2021-2022高二下物理期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖為氫原子的能級示意圖，用能量為E的光子照射一群處于能級n＝2的氫原子，氫原子吸收光子后輻射出頻率分別為ν1、ν2、ν3的光，且νA．hν1 B．hν22、如圖所示，在豎直平面內有一勻強電場，其方向與水平方向成α＝30°斜向右上方，在電場中有一質量為m的帶電小球，用長為L的不可伸長的絕緣細線掛于O點。當小球靜止于M點時，細線恰好水平。現用外力將小球拉至最低點P，然后無初速釋放，不計空氣阻力，則以下判斷中正確的有（）A．小球不能沿圓弧運動到O點的正上方B．小球從P到M的過程中，小球的機械能增加了3mgLC．以P所在水平面為零勢能面，小球運動過程中的最大的機械能為3mgLD．如果小球運動到M點時細線突然斷裂，此后小球運動的最大高度為3L3、某勻強電場的電場線分布如圖所示，A、B是電場中的兩點，A、B兩點的電場強度的大小分別為EA、EB，則EA、EB的大小關系是（）A．EA>EB B．EA<EBC．EA=EB D．無法確定4、如圖所示，虛線表示某電場中的四個等勢面，其對應的電勢，相鄰等勢面間的電勢差相等．一不計重力的帶電的粒子從右側垂直等勢面向左進人電場，運動軌跡與等勢面分別交于、、三點，則可以判斷（）A．該帶電粒子帶負電B．該區域可能是點電荷和無限大金屬平板形成的電場C．等勢面上各點場強處處相等D．粒子的運動軌跡和等勢面也可能垂直5、為了表演“隱形的大頭針”節目，某同學在半徑為r的圓形軟木片中心垂直插入一枚大頭針，并將其放入盛有水的碗中，如右圖所示．已知水的折射率為，為了保證表演成功(在水面上看不到大頭針)，大頭針末端離水面的最大距離h為A．r B．r C．r D．r6、如圖所示，物體A的質量為m，A的上端連接一個輕彈簧，彈簧原長為L0，勁度系數為k，整個系統置于水平地面上，現將彈簧上端B緩慢地豎直向上提起，B點上移距離為L，此時物體A也已經離開地面，重力加速度為g，則下列說法中正確的是（）A．提彈簧的力對系統做功為mgLB．物體A的重力勢能增加mgLC．物體A的重力勢能增加mg(L－L0)D．物體A的重力勢能增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，輕質彈簧的一端固定在墻上，另一端與質量為m的物體A相連，A放在光滑水平面上，有一質量與A相同的物體B，從高水平面高h處由靜止開始沿光滑曲面滑下，與A相碰后一起將彈簧壓縮，彈簧復原過程中某時刻B與A分開且沿原曲面上升。下列說法正確的是（）A．彈簧被壓縮時所具有的最大彈性勢能為mghB．彈簧被壓縮時所具有的最大彈性勢能為mghC．B與A分開后能達到的最大高度為hD．B與A分開后能達到的最大高度不能計算8、關于熱學規律，下列說法正確的是（）A．第二類永動機不能制成，因為它違反了能量守恒定律B．一定質量的理想氣體在等溫壓縮過程中，一定向外界放出熱量C．熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體D．利用高科技手段，可以使散失在環境中的內能全部重新收集起來加以利用9、如圖所示，圖甲為一列簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖乙為媒質中平衡位置在x=1.5m處的質點的振動圖象，P是平衡位置為x=2mA．波速為0.5B．波的傳播方向向右C．0～2s時間內，P運動的路程為D．0～2s時間內，P向y10、如圖所示，質量相等的A、B兩個球，原來在光滑水平面上沿同一直線相向做勻速直線運動，A球的速度是6m/s，B球的速度是－2m/s，不久A、B兩球發生了對心碰撞.對于該碰撞之后的A、B兩球的速度可能值，某實驗小組的同學們做了很多種猜測，下面的猜測結果可能的是()A．vA′＝－2m/s，vB′＝6m/sB．vA′＝2m/s，vB′＝2m/sC．vA′＝3m/s，vB′＝1m/sD．vA′＝－3m/s，vB′＝7m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了研究兩個小球在水平方向碰撞前后的動量關系．某同學采用了如圖所示的實驗裝置，該裝置可以通過測量小球做平拋運動的水平射程，間接地測定小球碰撞前后的速度．圖中A、B是半徑均為r的小鋼球，O、O＇點分別是斜槽末端和可轉動支柱在水平地面上的垂直投影，且OO＇間的距離等于A球的直徑．實驗時，使支柱處于倒下狀態，先讓A球多次從斜槽上同一位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量水平射程OP的長度x1．然后，把支柱立起，將B球靜置于支柱上，再將A球從斜槽上同一位置靜止釋放，與B球正碰（B球平拋出去的同時支柱倒下），并多次重復．分別找到A、B相碰后平均落地點的位置M、N．(1)本實驗要順利完成，則需要A球的質量_______（選填“大于”、“等于”或“小于”）B球的質量；(2)該實驗還需要測量的是__________；A．測量A、B兩球的質量m1、m2B．測量A球開始釋放的高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．測量OM、ON的長度x1和x2(3)若所測物理量之間的關系滿足_________________時，則說明兩球碰撞過程動量守恒（用已知量及(2)中測量的量表示）．12．（12分）某同學設計一個測定激光波長的實驗，裝置如甲圖所示.激光器發出的直徑很小的紅色激光進入一個一端裝有雙孔、另一端裝有感光片的遮光筒，感光片上出現一排等距的亮點.①這個現象說明激光具有____性.（選填“波動”或“粒子”）.②通過量出相鄰光點的距離可算出激光的波長.設雙孔間距離為a=0.22mm，雙孔到感光片的距離為L=1.0000m，用帶10分度游標的卡尺測量感光片上的點的距離時，第1個光點到第4個光點的距離如乙圖所示，相鄰光點間的距離是_____mm.該激光的波長=___m.（保留2位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平固定的長滑竿上套有2個質量均為m的薄滑扣（即可以滑動的圓環）A和B，兩滑扣之間由不可伸長的柔軟輕質細線連接，細線長度為l，滑扣在滑竿上滑行的阻力大小恒為滑扣對滑竿正壓力大小的k倍，開始時兩滑扣可以近似地看成挨在一起（但未相互擠壓）。今給滑扣A一個向左的初速度v0=6kgl（1）細線拉緊后兩滑扣的共同的速度；（2）整個過程中僅僅由于細線拉緊引起的機械能損失。14．（16分）在水平地面上有一質量為2kg的物體，物體在水平拉力F的作用下由靜止開始運動，10s后拉力大小減為F/3，該物體的運動速度隨時間t的變化規律如圖所示．求：（1）物體受到的拉力F的大小．（2）物體與地面之間的動摩擦因數．(g取10m/s2)15．（12分）如圖所示，在勻強磁場中有一個電阻r＝3Ω、面積S＝0.02m2的半圓形導線框可繞OO′軸旋轉．已知勻強磁場的磁感應強度．若線框以ω＝100πrad/s的角速度勻速轉動，且通過電刷給“6V12W”的小燈泡供電，則：(1)若從圖示位置開始計時，求線框中感應電動勢的瞬時值表達式．(2)從圖示位置開始，線框轉過90°的過程中，流過導線橫截面的電荷量是多少？該電荷量與線框轉動的快慢是否有關？(3)由題所給已知條件，外電路所接小燈泡能否正常發光？如不能，則小燈泡實際功率為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

因為氫原子發出3種不同頻率的光子，根據n(n-1)2=3，知n＝3.氫原子處于第3能級，由2到3的能級差最小，其吸收的光子的能量為A.hν1與計算結果相符；故AB.hν2與計算結果不相符；故BC.hν3與計算結果不相符；故CD.h(ν2-ν2、C【解析】

A.當小球靜止于M點時，細線恰好水平，說明重力和電場力的合力方向水平向右，M點為等效最低點，OP方向與OM方向垂直，由對稱性可知小球能上升的最大高度在O點正上方L高度處，故選項A錯誤；B.設電場力的大小為F，則F=mgsinα=2mg，小球從P到M的過程中，小球的機械能增加量等于電場力對小球做正功，為ΔE=FLcosα+FLC.以P所在水平面為零勢能面，在P點機械能為0，當小球順時針從P運動到細線與電場線重合時，電場力對小球做正功最多，則小球的機械能最大，根據小球的機械能增加量等于電場力對小球做功，可得小球運動過程中的最大的機械能E=F(Lsinα+L)=3mgL，故選項C正確；D.小球運動到M點時細線突然斷裂，由于小球的合外力與此時的速度垂直，所以此后小球做類平拋運動，豎直方向做勻速直線運動，不能確定最大高度，故選項D錯誤。3、C【解析】

由圖中電場線的分布可知，該電場為勻強電場，各點場強都相等；A．EA>EB，與結論不相符，選項A錯誤；B．EA<EB，與結論不相符，選項B錯誤；C．EA=EB，與結論相符，選項C正確；D．無法確定，與結論不相符，選項D錯誤；故選C.4、B【解析】

A.由題知，，故電場方向右下方，而在曲線運動中所受的電場力指向軌跡內側，故與電場方向相同，如圖所示：故該帶電粒子帶正電，故A錯誤；CD.由圖可知，正電荷做曲線運動，所以粒子的運動軌跡和等勢面可能垂直，與等勢面不可能垂直；電場線的疏密表示電場的強弱，由圖一可知等勢面上各點場強不是處處相等，故CD錯誤；B．由題圖可知，該電場的上下是對稱的，如圖所示可知該區域可能是點電荷和無限大金屬平板形成的電場，也可能是等量異種點電荷的電場，故B正確；故選B．【點睛】粒子只受電場力作用，根據運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內側即斜向右下方，由于粒子帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場強度大．5、A【解析】

只要從大頭針末端發出的光線射到圓形軟木片邊緣界面處能夠發生全反射，就從水面上看不到大頭針，如圖所示，根據幾何關系有所以故A正確，BCD錯誤；故選A．【點睛】以大頭針末端為研究對象，只要從大頭針末端發出的光線射到圓形軟木片邊緣界面處能夠發生全反射，就從水面上看不到大頭針，作出光路圖，根據全反射的臨界角公式求解即可．6、D【解析】

將彈簧上端B緩慢地豎直向上提起，使B點上移距離為L，拉力做的功等于系統重力勢能和彈性勢能的增加量之和，根據能量守恒定律分析即可．【詳解】將彈簧上端B緩慢地豎直向上提起，由于開始時有支持力，故拉力先小于mg，物體離地后等于mg；拉力的位移為L，故提彈簧的力對系統做功小于mgL，A錯誤；提彈簧的力對系統做功小于mgL，彈簧的彈性勢能也要增加，故物體的重力勢能的增加量小于mgL，B錯誤；B點上移距離為L，彈簧伸長量為，則A上升的高度為，則A的重力勢能增加，C錯誤D正確．【點睛】本題關鍵明確緩慢提起物體的過程中，拉力做的功等于系統重力勢能和彈性勢能的增加量之和，基礎題．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

AB.對B下滑過程，據機械能守恒定律可得：mgh=mv02則得B剛到達水平地面的速度為：．B、A碰撞過程，根據動量守恒定律可得：mv0=2mv，得A與B碰撞后的共同速度為：v=v0所以彈簧被壓縮時所具有的最大彈性勢能為：Epm=?2mv2=mgh故A錯誤，B正確；CD.當彈簧再次恢復原長時，A與B將分開，B以v的速度沿斜面上滑，根據機械能守恒定律可得mgh′=mv2B能達到的最大高度為

h′=故C正確D錯誤。8、BC【解析】

A.第二類永動機不能制成，因為違反了宏觀熱現象的方向性，即違反了熱力學第二定律，故A不符合題意．B.一定質量的理想氣體在等溫壓縮過程中，溫度不變，內能不變，壓縮氣體，外界對氣體做功，則一定向外界放出熱量，故B符合題意．C.根據熱力學第二定律可知，熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體，故C符合題意．D.能量轉化過程中，存在能量耗散，不能使散失在環境中的內能全部重新收集起來加以利用，故D不符合題意．9、AC【解析】

A.由圖可知波長為λ=2m，周期為T=4s，則波速為：v=λB.根據圖乙的振動圖象可知，在x=1.5m處的質點在t=2故B錯誤；C.因為t=2s=T2，所以0~2s時間內，質點P的路程為s=2A=8D.因為該波向左傳播，由圖甲可知t=2s時,質點P已經在波谷，所以可知0~2s時間內，P向y動，故D錯誤。10、AB【解析】

設每個球的質量均為m，碰前系統總動量P=mvA+mvB=6m-2m=4m碰前的總動能A．若vA′=-2m/s，vB′=6m/s，碰后總動量P′=mvA′+mvB′=4m，動量守恒。總動能，機械能也守恒，A可能實現；故A正確。B．若vA′=2m/s，vB′=2m/s，碰后總動量

P′=mvA′+mvB′=4m，總動能，動量守恒，機械能不增加，故B可能實現；故B正確。C．碰后總動量P′=mvA′+mvB′=4m，總動能，動量守恒，機械能不增加，但是碰后A的速度大于B，不符合實際，故C不可能實現；故C錯誤。D．碰后總動量P′=mvA′+mvB′=4m，總動能，動量守恒，機械能增加，違反能量守恒定律，故不可能實現，選項D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、大于ADm1·x1＝m1·x1＋m2·(x2-2r)【解析】

(1)為防止碰撞后入射球反彈，需要滿足入射球的質量應大于被碰球的質量．(2)要驗證動量守恒定律定律，即驗證：m1v1=m1v2+m2v3，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：m1v1t=m1v2t+m2v3t，得：，因此本實驗需要測量的量有兩小球的質量m1、m2和測量OM、ON的長度x1和x2；故選AD．(3)因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，x1是A球與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，x1是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，（x2-2r）是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，故所測物理量滿足表達式為：m1·x1＝m1·x1＋m2·(x2-2r)。12、波動性2.87mm【解析】

①[1]這個現象是光的干涉現象．干涉現象是波獨有的特征，所以說明激光具有波動性;②[2]主尺讀數為8mm，游標讀數為0.1×6=0.6mm，