2020學年（上）高一年級學分認定暨期末考試物理試題（必修1）一.單項選擇題通過理想斜面實驗得出“力不是維持物體運動的原因”的科學家是亞里士多德B.伽利略C.笛卡爾D.牛頓【答案】B【解析】A、亞里士多德認為力是維持物體運動狀態的原因，故A錯誤；B、伽利略通過理想斜面實驗提出了力不是維持物體運動的原因，故B正確；C、笛卡爾在伽利略研究的基礎上第一次表述了慣性定律，故C錯誤；D、牛頓在伽利略等前人研究的基礎上提出了牛頓第一定律，認為力是改變物體運動狀態的原因，但不是第一個根據實驗提出力不是維持物體運動原因的科學家，也不是第一個提出慣性的科學家，故D錯誤；故選B。下列說法正確的是（）描述機械運動必須選定參考系，參考系選取不同，但對于物體運動的描述相同。“第6秒”指的是時刻，“前8秒”指的是時間“位移”用于直線運動，“路程”用于曲線運動“質點”是物理學中為了突出問題的主要因素、忽略次要因素而建立的“物理模型”，它可以使問題簡化【答案】D【解析】【詳解】描述機械運動必須選定參考系，參考系選取不同，對于物體運動的描述也不相同，選項A錯誤；“第6秒”指的是時間，“前8秒”指的是時間，選項B錯誤；“位移”和“路程”都可用于直線運動，也都可用于曲線運動，選項C錯誤；“質點”是物理學中為了突出問題的主要因素、忽略次要因素而建立的“物理模型”，它可以使問題簡化，選項D正確；故選D.如圖所示在某段高速公路上，分別有圖示的甲、乙兩塊告示牌，告示牌上面數字的意思分別是（）r40Km^rf]；innT圳：140K巴丄甲J乙I甲是指位移，乙是平均速度甲是指路程，乙是平均速度甲是指路程，乙是瞬時速度甲是指位移，乙是瞬時速度【答案】C【解析】【分析】告示牌甲是量程牌，表示路程．限速是指瞬時速度不能超過多大．【詳解】告示牌甲是量程牌，表示路程。限速是指瞬時速度不能超過多大，告示牌乙上面的數字是瞬時速度。故選C。4?物體A、B的s-t圖象如圖所示，由圖可知（）在5s內物體的位移相同，5s末A、B相遇兩物體由同一位置開始運動，但物體A比B遲3s才開始運動從第3s起，兩物體運動方向相同，且v>vAB5s內A、B的平均速度相等【答案】C【解析】【分析】由s-t圖象直接兩物體出發點的位置坐標和時刻；S-t圖象的斜率等于速度，由斜率的正負確定速度的正負；由圖讀出縱坐標的變化量等于位移，S相同時兩物體到達同位置，說明它們相遇；平均速度等于位移與時間之比．【詳解】0?5s內B物體的位移As=10m-5m=5m,A物體的位移As=10m，則在0?BA5s內B物體的位移小于A物體的位移，5s末A、B兩物體坐標相同，表示兩物體相遇。故A錯誤。由圖知，物體A在t=3s時刻從坐標原點出發，B物體在t=0時刻從原點正方向上距原點5m處出發，出發的位置不同，且物體A比B遲3s才開始運動。故B錯誤。s-t圖線的斜率均大于零，從第3s起，兩物體的速度均沿正方向，兩物體運動方向相同，A圖線的斜率大于B圖線的斜率，則v>v.故C正確。0?5s內ABB物體的位移5m，A物體的位移10m，則在0?5s內B物體的位移小于A物體的位移,5s內A的平均速度大于B的平均速度，D錯誤。故選C.一物體m受到一個瞬間撞擊力后沿不光滑斜面向上滑動，如圖所示，在向上滑動重力、沿斜面向下的滑動摩擦力、斜面對物體的支持力重力、沿斜面向上的沖力、沿斜面向上的滑動摩擦力重力、沿斜面向上的沖力、沿斜面向下的滑動摩擦力、斜面的支持力【答案】B【解析】【分析】對物體受力分析，關鍵要按照順序找力，要找受到的力，每個力都要能找到受力物體，有時還要結合物體的運動情況分析受到的力．【詳解】物體受到撞擊力后在慣性的作用下沿斜面向上運動，物體并不受沖力的作用，所以對物體受力分析，重力豎直向下，斜面對物體的支持力垂直斜面向上，和沿斜面向下的滑動摩擦力，所以B正確，ACD錯誤。故選B。【點睛】受力分析的一般步驟和方法是求解力學問題的一個關鍵，在整個高中物理學習的全過程中占有極重要的地位，對物體進行受力分析，通常可按以下方法和步驟進行：a.明確研究對象，亦即是確定我們是要分析哪個物體的受力情況.b.隔離物體分析．亦即將所確定的研究對象從周圍物體中隔離出來，進而分析周圍有哪些物體對它施加力的作用，方向如何，并將這些力一一畫在受力圖上，在畫支持力、壓力和摩擦力的方向時容易出錯，要熟記：彈力的方向一定與接觸面或接觸點的切面垂直，摩擦力的方向一定沿著接觸面與物體相對運動（或趨勢）方向相反.c.分析受力的順序：一重、二彈、三摩擦，沿接觸面或點逐個去找.有時根據概念或條件與判斷.本題可按照受力分析的一般步驟對物體受力分析.下面關于慣性的說法中，正確的是（）運動速度大的物體比速度小的物體難以停下來，所以速度大的物體慣性大物體受力越大，要它停下來就越困難，所以物體受力越大，則慣性越大物體的體積越大，慣性越大物體的質量越大，慣性越大【答案】D【解析】【分析】牛頓第一定律又稱慣性定律.一切物體都有保持原來運動狀態不變的性質，叫慣性.慣性的大小只與物體的質量有關，質量越大，慣性越大.【詳解】慣性是物體本身的固有屬性，物體的慣性只與物體質量有關，物體的質量越大，慣性越大，與物體的運動狀態或受力情況無關，故ABC錯誤，D正確；打點計時器是一種常用的實驗儀器，它使用的電源及其直接測量的物理量分別是（）直流電、測量位移和速度直流電、測量瞬時速度和加速度交流電、測量速度和加速度交流電、測量時間【答案】D【解析】【分析】打點計時器是一種計時儀器，其電源頻率為50Hz，常用的電磁打點計時器和電火花計時器使用的是交流電，它們是每隔0.02s打一個點；【詳解】打點計時器是一種計時儀器，其電源頻率為50Hz，常用的電磁打點計時器和電火花計時器使用的是交流電，它們是每隔0.02s打一個點，則它直接測量的物理量是時間；故選D.甲、乙兩個小物體，甲的重力是乙的5倍，它們從同一高度處同時自由下落到水平對面，不計空氣阻力，則下列說法中正確的是（）甲先著地B.根據牛頓第二定律，甲的加速度是乙的5倍C.甲、乙同時著地D.由于受各種不確定的因素影響，無法確定誰先落地【答案】C【解析】【分析】物體做自由落體運動時，加速度的大小恒定，與物體的質量無關．【詳解】甲和乙都做自由落體運動，加速度是重力加速度，與物體的質量的大小無關，位移相同，所以甲乙的運動情況完全相同，則甲、乙同時著地，所以ABD錯誤,C正確。故選C。9?金屬小桶側面有一小孔A，當桶內盛水時，水會從小孔A中流出。如果讓裝滿水的小桶自由下落，不計空氣阻力，則在小桶自由下落過程中（）__|AI—\~'水繼續以相同的速度從小孔中噴出水不再從小孔噴出水將以更大的速度噴出水將以較小的速度噴出【答案】B【解析】試題分析：自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，加速度為g;當物體以加速度g豎直下落時，物體處于完全失重狀態.解：水桶自由下落，處于完全失重狀態，故其中的水也處于完全失重狀態，對容器壁無壓力，故水不會流出;故選：B.【點評】本題關鍵明確水處于完全失重狀態，對容器壁無壓力;也可以假設水對容器壁的力為F,然后根據牛頓第二定律列式求出F=0.10?三個共點力大小分別是F、F、F,關于它們的合力F的大小，下列說法中正確123的是（）F大小的取值范圍一定是0WFWF+F+F123F至少比F、F、F中的某一個大123若F:F:F=3:6:8，只要適當調整它們之間的夾角，一定能使合力為零123若F:F:F=3:6:2，只要適當調整它們之間的夾角，一定能使合力為零123【答案】BC【解析】試題分析：三個力的合力最小值不一定為零，三個力最大值等于三個力之和．故A錯誤.合力可能比三個力都大，也可能比三個力都小.故B正確.若F：F：F=3：1236：8,設F=3F,則F=6F，F=8F，F、F的合力范圍為［3F，9F］，8F在合力范圍之TOC\o"1-5"\h\z12312內，三個力的合力能為零.故C正確.若F：F：F=3：6：2,設F=3F，則F=6F，12312F=2F,F、F的合力范圍為［3F,9F］,2F不在合力范圍之內，三個力的合力不可能312為零.故D錯誤.故選BC。考點：力的合成【名師點睛】解決本題的關鍵掌握兩個力的合力范圍，從而會通過兩個力的合力范圍求三個力的合力范圍。二、單項選擇題如圖所示，一根彈性桿的一端固定在傾角為30°的斜面上，桿的另一端固定一個重量是2N的小球，小球處于靜止狀態時，彈性桿對小球的彈力（）大小為2N,方向平行于斜面向上大小為2N,方向豎直向上大小為2N，方向垂直于斜面向上由于未知形變大小，無法確定彈力的方向和大小【答案】B【解析】【分析】小球保持靜止狀態，合力為零，小球受重力和彈力，根據二力平衡條件可判斷彈力的大小和方向．【詳解】小球受到重力G和彈性桿對小球的彈力F,由于小球處于靜止狀態，彈力與重力平衡，故彈性桿對小球的彈力方向應豎直向上，大小為F=G=2N。故選B。【點睛】本題關鍵結合平衡條件對物體受力分析，要注意桿的彈力方向可以與桿平行，也可以與桿不共線．在物理學的重大發現中科學家們總結出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、類比法、等效替代法、科學假設法和建立物理模型法等。以下關于物理學研究方法的敘述錯．誤．的是（）不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法運用了理想實驗法根據速度的定義式：，當t趨近于零時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速

度，該定義運用了極限思想法在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，運用了控制變量法引入重心、合力與分力的概念時運用了等效替代法【答案】A【解析】【詳解】不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法運用了理想模型法，選項A錯誤；根據速度的定義式：，當t趨近于零時，就可以表示\t物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思想法，選項B正確；在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中，運用了控制變量法，選項C正確；引入重心、合力與分力的概念時運用了等效替代法，選項D正確；此題選擇不正確的選項，故選A.13?如圖所示，四個完全相同的輕彈簧都處于水平位置，它們的右端受到大小皆為F的拉力作用，而左端的情況各不相同：①輕彈簧的左端固定在墻上。②輕彈簧的左端受大小也為F的拉力作用。③輕彈簧的左端拴一小物塊，物塊在光滑的桌面上向右勻加速滑動。④輕彈簧的左端拴一小物塊，物塊在有摩擦的桌面上勻速滑動。動。以X、X、X、x依次表示四個彈簧的伸長量，則有（）1234x>x>x>x4321x>x>x>x4321C.x>x>x=x4312【答案】Dx>x>x>x4312x=x=x=x4312解析】分析】彈力是物體發生彈性形變時，對與它接觸的物體產生的力；彈簧受到的彈力與其伸長量（彈簧實際長度與原長之間的差值）成正比；測力計的示數代表的是作用在測力計掛鉤上的力。【詳解】彈簧受到的拉力與其伸長量成正比，且測力計的示數代表的是作用在測力計掛鉤上的力。由于四種情況下右端受到大小皆為F的拉力，與左端的受力情況無關，故圖中彈簧的伸長量是相同的，即L=L=L=L；故。正確，ABC錯誤。故選D。1234【點睛】彈簧的伸長量取決于作用在彈簧上的力的大小，作用在掛鉤上的力都是F,則伸長量相同。關于伽利略理想實驗的說法正確的是()完全是理想的，沒有事實為基礎，這種實驗方法不可取是以可靠事實為基礎的，經科學抽象，深刻反映自然規律完全光滑的斜面是不存在的，因此，伽利略理想實驗沒有實際意義理想實驗所得到的結論是不可靠的【答案】B【解析】【分析】要了解伽利略“理想實驗”的內容、方法、原理以及物理意義，伽利略實驗的卓越之處不是實驗本身，而是實驗所使用的獨特的方法在實驗的基礎上，進行理想化推理．(也稱作理想化實驗)它標志著物理學的真正開端．【詳解】在伽利略研究力與運動的關系時，是在斜面實驗的基礎上，成功地設計了理想斜面實驗，他以實際的實驗為依據，抓住了客觀事實的主要因素，忽略了次要因素，從而能夠更深刻地揭示了自然規律。因此，理想實驗是實際實驗的延伸，而不是實際的實驗，是建立在實際事實基礎上的合乎邏輯的科學抽象推斷，故ACD錯誤，B正確。故選B。【點睛】伽利略的“理想實驗”是建立在可靠的事實基礎之上的，它來源于實踐，而又高于實踐，它是實踐和思維的結晶．某人乘坐列車時觀察車廂里水平桌面上一個裝水玻璃容器，列車在水平直線運動過程中，當他觀察到的水面形狀如圖中所示時，可以判斷()列車行駛方向列車行駛方向列車向前加速行駛B.列車向前減速行駛列車向前勻速行駛D.條件不足，無法判斷【答案】B【解析】【分析】物體保持原來運動狀態不變的性質稱為慣性，慣性的大小與物體的質量有關；【詳解】當列車向左減速時，容器內的水由于慣性仍然保持原來的運動狀態，所以水向左運動，水向前涌，呈現圖示狀態，所以列車向前減速行駛，故選B。16?如圖所示，把球夾在豎直墻AC和木板BC之間，不計摩擦，球對墻的壓力為F,1對木板的壓力為F.在將板BC逐漸放至水平的過程中，下列說法中，正確的是（）2A.F和A.F和F都增大12C.F增大，F減小12【答案】BF和F都減小12F減小，F增大12【解析】試題分析：以小球為研究對象，分析受力，由平衡條件得到墻和木板對小球的支持力與木板和墻的夾角的關系式，再分析兩個力F大小和F大小的變化.12解：設木板和墻的夾角為a.如圖建立坐標系對小球進行受力分析，由于小靜止處于平衡狀態，滿足平衡條件F=0.合F為斜面對小球的支持力，F為擋板對小球的支持力12據平衡條件有：F=F-Fcosa=0合X12F=Fsina-mg=0合y2由此得：F二,F=mgcota2i由題意，a增大，則得，F減小，F減小.故B正確.12故選：B.【點評】擋板對小球的彈力方向與擋板垂直，部分同學受斜面上物體受力的影響，會誤認為擋板對小球的支持力平行斜面向上而得出錯誤結論．本題也可以運用圖解法直觀判斷兩個彈力的變化情況．物體以初速度V沿粗糙斜面向上滑行，達到最高點后自行返回原點，在這一過0【解析】【分析】物體以初速度v沿粗糙斜面向上滑行，先向上做勻減速直線運動，后向下做勻加速0直線運動，根據牛頓第二定律可知：這兩個過程前一階段的加速度大于后一階段的加速度．【詳解】物體以初速度v0沿粗糙斜面向上滑行，先向上做勻減速直線運動，根據牛頓第二定律可知：加速度a=gsin9+ugcos9；后向下做勻加速直線運動，根據牛頓第二定律可知：加速度a/=gsin9-ugcos9，這兩個過程的加速度不同，兩段圖線的斜率不相同。前一段的斜率絕對值大于后一段斜率的絕對值，符合物體運動情況的圖象只有A.故A正確。故選A。【點睛】本題考查理解速度-時間圖象的能力，抓住v-t圖線的斜率表示加速度的特點進行分析，會用牛頓第二定律求解上滑和下滑的加速度.如圖所示，用細繩把小球懸掛起來，當小球靜止時，下列說法中正確的是（）小球受到的重力和細繩對小球的拉力是一對作用力和反作用力小球受到的重力和小球對細繩的拉力是一對作用力和反作用力小球受到的重力和細繩對小球的拉力是一對平衡力小球受到的重力和小球對細繩的拉力是一對平衡力【答案】C【解析】解：對小球受力分析，受地球對其的重力，細線對其向上的拉力，小球保持靜止狀態，加速度為零，合力為零，故重力和拉力是一對平衡力；細線對小球的拉力的反作用力是小球對細線的向下的拉力，這兩個力是一對相互作用力，故AC正確，BD錯誤故選：AC.考點：作用力和反作用力.分析：一對平衡力與“作用力與反作用力“的共同的特點：二力都是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上.一對平衡力與“作用力與反作用力“的區別：作用力與反作用力描述的是兩個物體間相互作用的規律，二力平衡描述的是一個物體在二力作用下處在平衡狀態．點評：本題涉及三力，重力、細線對小球的拉力和小球對細線的拉力，其中重力和細線對小球的拉力是平衡力（因為小球處于平衡狀態），細線對小球的拉力和小球對細線的拉力是相互作用力；平衡力和相互作用力是很容易混淆的，要注意其最明顯的區別在于是否同體．雨滴從空中由靜止落下，若雨滴下落時空氣對其阻力隨雨滴下落速度的增大而增【解析】【分析】雨滴下落的過程中受重力和阻力，阻力隨速度增大而增大，根據牛頓第二定律，判斷加速度的變化，以及根據加速度方向與速度的方向關系判斷速度的變化．【詳解】當雨滴剛開始下落時，阻力f較小，遠小于雨滴的重力G,即fVG,故雨滴做加速運動；由于雨滴下落時空氣對它的阻力隨雨滴下落速度的增大而增大，故當速度達到某個值時，阻力f會增大到與重力G相等，即f=G，此時雨滴受到平衡力的作用，將保持勻速直線運動；故選項C的圖象符合題意；故ABD錯誤；C正確；故選C。【點睛】本題考查牛頓第二定律的動態過程分析問題；解題關鍵在于正確分析雨滴下落過程中的受力情況，再根據雨滴的受力分析雨滴的運動狀態；注意圖象能夠直觀的展現物體的運動情況．20?如圖所示，水平地面上的L形木板M上放著小木塊m,M與m間有一處于壓縮狀態的彈簧，整個裝置處于靜止狀態．下列說法正確的是（）mn地面對M的摩擦力方向向右地面對M的摩擦力方向向左m對M的摩擦力方向向右m對M的摩擦力方向向左【答案】D【解析】【分析】對m受力分析，根據平衡判斷出M對m的摩擦力方向.對整體分析，根據平衡判斷地面對M的摩擦力方向.【詳解】對整體受力分析，在豎直方向上受到重力和支持力平衡，若地面對M有摩擦力，則整體不能平衡，故地面對M無摩擦力作用。故A錯誤，B錯誤。對m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的彈力，根據平衡知，M對m的摩擦力向右。根據牛頓第三定律可知m對M的摩擦力方向向左，故D正確，C錯誤。故選D。二、多項選擇題電梯的頂部掛一個彈簧，彈簧下端掛一個重物，電梯勻速運動后，乘客在某時刻觀察到彈簧變短．關于電梯此時的運動，以下說法正確的是()電梯可能向上加速運動B.電梯可能向下加速運動電梯可能向上減速運動D.電梯可能向下減速運動【答案】BC【解析】【分析】對重物受力分析，根據牛頓第二定律得出重物的加速度方向，從而得出電梯的加速度方向，從而判斷出電梯的運動規律．【詳解】對重物受力分析，開始時彈力等于重力，電梯啟動后，由于彈簧變短，則彈力變小，可知重物受的合力向下，根據牛頓第二定律可知，重物的加速度向下，電梯的加速度向下，則電梯可能加速向下運動，也可能減速向上運動，故選BC.【點睛】解決本題的關鍵知道重物和電梯具有相同的加速度，根據牛頓第二定律進行分析，通過加速度判斷電梯的運動情況．一物體做勻變速直線運動，某時刻速度大小為4m/s,ls后速度的大小變為10m/s，在這1s內該物體的（）加速度的大小為6m/s2，方向與初速度的方向相同加速度的大小為6m/s2，方向與初速度的方向相反加速度的大小為14m/s2，方向與初速度的方向相同加速度的大小為14m/s2，方向與初速度的方向相反【答案】AD【解析】試題分析：當末速度與初速度方向相同時，v=6m/s，v=10m/s，t=1s，則加速度：0tVf.—Vn10—6a二=—:—m/s2=4m/s2，加速度的大小為6m/s2，方向與初速度的方向相同，選項A正確；當末速度與初速度方向相反時，v=-10m/s,則加速度：tVa.—-10—6a二=m/s2=-16m/s2，加速度的大小為16m/s2，方向與初速度的方向相反,選項D正確。考點：勻變速直線運動【名師點睛】物體作勻變速直線運動，取初速度方向為正方向，1s后末速度方向可能與初速度方向相同，為10m/s，也可能與初速度方向相反，為T0m/s，根據加速度的定義式a=「「求出加速度可能值，根據位移公式x二亠l二t求出位移可能的值。矢量的大小是其絕對值。對于矢量，不僅要注意大小，還要注意方向，當方向不明確時，要討論．矢量的大小是指矢量的絕對值，矢量的符號是表示其方向的．23?如圖所示，質量m的小球與輕彈簧I和水平細線II相連，I、II的另一端分別固定在P、Q兩點.小球靜止時，彈簧I的拉力大小T,細線II的拉力大小T,當僅12剪斷1、11中的一根的瞬間，小球的加速度a應是（）若剪斷彈簧I,則a二g，方向豎直向下T.若剪斷彈簧I,則a=_，方向沿彈簧I的延長線in若剪斷細線II,則a=-，方向水平向左inT若剪斷細線II,則a=',方向沿彈簧I的延長線111【答案】AC【解析】【分析】先研究原來靜止的狀態,由平衡條件求出彈簧和細線的拉力．剛剪短細繩時,彈簧來不及形變,故彈簧彈力不能突變；細繩的形變是微小形變,在剛剪短彈簧的瞬間細繩彈力可突變,根據牛頓第二定律求解瞬間的加速度．【詳解】繩子未斷時,受力如圖,由共點力平衡條件得：T=mgtan。，T=;剛剪斷彈簧I瞬間，細繩彈力突變為0,故小球只受重力，21:匚:上加速度為g,豎直向下，故A正確，B錯誤；剛剪短細線瞬間，彈簧彈力和重力不變,TsingT受力如圖；由幾何關系，F二TsinG=T=ma，因而.—二一，方向水平向左，故合12minC正確，D錯誤。故選AC。24.一物體以初速度為V做勻減速直線運動，第Is內通過的位移為S=3m，第2s內01通過的位移為S=2m,又經過位移S,速度減小為0,則下列說法中正確的是（）23初速度V的大小為2.5m/s0加速度a的大小為lm/s2位移S的大小為1m3位移S內的平均速度大小為0.75m/s3【答案】BD【解析】【分析】根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出物體的加速度，根據速度時間公式結合平均速度公式求出Is末的速度，再通過速度位移公式求出位移S的大小。3氏S2-3勺【詳解】根據△S=aT2得：.「?，即加速度a的大小為1m/s2，第1s廠I-末速度為：'；物體的初速度為：v=v-aT=2.5-（-1）...'01X1m/s=3.5m/s,A錯誤，B正確；根據勻變速直線運動規律，勻減速的總位移為：———'■-■■;勻減速的總時間為：--；故有：加—i1）a-IS=x-S-S=1.125m；位移S內的平均速度為：=="山故c錯誤，d3123；.■:<-.■:正確；故選BD。【點睛】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式，并能靈活運用；對于推論公式厶x=aT2，求解加速度較為方便，要記牢。25?如圖所示，質量為m的滑塊在水平面上向左撞向彈簧，當滑塊將彈簧壓縮了x0時速度減小到零，然后彈簧又將滑塊向右推開。已知彈簧的勁度系數為k,滑塊與水平面間的動摩擦因數為□，整個過程彈簧未超過彈性限度，則則■■UWMWV滑塊向左運動過程中，始終做減速運動滑塊向右運動過程中，始終做加速運動

c.滑塊與彈簧接觸過程中最大加速度為Lm滑塊向右運動過程中，當彈簧形變量二時，物體的速度最大【答案】ACD【解析】試題分析：該題的關鍵是對物體進行正確的過程分析和各過程中物體的受力分析，再結合牛頓運動定律分析物體的運動情況．在進行受力分析時，要注意分析彈簧彈力的變化．解：A、滑塊向左接觸彈簧的運動過程中，在水平方向上受到向右的彈簧的彈力和向右的摩擦力，在此過程中彈簧的彈力是逐漸增大的，彈力和摩擦力的合力與運動方向始終相反，物體做減速運動，故A正確．B、滑塊向右接觸彈簧的運動是從彈簧壓縮量最大時開始的，此時受到水平向右的彈力和向左的摩擦力，開始時彈簧的彈力大于摩擦力，但當彈簧伸長到一定程度，彈力和摩擦力大小相等，此后摩擦力大于彈力．所以滑塊向右接觸彈簧的運動過程中，是先加速，后減速.故B錯誤.C、由對A的分析可知，當彈簧的壓縮量為x時，水平方向的合力為F二kx+^mg，00此時合力最大，由牛頓第二定律有：匸池匹，故C匸池匹，故C正確.amaxITU)D、在滑塊向右接觸彈簧的運動中，當彈簧的形變量為x=時，由胡克定律可得kf=kx=umg，此時彈力和摩擦力大小相等，方向相反，在水平方向上合外力為零，之后物體開始做減速運動，所以此時速度最大，故D正確．故選：ACD.【點評】解決此類問題，要正確的分析物體運動的過程及物體的受力情況，并會確定運動過程中的臨界點和分析在臨界點上的受力，當物體接觸彈簧向右運動的過程中，開始是加速運動的，當彈力和摩擦力相等時，加速度為零，之后摩擦力要大于彈力，物體開始做減速運動．彈力和摩擦力相等時即為一個臨界點．如下圖是某同學在做勻變速直線運動實驗中獲得的一條紙帶。①已知打點計時器電源頻率為50Hz,則紙帶上打相鄰兩點的時間間隔為②ABCD是紙帶上四個計數點，每兩個相鄰計數點間有四個點未畫出。圖中B、C兩點間距未標示，則C點對應的速度是m/s，對應勻變速直線運動的加速度為m/s2。【答案】(1).①0.02s(2).②0.1(3).0.2【解析】【分析】根據對電磁打點計時器的掌握分析答題；根據勻變速直線運動的推論Ax=aT2，先求解S，再根據做勻變速直線運動的物體在某段時間內的平均速度等于該段時間中間時刻的瞬時速度.根據Ax=aT2求解加速度.【詳解】①已知打點計時器電源頻率為50Hz，則紙帶上打相鄰兩點的時間間隔為0.02s；②因每兩個相鄰計數點間有四個點未畫出，可知T=0.1s；根據Ax二S-0.70=1.10-S可得S=0.90cm；Ax=0.2cm；則、.、?:-;根據Ax=aT2可得：■:■''：■■■'2T0.2T"o]“探究加速度與力、質量的關系”實驗裝置如圖甲所示.圖中小車的質量為M,鉤碼的質量為m，小車后面固定一條紙帶，紙帶穿過電磁打點計時器，計時器接50Hz交流電。￡磁碼盤小車紙冊打點計時器￡磁碼盤小車紙冊打點計時器①小車運動時受到的拉力近似等于鉤碼的總重力，那M與m應滿足的條件是,②實驗過程中甲、乙兩組學生得到的a-F圖象分別為圖中的A、B兩條圖線，據圖可得，甲、乙實驗操作時哪一步驟沒做好？OF甲：乙：【答案】(1).①M?m(2).②甲：平衡摩擦力過度或者平衡摩擦力時傾角過大。(3).乙：隨著鉤碼的重力增大，不再滿足M?m的條件。【解析】【分析】根據牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離分析，求出繩子拉力和鉤碼重力的關系，從而確定使鉤碼重力在數值上近似等于小車運動時受到的拉力的條件；根據a-F圖像的位置和形狀，結合實驗原理分析原因.【詳解】①設鉤碼的質量為m,小車的質量為M,對鉤碼與小車組成的系統，由牛頓mg第二定律得：.二，，對小車，由牛頓第二定律得：T=Ma=:..，只有當鉤碼的質m+M%量遠小于小車質量時，即：M>>m時，小車受到的拉力近似等于鉤碼的重力；②甲：由A可知，當F=0時，加速度a不為零，可知出現此現象的原因是平衡摩擦力過度或者平衡摩擦力時傾角過大。乙：由B可知圖像出現彎曲的原因是隨著鉤碼的重力增大，不再滿足M?m的條件。【點睛】本題考查探究牛頓第二定律的實驗，關鍵是知道實驗的原理，對關鍵的實驗步驟必須要理解掌握。例如為什么要保證M?m，為什么要平衡摩擦力等；同時要能根據實驗的原理分析實驗誤差產生的原因.如圖所示，質量為m=0.8Kg的物體甲懸掛在繩OA和OB的結點O上，輕繩OA1與豎直方向的夾角9=37°，物體甲處于靜止狀態.輕繩OB沿水平方向，且與質量為m=10Kg物體乙相連接，物體乙靜止于傾角也為37o的斜面上，如圖所示，（g=102m/s2，sin37°=o.6，cos37°=o.8，）（1）輕繩OA、OB受到的拉力是多大？（2）木塊與斜面間的摩擦力大小；（3）斜面對木塊的彈力大小。【答案】（1）10N，6.0N（2）64.8N（3）76.4N【解析】【分析】（1）分析結點O受力，由平衡條件可得輕繩OA、OB受到的拉力；（2，3）分析物體乙的受力情況，根據正交分解法列出兩個方向的方程即可求解木塊與斜面間的摩擦力大小以及斜面對木塊的彈力大小。【詳解】（1）分析結點O受力，如圖，由平衡條件可得：F=G/cos37°=10NA1F=Gtan37°=6.0NB1分析物體乙的受力，如圖所示，由物體的平衡條件可得：f二G+Fz=Gsin37°+Fzcos37°靜2xBx2Bx可求得：f二64.8N靜由乙物體y方向的平衡條件可得：N+F/二GBy2N+Fzsin37°=Gcos37°B2可求得：F=76.4N.N【點睛】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答.29?如圖所示，質量為m=lkg的小物塊A用細繩系在光滑的斜面上，斜面的傾角為9=30°，三角形斜面體的質量為M=2kg，現用可變化的力F拉斜面體，使斜面體水平向右作加速直線運動，斜面體與水平面的動摩擦因數為M=0.l，控制F的大小，使得小物體塊A不會脫離斜面，g=l0m/s2。求：細繩對小物塊拉力T的大小范圍是多少?拉力F的大小范圍是多少？【答案】(l)5N<TW20N(2)3N<FW54.96N【解析】【分析】(1)物塊不脫離斜面，則當小物塊對斜面恰沒有壓力時細繩拉力最大；當細繩拉力的水平分量等于支持力的水平分量時，細繩拉力最小；(2)當整體將要運動時拉力F最小；當物塊將要漂離斜面時，F最大；【詳