題（共3小題，滿分34分，其中18題8分，19題12分，20題16分）18.如圖所示，重物A的質量為5kg，此時A與桌面間的最大靜摩擦力為10N，不計定滑輪與輕繩之間的摩擦．拉力F=30N時，系統處于靜止狀態．求物體B的質量M的取值范圍．（g=10N/kg）【答案】2kg≤M≤4kg【解析】【詳解】當物體B質量大時，物體A有向右運動趨勢，則靜摩擦力向左，質量最大，有：Mg=F+Fmax=（30+10）N=40N得Mmax=4kg當物體B質量小時，物體A有向左運動趨勢，則靜摩擦力向右，質量最小，有：Mg=F－Fmin=（30－10）N=20N得Mmin=2kg綜合得出物體B的質量：2kg≤M≤4kg．19.通過“30m折返跑”的測試成果可以反應一個人的身體素養。在平直的跑道上一學生站立在起點線A處，當聽到起跑口令后(測試員同時起先計時)，跑向正前方30m處的折返線，到達折返線B處時，用手觸摸固定在折返線處的標桿，再轉身跑回起點線，返程無需減速，到達起點線處時停止計時，全過程所用時間即為折返跑的成果。學生加速或減速過程均視為勻變速，觸摸桿的時間不計，某同學加速時的加速度大小為，減速時的加速度大小為，到達折返線處時速度需減小到零，并且該生全過程中最大速度不超過。求:(1)該學生返程(B到A過程)最快需多少時間；(2)該學生“30m折返跑”的最好成果?！敬鸢浮?1)4.9s；(2)10.9s【解析】【分析】(1)返回階段，學生先加速后勻速，過程中的最大速度為12m/s，位移為30m，據此可得總時間；(2)學生從A到B過程，先加速后勻速最終減速到零，過程中的最大速度為12m/s，位移為30m，據此可得所需時間，結合（1）的結果，可得該學生“30m折返跑”的最好成果．【詳解】假如學生從A到B的過程中，先做勻加速運動，緊接著做勻減速直線運動，并設此過程中達到的最大速度為V，做勻加速運動的時間為t1，做勻減速運動的時間為t2，則由運動學公式，有：v=a1t1，v=a2t2，聯立，代入數據可解得：v=10m/s，t1=4s，t2=2s因為v＜vm，所以從A到B的過程中，學生的確先做勻加速運動，然后做勻減速運動從B到A