貴州省貴陽市實驗中學高一物理第一學期期末質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、關于曲線運動，下列說法中正確的是（）A.物體做曲線運動時受到的力一定是變力 B.物體做曲線運動時速度大小一定是變化的C.物體做曲線運動時加速度大小一定是變化 D.物體做曲線運動時所受合力一定不為零2、在某校的藝術節上，一位質量為m的魔術演員成功被“隔空送入”質量為M的木箱內，表演結束后，演員用恒力F豎直向上推木箱頂部，卻未能推動頂蓋，如圖所示，已知重力加速度為g，則A.木箱對地面的壓力大小為（M+m）gB.木箱受到的合力為F'C.演員對木箱下底面的壓力大小為mgD.演員受到木箱的作用力為F'3、如圖所示，質量為m的物體置于傾角為θ的固定斜面上，物體與斜面之間的動摩擦因數為μ，用水平推力F作用于物體上，能使物體保持靜止，重力加速度為g，則下列說法正確的是A.摩擦力一定沿斜面向上B.摩擦力一定沿斜面向下C.摩擦力的大小不可能為0D.摩擦力的大小可能為4、一個物體以初速度v0沿光滑斜面向上運動，其速度隨時間變化的規律如圖所示，在連續兩段時間m和n內，對應面積均為S，則經過b時刻物體的速度大小v為A.B.C.D.5、如圖所示，物體沿斜面由靜止滑下．在水平面上滑行一段距離后停止，物體與斜面和水平面間的動摩擦因數相同，斜面與水平面平滑連接．下列圖中v、a、f和x分別表示物體速度大小、加速度大小、摩擦力大小和位移．其中正確的是()A. B.C. D.6、下列對牛頓第一定律的理解正確的是（）A.牛頓第一定律是說當彈簧的勁度系數一定時，彈簧的彈力與形變量成正比B.牛頓第一定律表明物體有保持原來運動狀態不變的性質C.選擇不同的參考系時物體的運動狀態不同，但牛頓第一定律總是成立D.可以用實驗直接驗證牛頓第一定律7、質量為的小球置于傾角為300的光滑固定斜面上，勁度系數為的輕彈簧一端系在小球上，另一端固定在豎直墻上的P點，小球靜止于斜面上，彈簧軸線與豎直方向的夾角為300，如圖所示．?。畡tA.彈簧對小球拉力大小為B.小球對斜面的壓力的大小為10NC.彈簧的伸長量為10cmD.彈簧被剪斷的瞬間，小球的加速度大小為8、如圖所示，一細線的一端固定于傾角為45°的光滑楔形滑塊A的頂端P處,細線的另一端拴一質量為m的小球，重力加速度為g．當滑塊以加速度a在水平面上做勻加速運動時，小球的受力情況和滑塊A的加速度a的大小關系正確的是()A.若繩對小球恰好沒有拉力，則滑塊A一定有向右的加速度，且a=gB.若繩對小球恰好沒有拉力，則滑塊A一定有向左的加速度，且a=gC.若滑塊A向左以a=g做勻加速運動時，繩對小球的拉力為D.若滑塊A向左以a=g做勻加速運動時，繩對小球的拉力為9、如圖所示為甲、乙、丙三個質點位置x與時間t的關系圖象，則在時間內A.甲先做勻加速再做勻減速運動B.在時刻丙的速率大于乙的速率C.甲、乙、丙平均速度相等D.丙的路程大于乙的路程10、某同學想在電梯內觀察超重與失重現象，他自己的體重為490N，他將一臺體重計放在電梯內并且站在體重計上觀察，發現體重計的示數F隨時間變化規律如圖所示，下列判斷正確的是（）A.該同學t0-t1時間內處于失重狀態，t2-t3時間內處于超重狀態Bt0-t1時間內電梯可能向下做勻加速運動C.t2-t3時間內電梯可能向下做勻加速運動D.t1-t2時間內電梯一定處于靜止狀態11、如圖所示為甲、乙兩個物體在同一直線上運動的x-t圖象，下列說法正確的是()A.兩物體的速度大小相等，方向相反B.在t=1s時，甲、乙兩物體相遇C.在前2s時間內，甲、乙兩物體的位移相同D.在t=2s時，乙物體的運動方向發生了變化12、如圖所示，在光滑水平桌面上放一質量為m乙=5kg的盒子乙，乙內放置質量m丙=1kg的滑塊丙，用質量不計的細繩跨過光滑的定滑輪將一質量為m甲=2kg的物塊甲與乙相連接，其中連接乙的細繩與水平桌面平行?，F由靜止釋放物塊甲，在以后的運動過程中，盒子乙與滑塊丙之間沒有相對運動，假設整個運動過程中盒子始終沒有離開水平桌面，重力加速度g＝10m/s2。則（）A.細繩對盒子的拉力大小為20N B.盒子的加速度大小為2.5m/s2C.盒子對滑塊丙的摩擦力大小為2.5N D.定滑輪受到細繩的作用力為30N二．填空題(每小題6分，共18分)13、實驗小組做“探究彈力與彈簧伸長量的關系"的實驗，實驗時，先把彈簧平放在桌面上，用直尺測出彈簧的原長L0=4.5cm，再把彈簧豎直懸掛起來，在下端掛鉤碼，每增加一只鉤碼記下對應的彈簧長度L，數據記錄如下表所示：鉤碼個數12345彈力F/N1.02.03.04.05.0彈簧的長度L/cm7.09.011.013.015.0（1）根據表中數據在圖中作出F-L圖線_______；（2）由此圖線可得，該彈簧勁度系數k=________N/m.（3）圖線與軸的交點坐標大于的原因是____。14、為了探究質量一定時加速度與力的關系，一同學設計了如圖甲所示的實驗裝置．其中帶滑輪的小車的質量為M，砂和砂桶的質量為m.(滑輪質量不計)（1）下列實驗步驟中時，實驗時一定要進行的操作是________A．用天平測出砂和砂桶的質量B．將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力C．小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數D．為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量m遠小于小車的質量M（2）該同學在實驗中得到如圖乙所示的一條紙帶(兩相鄰計數點間還有四個點)，測得：x1＝1.40cm，x2＝1.90cm，x3＝2.38cm，x4＝2.88cm，x5＝3.39cm，x6＝3.87cm.小車加速度的大小是________m/s2.已知打點計時器采用的是頻率為50Hz的交流電(結果保留兩位有效數字)15、某課外科技活動小組學習了平行四邊形定則后，利用DIS實驗裝置研究“力的合成與分解”，如圖所示A、B為兩個相同的雙向力傳感器，該型號傳感器在受到拉力時讀數為正，受到壓力時讀數為負。A連接質量不計的細繩，可沿固定的板做圓弧形移動。B固定不動，通過光滑鉸鏈連接長0.3m的桿，將細繩連接在桿右端O點構成支架，保持桿在水平方向，按如下步驟操作：①測量繩子與水平桿的夾角∠AOB=θ；②對兩個傳感器進行調零；③用另一繩在O點懸掛一個鉤碼，記錄兩個傳感器讀數；④取下鉤碼，移動傳感器A改變θ角重復上述實驗步驟，得到如下表格。F14.0042.320…4.008…F2－3.472－1.164…3.460…θ……(1)根據表格，A傳感器對應的表中力為_____（填“F1”或“F2”），鉤碼質量為_____kg（結果保留一位有效數字）。(2)本實驗中多次對傳感器進行調零，對此操作說明正確的是_____。A．因為事先忘記了調零B．何時調零對實驗結果沒有影響C．為了消除橫桿自身重力對結果影響D．可以完全消除實驗的誤差三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相齊，在薄木板的中央有一個小滑塊（可視為質點），整個裝置處于靜止狀態．某時刻起對薄木板施加一個向右的拉力F使木板向右運動，已知拉力F=4.5N時，小滑塊與木板之間恰好發生相對滑動．薄木板的質量M=1.0kg，長度L=1.0m，小滑塊的質量m=0.5kg，小滑塊與桌面、薄木板與桌面之間的動摩擦因數均為μ1=0.2，設滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力，重力加速度g=10m/s2．求：（1）拉力F=3.6N時，m與M的加速度各為多大；（2）小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數μ2；（3）若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，拉力F應滿足的條件。17、（10分）如圖所示，一小球從平臺上水平拋出，恰好落在平臺前一傾角為α=的斜面頂端并剛好沿斜面下滑，已知平臺到斜面頂端的高度為h=0.8m，不計空氣阻力，取g=10m/s2。（sin=0.8，cos=0.6）求：(1)小球水平拋出的初速度v0的大??；(2)斜面頂端與平臺邊緣的水平距離x。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】A．物體做曲線運動時受到的力不一定是變力，例如平拋運動，選項A錯誤；B．物體做曲線運動時速度大小不一定是變化的，例如勻速圓周運動，選項B錯誤；C．物體做曲線運動時加速度大小不一定是變化的，例如平拋運動，選項C錯誤；D．物體做曲線運動時一定有加速度，則所受合力一定不為零，選項D正確；故選D。2、A【解析】A．對整體分析，地面對整體的支持力為，根據牛頓第三定律可知木箱對地面的壓力大小為，A正確；B．木箱處于靜止狀態，合力為零，B錯誤；C．對人受力分析，受到豎直向下的重力和木箱頂部給的豎直向下的作用力F，木箱底部給的豎直向上的支持力，三力平衡，故木箱底部對人的支持力為，根據牛頓第三定律可知人對木箱底部的壓力大小為，C錯誤；D．演員受到木箱頂部給的豎直向下的作用力F，底部給的豎直向上的支持力，故人受到木箱的作用力大小為mg，D錯誤；故選A。3、D【解析】假設摩擦力的方向沿斜面向下，則物體的受力分析如圖所示：沿斜面方向和垂直于斜面方向進行正交分解得：當時，，摩擦力大小，摩擦力方向沿斜面向下；當時，，摩擦力大小為，摩擦力方向沿斜面向上；當時，；綜上所述，ABC錯誤，D正確；故選D。4、A【解析】詳解】s在連續兩段時間m和n內，對應面積均為S，根據勻變速直線運動的規律有解得經過b時刻物體的速度大小為故選A。5、D【解析】物體在斜面及水平面上受到恒力作用，做勻變速直線運動，加速不同，但加速度均不變，AB錯誤；在斜面上物體做勻加速直線運動，x-t圖象斜率應增大，C錯誤；物體對斜面的壓力小于對水平面的壓力，在斜面上受到的摩擦力小于在水平面上受到的摩擦力，但摩擦力均為恒力，D正確考點：本題考查圖象、物體運動規律、摩擦力6、B【解析】A．當彈簧的勁度系數一定時，彈簧的彈力與形變量成正比描述的是胡克定律，選項A錯誤；B．牛頓第一定律即慣性定律，物體總保持靜止或勻速直線運動狀態，直到有外力迫使他改變為止，選項B正確；C．牛頓第一定律只有在慣性參考系中才成立，選項C錯誤；D．牛頓第一定律不能用實驗直接驗證，是合理外推得到的，選項D錯誤。故選B。7、CD【解析】小球靜止于斜面上，設小球受的彈簧拉力為，設斜面對小球的支持力為，設彈簧的伸長量為，對小球受力分析如圖，則：、、聯立解得：、A：小球受的彈簧拉力為，故A項錯誤B：斜面對小球的支持力為，據牛頓第三定律，小球對斜面的壓力的大小為．故B項錯誤C：彈簧伸長量，故C項正確D：彈簧被剪斷的瞬間，小球受重力、斜面對小球的支持力，小球將沿斜面下滑，則：，解得：．故D項正確8、AC【解析】根據牛頓第二定律求出拉力為零時小球的加速度，當滑塊A向左以a=g做勻加速運動時小球恰好沒有脫離斜面飄起，再根據求解第二定律列式求解拉力的大?。弧驹斀狻緼、若繩對小球恰好沒有拉力，則對小球進行受力分析如圖所示：根據牛頓第二定律可知：，則，方向水平向右，故選項A正確，B錯誤；C、當滑塊A向左以a=g做勻加速運動時，則小球的合力為：，方向水平向左，則對小球進行受力分析如圖所示：則此時小球與斜面之間恰好沒有彈力，則由圖可知繩的拉力為：，故選項C正確，D錯誤【點睛】解決本題的關鍵知道小球脫離斜面時的臨界情況，結合牛頓第二定律進行求解9、BC【解析】A、位移時間圖象中圖象的斜率表示速度，故甲先做正向勻速運動后反向勻速運動，故A錯誤；B、在圖象中斜率代表速度，由圖象可知，在時刻丙的速率大于乙的速率，故B正確；C、在時間內，由于甲乙丙的位移相同，時間也相同，故平均速度相同，故C正確；D、由圖象可知，乙丙都做單向直線運動，故路程相同，故D錯誤；故選BC【點睛】此題關鍵抓住位移圖象的斜率等于速度、縱坐標的變化量表示位移，掌握平均速度和平均速率公式，來分析圖象的意義10、AB【解析】A．該同學t0-t1時間內視重小于重力，處于失重狀態，t2-t3時間內視重大于重力，處于超重狀態，選項A正確；B．t0-t1時間內，加速度向下，則電梯可能向下做勻加速運動，選項B正確；C．t2-t3時間內，加速度向上，則電梯可能向下做勻減速運動，選項C錯誤；D．t1-t2時間內電梯可能處于勻速直線運動或者處于靜止狀態，選項D錯誤；故選AB。11、AB【解析】A．位移時間圖像的斜率表示速度大小，甲的速度為，乙的速度為，負號表示運動方向，所以兩者的速度大小相等，方向相反，A正確；B．在t=1s時，兩者位移大小相同，都到達了x=5m位置，兩者相遇，B正確；C．前2s甲的位移為10m，乙的位移為-10m，位移大小相同，方向不同，C錯誤；D．乙的速度一直為負，即一直朝著負方向運動，D錯誤；故選AB。12、BC【解析】AB．以整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得解得整體的加速度為：以乙和丙整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得繩子的拉力大小為故A錯誤、B正確；C．以丙為研究對象，根據牛頓第二定律可得盒子對滑塊丙的摩擦力大小為故C正確；D．定滑輪受到細繩的作用力為故D錯誤。故選BC二．填空題(每小題6分，共18分)13、①.②.50N/m③.彈簧自身重力的影響。【解析】（1）[1]．根據表中數據在圖中作出F-L圖線如圖：（2）[2]．由此圖線可得，該彈簧勁度系數.（3）[3]．圖線與軸交點坐標大于L0的原因是彈簧自身重力的影響。14、①.BC②.0.50【解析】（1）[1]．AD、本實驗中拉力可以由彈簧測力計測出，故不需要測出砂和砂桶的質量，也不需要使砂和砂桶的總質量遠小于小車的質量，故AD錯誤；B．彈簧測力計測出拉力，從而得到小車受到的合外力，故需要將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；C．打點計時器使用時，應先接通電源，再釋放小車，該實驗探究質量一定時加速度與力的關系，要記錄彈簧測力計的示數，故C正確；（2）[2]．由于兩相鄰計數點間還有四個點，則相鄰計數點的時間間隔為T=5×0.02s=0.1s，根據位移差公式△x=aT2求出小車的加速度大小為代入數據可得a=0.50m/s2；15、①.F1②.0.2③.C【解析】(1)[1][2]A傳感器中的力均為正值，故A傳感器對應的是表中力F1，平衡時mg=F1sinθ當θ=時，F1=4.004N，可求得m≈0.2kg(2)[3]在掛鉤碼之前，對傳感器進行調零，目的是消除橫桿自身重力對結果的影響故選C。三．計算題(22分)16、（1）0.4m/s2；（2）0.1（3）F＞6N【解析】由題可知，使小滑塊m與木板M之間發生相對滑動的臨界拉力F臨界=4.5N，由于拉力F=3.6N＜4.5N，故M、m相對靜止，它們一起做勻加速直線運動，由牛頓第二定律求解加速度大??；分別對M、m進行受