湖南省株洲市兗州第六中學高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）如圖所示，曲線C1、C2分別是純直流電路中內、外電路消耗的電功率隨電流變化的圖線，由該圖可知下列說法正確的是

A.電源的電動勢為4V

B.電源的內電阻為1ΩC.電源輸出功率最大值為8WD.電源被短路時，電源消耗的功率為16W參考答案：ABD2.（單選）將物塊放在一粗糙斜面上，對其施加平行于斜面向上的外力F使之處于靜止狀態，如圖所示。現逐漸增加外力F的大小，物塊始終靜止不動。則

()

A．斜面對物塊的支持力一定保持不變

B．斜面對物塊的摩擦力一定逐漸減小

C．斜面對物塊的作用力一定逐漸減小

D．物塊所受的合外力一定逐漸增大參考答案：A3.（單選）某學習小組以“假如失去……”為主題展開討論．同學們提出以下四種觀點，你認為正確的是（

）A．假如物體間失去了摩擦力，任何運動物體的機械能一定守恒B．假如磁體周圍失去了磁場，其它形式的能將無法轉化為電能C．假如地球對月球失去了引力，月球就不會繞地球轉動D．假如導體失去了電阻，所有用電器都不能正常工作參考答案：4.一帶電粒子只在電場力的作用下沿圖中曲線JK穿過一勻強電場，a、b、c、d為該電場的等勢面，其中有φa<φb<φc<φd，若不計粒子的重力，可以確定A.粒子帶正電B.從J到K粒子的電勢能增加C.該粒子帶負電D.粒子從J到K運動過程中的動能與電勢能之和可能增加參考答案：C解：A.由運動軌跡可知電場力方向向右，由電勢的高低可知電場線方向向左，則電性為負，故A錯誤，C正確；B.由J到K電場力做正功，則動能增加，電勢能減小。故B錯誤；D.該過程中只有電場力做功，動能與電勢能相互轉化，之和不變。故D錯誤。故選：C【點睛】由于電荷只受電場力作用，電場力將指向運動軌跡的內側．則電場力一定水平向右，同時注意電場線和等勢線垂直，又因電勢沿電場線方向降低則說明電場沿水平方向向左，則說明帶負電．再由電場力做功判斷能量變化．5.某人站在升降機底板的臺稱上，發現臺稱的示數比他的體重減少了20％．以下推斷正確的是

(

)A．升降機一定是在下降過程

B．升降機肯定是在減速狀態C．如果是在下降過程，則升降機肯定處于加速狀態D．如果升降機是在減速狀態，則升降機一定是在下降過程參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖，足夠長的粗糙絕緣斜面與水平面成θ=37°放置，在斜面上虛線aa′和bb′與斜面底邊平行，在aa′b′b圍成的區域有垂直斜面向上的有界勻強磁場，磁感應強度為B=1T；現有一質量為m=10g、總電阻為R=1Ω、邊長d=0.1m的正方形金屬線圈MNPQ，讓PQ邊與斜面底邊平行，從斜面上端靜止釋放，線圈剛好勻速穿過磁場．已知線圈與斜面間的動摩擦因數為μ=0.5，則線圈釋放時，PQ邊到bb′的距離為1m；整個線圈穿過磁場的過程中，線圈上產生的焦耳熱為4×10﹣3J．參考答案：考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；焦耳定律．專題：電磁感應與電路結合．分析：線圈勻速穿過磁場，受力平衡，根據平衡條件列式求解；根據安培力公式F安=BId、E=Bvd、I=得到安培力與速度的關系式，即可求得速度，從而得出距離，線圈上產生的焦耳熱等于克服安培力做功．解答：解：對線圈受力分析，根據平衡條件得：F安+μmgcosθ=mgsinθ代入數據解得：F安=mgsinθ﹣μmgcosθ=（0.01×10×0.6﹣0.5×0.01×10×0.8）N=2×10﹣2N；

F安=BId、E=Bvd、I=解得：F安=代入數據解得：v==m/s=2m/s線圈進入磁場前做勻加速運動，根據牛頓第二定律得：

a==gsinθ﹣μgcosθ=（10×0.6﹣0.5×10×0.80）m/s2=2m/s2線圈釋放時，PQ邊到bb的距離L==m=1m；由于線圈剛好勻速穿過磁場，則磁場寬度等于d=0.1m，

Q=W安=F安?2d代入數據解得：Q=2×10﹣2×2×0.1J=4×10﹣3J；故答案：1

4×10﹣3點評：解決本題的關鍵是推導安培力與速度的關系式，求熱量時，要注意線框進入和穿出磁場兩個過程都要產生焦耳熱．7.如圖所示，N為金屬板，M為金屬網，它們分別與電池的兩極相連，各電池的電動勢和極性如圖所示，已知金屬板的逸出共為4.8eV．線分別用不同能量的電子照射金屬板（各光子的能量已在圖上標出），那么各圖中沒有光電子到達金屬網的是AC（填正確答案標號），能夠到達金屬網的光電子的最大動能是0.5eV．參考答案：解：因為金屬鎢的逸出功為4.8eV．所以能發生光電效應的是B、C、D，B選項所加的電壓為正向電壓，則電子一定能到達金屬網；C選項光電子的最大初動能為1.0eV．小于反向電壓，根據動能定理，知電子不能到達金屬網；D選項光電子的最大初動能為2.0eV，大于反向電壓，根據動能定理，有光電子能夠到達金屬網．故沒有光電子達到金屬網的是A、C．故選：ACD項中逸出的光電子最大初動能為：Ekm=E光﹣W溢=6.8eV﹣4.8eV=2.0eV，到達金屬網時最大動能為Ek=2.0﹣1.5=0.5eV．故答案為：AC，0.5．8.在“探究加速度與力、質量的關系”實驗中，某實驗小組用如圖所示裝置，采用控制變量的方法來研究小車質量不變的情況下，小車的加速度與小車受到力的關系。（1）此實驗小組所用電源頻率為50Hz，得到的紙帶如圖所示，舍去前面比較密集的點，從O點開始，在紙帶上取A、B、C三個計時點（OA間的各點沒有標出），已知d1=3.0cm，d2=4.8cm,d3=6.8cm.則小車運動的加速度為

m/s2（結果保留2位有效數字）（2）某實驗小組得到的圖線AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是（

）

A、小車與軌道之間存在摩擦

B、導軌保持了水平狀態

C、砝碼盤添加砝碼的總質量太大

D、所用小車的質量太大參考答案：5.0,C9.某實驗室新發現的一種放射性元素X，8天后實驗人員發現它有３／４發生衰變，則它的半衰期為_______天，若對X加熱，它的半衰期_______（填變大、變小或不變）。參考答案：4，不變10.光滑水平面上兩物體b、b用不可伸長的松弛細繩相連，A質量為2kg，B質量為1kg；現使兩物體同時沿直線背向而行(=4m/s，

=2m/s)，直至繩被拉緊，然后兩物體一起運動，它們的總動量大小為

kg·m/s，兩物體共同運動的速度大小為

m/s．參考答案：6

211.質點做直線運動，其s-t關系如圖所示，質點在0-20s內的平均速度大小為_________m/s，質點在_________時的瞬時速度等于它在6-20s內的平均速度。

參考答案：0.8，

10s或14s

12.（6分）圖中A為某火箭發射場，B為山區，C為城市。發射場正在進行某型號火箭的發射實驗。該火箭起飛時質量為2.02×103千克Kg，起飛推力2.75×106N，火箭發射塔高100m，則該火箭起飛時的加速度大小為______m/s2，在火箭推力不變的情況下，若不考慮空氣阻力及火箭質量的變化，火箭起飛后，經_____秒飛離火箭發射塔。（參考公式及常數：=ma，vt=v0+at，s=v0t+(1/2)at2，g=9.8m/s2）參考答案：答案：3.81m/s2；7.25s（答3.83s同樣給分）13.已知地球質量為M，萬有引力恒量為G，地球半徑為R，人造衛星在高空繞地球運行的軌道半徑為r，則其繞地球運行的環繞速度V=

，在地球表面附近運行的人造衛星的第一宇宙速度V1=

。參考答案：，三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（選修3-5模塊）（4分）2008年北京奧運會場館周圍80％～90％的路燈將利用太陽能發電技術來供電，奧運會90％的洗浴熱水將采用全玻真空太陽能集熱技術．科學研究發現太陽發光是由于其內部不斷發生從氫核到氦核的核聚變反應，即在太陽內部4個氫核（H）轉化成一個氦核（He）和兩個正電子（e）并放出能量.已知質子質量mP=1.0073u，α粒子的質量mα=4.0015u，電子的質量me=0.0005u．1u的質量相當于931.MeV的能量．①寫出該熱核反應方程；②一次這樣的熱核反應過程中釋放出多少MeV的能量?（結果保留四位有效數字）參考答案：

答案：①4H→He+2e（2分）②Δm=4mP－mα－2me=4×1.0073u－4.0015u－2×0.0005u=0.0267u（2分）ΔE=Δmc2

=0.0267u×931.5MeV/u＝24.86MeV

（2分）15.（選修3—3（含2—2））（7分）如圖所示是一定質量的氣體從狀態A經狀態B到狀態C的p－T圖象，已知氣體在狀態B時的體積是8L，求氣體在狀態A和狀態C的體積分別是多大？并判斷氣體從狀態B到狀態C過程是吸熱還是放熱？參考答案：解析：由圖可知：從A到B是一個等溫過程，根據玻意耳定律可得：……(2分)

代入數據解得：……………(1分)

從B到C是一個等容過程，

……………(1分)

【或由，代入數據解得：】

由圖可知氣體從B到C過程為等容變化、溫度升高，……(1分)故氣體內能增大，……(1分)由熱力學第一定律可得該過程氣體吸熱。……………(1分)四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態B，再變化到狀態C，其狀態變化過程的p-v圖象如圖所示．已知該氣體在狀態A時的溫度為27℃．求：（1）該氣體在狀態B時的溫度為多少℃？（2）狀態B→C的過程中，氣體膨脹對外界做的功為多少？參考答案：(1)tB=-173℃

(2)W=200J【詳解】（1）A→B等容變化，根據查理定律：=得：TB=100K，則tB=-173℃（2）B→C是等壓變化，則氣體膨脹對外界做的功：W=P△V=1×105×（3-1）×10-3=200J17.如圖所示，光滑水平面上有等大的兩個小球，質量分別為m1，m2，當m1以初速度v0向右勻速運動時，與靜止的m2發生彈性碰撞，請計算：碰撞后兩小球的速度．（要求有計算過程并討論計算的結果）．參考答案：考點：動量守恒定律；機械能守恒定律．專題：動量與動能定理或能的轉化與守恒定律綜合．分析：根據m1、m2碰時動量守恒及彈性碰撞機械能守恒求出碰后v1、v2的速度表達式，根據質量關系進行討論即可．解答：解：m1、m2碰時動量守恒m1v0=m1v1+m2v2﹣﹣﹣①彈性碰撞機械能守恒m1v02=m1v12+m2v22﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②得：m1v02﹣m1v12=m2v22，即：v0+v1=v2﹣﹣﹣﹣﹣③由①③得：v1=﹣﹣﹣﹣﹣④v2=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤討論：①m1=m2時，v1=0，v2=v0兩球交換速度②m1＞m2時，v1、v2與④⑤式相等v1＞0，v2＞0③m1＜m2時，v1、v2與④⑤式相等v1＜0，v2＞0④m1＜＜m2時，v1=﹣v0、v2=0，m1反彈，m2不動⑤m1＞＞m2時，v1=v、v2≈2v2，m1不受影響，m2碰后飛出去．答：①m1=m2時，v1=0，v2=v0兩球交換速度②m1＞m2時，v1、v2與④⑤式相等v1＞0，v2＞0③m1＜m2時，v1、v2與④⑤式相等v1＜0，v2＞0④m1＜＜m2時，v1=﹣v0、v2=0，m1反彈，m2不動⑤m1＞＞m2時，v1=v、v2≈2v2，m1不受影響，m2碰后飛出去．點評：本意主要考查了碰撞過程中動量守恒定律得應用，注意彈性碰撞機械能守恒，難度適中．18.人眼對綠光最為敏感，正常人的眼睛接收到波長為530nm的綠光時，只要每秒有6個綠光的光子射入瞳孔，眼睛就能察覺．普朗克常量為6.63×10﹣34J?s，光速為3，0×108m/s，則（1）人眼能察覺到綠光時所接收到的最小功率是2.3×10﹣18W．材料銫鈣鎂鈹鈦逸出功（×10﹣19J）3.04.35.96.26.6（2）用這種波長的綠色光照射下列五種材料，能產生光電效應的材料有1種．參考答案：考點：光電效應．專題：光電效應專題．分析：根據E=hv求