2022-2023學年高一上化學期中模擬試卷考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、由CO2和H2組成的混合氣體在同溫同壓下與氮氣的密度相同，則該混合氣體中CO2和H2的體積比為（）A．29：8 B．22：1 C．13：8 D．26：152、某溶液中含有大量的下列離子：Fe3+、SO42-、Al3+和M離子，經測定Fe3+、SO42-、Al3+和M離子的物質的量之比為2：4：1：1，則M離子可能是下列中的()A．Na+ B．OH- C．Mg2+ D．Cl-3、向含有下列離子的溶液中分別加入燒堿固體（溶液體積變化可忽略），能引起離子濃度減小的是（）A．CO32－ B．Cl－ C．OH－ D．Cu2+4、某同學在實驗室進行了如圖所示的實驗，下列說法中錯誤的是A．利用過濾的方法，可將Z中固體與液體分離B．X、Z燒杯中分散質相同C．Y中反應的離子方程式為D．Z中能產生丁達爾效應5、已知常溫下在溶液中可發生如下兩個離子反應：Ce4++Fe2+=Fe3++Ce3+Sn2++2Fe3+=2Fe2++Sn4+由此可以確定Fe2+、Ce3+、Sn2+三種離子的還原性由強到弱的順序是（）A．Sn2+、Fe2+、Ce3+ B．Sn2+、Ce3+、Fe2+C．Ce3+、Fe2+、Sn3+ D．Fe2+、Sn2+、Ce3+6、某金屬氯化物MCl240.5g，含有0.6molCl—，則金屬M的摩爾質量為A．135B．135g·mol－1C．64D．64g·mol－17、下列物質在水溶液中的電離方程式書寫錯誤的是()A．CaCl2===Ca2＋＋2Cl－ B．NaHSO4===Na＋＋H＋＋SO42-C．HNO3===H＋＋NO3- D．KClO3===K＋＋Cl＋＋3O2－8、下列說法正確的是（）A．銅、石墨均能導電，所以它們均是電解質B．NH3、CO2的水溶液均能導電，所以NH3、CO2均是電解質C．液態HCl、固體NaCl均不能導電，所以HCl、NaCl均是非電解質D．蔗糖、酒精在水溶液或熔融狀態下均不能導電，所以它們均是非電解質9、下列關于蒸餾實驗中儀器使用的說法錯誤的是()A．酒精燈內酒精不超過容積的2/3 B．蒸餾燒瓶應墊上石棉網加熱C．蒸發和蒸餾過程中都需用到玻璃棒 D．接收餾分的儀器名稱為錐形瓶10、要使體積和物質的量濃度都相同的三份AgNO3溶液中的Ag+完全沉淀，向三份溶液中分別滴加同體積的NaCl溶液、MgCl2溶液、FeCl3溶液即可沉淀完全，則NaCl溶液、MgCl2溶液、FeCl3溶液的溶質的物質的量之比為（）A．6:3:2 B．3:4:3 C．3:2:1 D．1:1:111、在實驗室用下列裝置制取氯氣并驗證氯氣的某些化學性質，其中不能達到實驗目的是()A．聞氯氣的氣味B．實驗室制取氯氣C．回收固體二氧化錳D．驗證氯氣能支持H2燃燒12、標準狀況下，相同質量的下列氣體中，體積最大的是A．O2 B．N2 C．Cl2 D．CO213、高錳酸鉀溶液在酸性條件下可以與硫酸亞鐵反應，化學方程式如下(未配平)：KMnO4+FeSO4+H2SO4=K2SO4+MnSO4+Fe2(SO4)3+H2O下列說法正確的是AMnO4－是氧化劑，Fe3+是還原產物BFe2+的還原性強于Mn2+CD生成1mol水時，轉移2.5mol電子14、實驗室里有4個藥品櫥，已經存放以下物品：藥品櫥甲櫥乙櫥丙櫥丁櫥藥品鹽酸，硫酸氫氧化鈉，氫氧化鈣紅磷，硫銅，鋅實驗室新購進一些碘，應該將這些碘放在()A．甲櫥 B．乙櫥 C．丙櫥 D．丁櫥15、設NA為阿佛加德羅常數，下列說法正確的是（）①標準狀況下，11.2L以任意比混合的氮氣和氧氣所含的原子數為NA②同溫同壓下，體積相同的氫氣和氬氣所含的分子數相等③2mol/L的氯化鎂溶液中含氯離子為4NA④標準狀況下22.4LH2O中分子數為NAA．①② B．③④ C．①③④ D．①②③16、設NA表示阿伏加德羅常數，下列敘述正確的是A．通常狀況下，NA個Cl2分子的質量是71gB．通常狀況下，NA個CO2分子的體積約是22.4LC．100mL0.1mol/L的H2SO4溶液中H+的個數是0.2NAD．若1gN2含有m個分子，則NA=m/2817、下列各組離子能大量共存的是A．K+、Cl-、HCO、SOB．Mg2+、Cl-、Ag+、SOC．Ca2+、H+、Na+、COD．Fe2+、Cr2O、H+、NO18、以下實驗裝置一般不用于分離物質的是（）A．B．C．D．19、實驗室需要450mL0.1mol·L?1NaOH溶液和500mL0.5mol·L?1H2SO4溶液。如圖所示，在配制這兩種溶液時肯定不需要的儀器是A．①②B．①③C．只有③D．①②③④20、下列反應的離子方程式書寫正確的是（）A．鈉和冷水反應Na＋2H2O＝Na+＋2OH-＋H2↑B．金屬鋁溶于氫氧化鈉溶液Al＋2OH-＝AlO2-＋H2↑C．金屬鋁溶于鹽酸中：2Al＋6H+＝2Al3+＋3H2↑D．鐵跟稀硫酸反應：2Fe＋6H+＝2Fe3+＋3H2↑21、中國傳統文化對人類文明貢獻巨大，以下兩篇古代文獻中都涉及到了KNO3。序號古代文獻記載1《開寶本草》“(KNO3)所在山澤，冬月地上有霜，掃取以水淋汁后，乃煎煉而成”2《本草綱目》“(火藥)乃焰硝(KNO3)、硫黃、山木炭所合，以為烽燧餇諸藥者”對其解釋不合理的是A．1中利用了溶解、蒸發、結晶的過程B．可用1中方法制成KNO3是由于KNO3的溶解度受溫度影響不大C．2中火藥使用時體現了硝酸鉀的氧化性D．2中火藥使用時產物可能污染環境22、探究Na2O2與水的反應，實驗如圖：已知：H2O2?H++HO、HO?H++O下列分析不正確的是A．①、⑤中產生的氣體能使帶火星的木條復燃B．①、④中均發生了氧化還原反應和復分解反應C．②、⑤中KMnO4與MnO2的作用不同，產生氣體的量也不同D．沉淀經過濾、洗滌、干燥后稱量：④中反應后的沉淀質量小于③中所得沉淀的質量二、非選擇題(共84分)23、（14分）某溶液的溶質離子可能含有Mg2＋、Ba2＋、CO32－、Cl－、SO42－、NO3－中的幾種，現進行如下實驗：Ⅰ.取適量溶液，加入足量NaOH溶液，生成白色沉淀；Ⅱ.過濾，向實驗Ⅰ所得濾液中加入足量H2SO4溶液，有白色沉淀生成。根據上述實驗回答下列問題。（1）溶液中一定不存在的離子是_________________。（2）寫出Ⅰ和Ⅱ中所發生反應的離子方程式：_______________________。（3）為了驗證溶液中是否存在Cl－、NO3－，某同學提出下列假設：①只存在Cl－；②Cl－、NO3－同時存在；③____________。已知實驗提供的試劑只有稀鹽酸、AgNO3溶液、稀硝酸、NaOH溶液和蒸餾水。驗證溶液中是否存在Cl－的實驗方法：______________________。24、（12分）某111mL溶液只含Cu2+、Ba2＋、K+、OH－、SO42—、Cl—中的幾種，分別取三份11mL該溶液進行實驗，以確定該溶液中的離子組成。①向一份中加入足量NaOH溶液，產生1．98g藍色沉淀②向另一份中加入足量BaCl2溶液，產生2．33g白色沉淀③向第三份中加入過量Ba(NO3)2溶液后，過濾取濾液再加入足量AgNO3溶液，產生2．87g白色沉淀。回答下列問題（1）該溶液中一定不存在的離子是___________，③中白色沉淀的化學式為______。（2）產生藍色沉淀的離子方程式為_____________________________。（3）該溶液中一定存在的陰離子有____________，其物質的量濃度分別為_________。（4）該111mL溶液中還含有的離子是_______，其物質的量是_______。25、（12分）實驗室用下列方法測定某水樣中O2的含量。（1）實驗原理①用如圖所示裝置，使溶解在水中的O2在堿性條件下將Mn2＋氧化成MnO(OH)2，反應的離子方程式為_________________________________________________________。②在酸性條件下，再用I－將生成的MnO(OH)2還原為Mn2＋，反應的離子方程式為________________________。然后用Na2S2O3標準溶液滴定生成的I2，反應方程式為I2＋2Na2S2O3=2NaI＋Na2S4O6。（2）實驗步驟①打開止水夾a和b，從A處向裝置內鼓入過量N2，此操作的目的是_____________________________；②用注射器抽取某水樣20.00mL從A處注入錐形瓶；③再分別從A處注入含mmolNaOH溶液及過量的MnSO4溶液；④完成上述操作后，關閉a、b，將錐形瓶中溶液充分振蕩；⑤打開止水夾a、b，分別從A處注入足量NaI溶液及含nmolH2SO4的硫酸；⑥重復④的操作；⑦取下錐形瓶，向其中加入2～3滴__________作指示劑；⑧用0.005mol·L－1Na2S2O3溶液滴定至終點。滴定終點的現象是________________________。（3）數據分析①若滴定過程中消耗的Na2S2O3標準溶液體積為3.90mL，則此水樣中氧(O2)的含量為__________mg·L－1。②若未用Na2S2O3標準溶液潤洗滴定管，則測得水樣中O2的含量將__________(填“偏大”“偏小”或“不變”)。26、（10分）物質的分離與提純是化學的重點，根據下列實驗目的，分別選擇相應的實驗裝置。（1）除去氯化鈉晶體中的碳酸鈉______。（2）除去碳酸鈣中的氯化鈉______。（3）分離乙酸(沸點118℃)和乙酸乙酯(沸點77.1℃)的混合液(兩者互溶)：______。（4）從溴水中提取溴______。（5）除去氧化鈣中的碳酸鈣______。（6）分離固體食鹽和碘的方法______。27、（12分）I.閱讀、分析下列兩個材料：材料一材料二物質熔點/℃沸點/℃密度/g/cm3溶解性乙二醇(C2H6O2)－11.51981.11易溶于水和乙醇丙三醇(C3H8O3)17.92901.26能跟水、酒精以任意比互溶回答下列問題(填字母序號)：（1）從含少量NaCl的Na2CO3中提純Na2CO3的操作為溶解、_________、________、過濾、洗滌、干燥（2）將乙二醇和丙三醇相互分離的最佳方法是_________。A．蒸餾法B．萃取法C．結晶法D．分液法II.青蒿素是最好的抵抗瘧疾的藥物，可從黃花蒿莖葉中提取，它是無色針狀晶體，可溶于乙醇、乙醚等有機溶劑，難溶于水。常見的提取方法如下操作I、II中，不會用到的裝置是________（填序號）。Ⅲ.實驗室用98%、密度為1.84g/cm3的濃硫酸配制0.2mol/L的H2SO4溶液470mL.（1）需要使用的主要儀器有量筒、燒杯、玻璃棒、___________、__________。（2）其操作步驟可分解為以下幾步：A．用量筒量取______mL濃硫酸，緩緩注入裝有約50mL蒸餾水的燒杯里，并用玻璃棒攪拌。B．用適量蒸餾水分三次洗滌燒杯和玻璃棒，將每次的洗液都移入容量瓶里。C．將稀釋后的硫酸小心地用玻璃棒引流容量瓶里。D．檢查容量瓶是否漏水。E．將蒸餾水直接加入容量瓶，至液面接近刻度線1-2cm處。F．蓋緊瓶塞，反復顛倒振蕩，搖勻溶液。G．用膠頭滴管向容量瓶里逐滴加入蒸餾水，到液面最低點恰好與刻線相切。請據此填寫：①完成上述步驟中的空白處。②補充完成正確的操作順序（用字母填寫）：____________（D）→（A）→→→→→（F）。（3）下列操作會使所配稀硫酸濃度偏高的是______________。A、取用濃硫酸時仰視刻度線B、容量瓶用蒸餾水洗滌后用1.2mol/L的硫酸潤洗C、轉移溶液時，不慎有少量溶液灑出D、定容時仰視容量瓶刻度線E、將稀釋后的稀硫酸立即轉入容量瓶且進行后面的實驗操作F、定容后，把容量瓶倒置搖勻，正放后發現液面低于刻度線，又補充幾滴蒸餾水至刻度線28、（14分）請填寫一下空白:(1)有以下物質:①晶體

②

③液態硫酸④鐵

⑤固體

⑥飽和溶液

⑦酒精()⑧熔融的,其中能導電的是__________,屬于電解質的是__________,屬于非電解質的是__________。(2)化學反應(濃)(未配平)中:氧化產物是:__________,還原產物是:__________。(3)請寫出醋酸與氫氧化鈉溶液反應的離子方程式__________。(4)鹽酸可以除鐵銹,請寫出發生反應的離子方程式:__________。(5)工業上常用在酸性條件下氧化污水中的,請寫出離子方程式:__________

。29、（10分）W、X、Y、Z為1～18號元素內除稀有氣體外的4種元素，它們的原子序數依次增大，其中只有Y為金屬元素。Y和W的最外層電子數相等。Y、Z兩元素原子的質子數之和為W、X兩元素質子數之和的3倍。（1）寫出元素符號：W為____，X為____，Y為____，Z為____。（2）X的原子結構示意圖為__________,Y___________（填“得到”或“失去”）電子時，形成的離子結構示意圖為________________;Z得到電子，形成的陰離子的電子式為_____________.（3）由X、Y、Z形成的一種化合物的電離方程式______________________.

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、C【解析】

同溫同壓下氣體密度之比等于其摩爾質量之比，而由CO2和H2組成的混合氣體在同溫同壓下與氮氣的密度相同，則混合氣體平均相對分子質量為28，設二氧化碳物質的量為xmol，氫氣的物質的量為ymol，則：M===28，解得x:y=13:8，故答案為C。2、D【解析】

根據題目條件和電荷守恒可知：3n(Fe3+)+3n(Al3+)=2n(SO42-)+n(M)，即：3×2+3×1=2×4+M，M=1，M應帶有1個單位的負電荷，又OH-離子不能與鐵離子大量共存，所以M只能為選項中的Cl-，故合理選項是D。3、D【解析】試題分析：A、碳酸根水解，溶液顯堿性，加入氫氧化鈉抑制碳酸根水解，濃度增加，A錯誤；B、氯離子和氫氧化鈉不反應，濃度不變，B錯誤；C、加入氫氧化鈉，氫氧根濃度增加，C錯誤；D、銅離子結合氫氧根生成氫氧化銅沉淀，銅離子濃度減小，D正確，答案選D。考點：考查離子反應4、B【解析】

A．利用過濾法可將Z中固體和液體分離，故A正確；B．X中分散系是氯化鐵溶液，分散質是氯離子和三價鐵離子，乙中分散系是氫氧化鐵膠體，分散質是氫氧化鐵膠粒，故B錯誤；C．根據實驗現象，碳酸鈣與溶液反應，生成氫氧化鐵膠體和，故C正確；D．Z中是氫氧化鐵膠體，能產生丁達爾效應，故D正確；故答案為B。5、A【解析】

在反應①Ge4＋+Fe2＋=Fe3＋+Ge3＋中，Fe的化合價從+2升高到+3價，Fe2＋是還原劑，Ge3＋是還原產物，所以還原性：Fe2＋＞Ge3＋；在反應②Sn2＋+2Fe3＋=2Fe2＋＋Sn4＋中，Sn的化合價從+2價升高到+4價，Sn2＋是還原劑，Fe2＋是還原產物，所以還原性：Sn2＋＞Fe2＋，所以Fe2＋、Ge3＋、Sn2＋三種離子的還原性由強到弱的順序是Sn2＋、Fe2＋、Ge3＋，答案選A。6、D【解析】

本題考查了摩爾質量的計算，根據原子的摩爾質量在數值上等于該元素的相對原子質量進行分析。【詳解】因某金屬氯化物MCl2中的Cl-的物質的量0.6mol，則MCl2的物質的量為0.3mol，所以MCl2的摩爾質量為40.5g0.3mol=135g/mol，所以金屬M的摩爾質量為135g/mol-(35.5g/mol)×2=64g/mol，故A、B、C錯誤，D【點睛】本題解題的關鍵是由Cl-的物質的量，結合化學式MCl2計算金屬氯化物的物質的量，再利用M=mn計算金屬氯化物MCl2的摩爾質量，據此計算金屬M7、D【解析】

A．氯化鈣為強電解質，電離方程式為：CaCl2═Ca2++2Cl-，故A正確；B．硫酸氫鈉為強電解質，在水中完全電離，電離方程式：NaHSO4═Na++H++SO42-，故B正確；C．硝酸為強電解質，電離方程式為：HNO3═H++NO3-，故C正確；D．氯酸鉀為強電解質，電離方程式：KClO3═K++ClO3-，故D錯誤；答案選D。8、D【解析】

A．銅和石墨是單質不是化合物，所以不是電解質也不是非電解質，故A錯誤；B．NH3、CO2的水溶液均能導電，是因為氨氣、二氧化碳分別和水反應生成的氨水、碳酸電離出的離子而使溶液導電，不是氨氣和二氧化碳電離出的離子而導電，所以氨氣和二氧化碳不是電解質，是非電解質，故B錯誤；C．液態氯化氫和氯化鈉固體不含自由移動的離子，所以不導電，氯化氫和氯化鈉溶于水能夠電離出自由移動的離子而使溶液導電，氯化氫和氯化鈉是電解質，故C錯誤；D．蔗糖和酒精溶于水后，在水中以分子存在，導致溶液中沒有自由移動的離子而使蔗糖和酒精溶液不導電，所以酒精和蔗糖是非電解質，故D正確；故選D。【點睛】本題的易錯點為B，要注意電離出的離子必須該化合物本身，不是和其他物質生成的化合物電離的。9、C【解析】

A、酒精燈內的酒精不超過容積的，防止酒精過多引起失火，故A說法正確；B、蒸餾燒瓶的受熱面積大，為防止受熱不均應墊上石棉網加熱，故B說法正確；C、蒸餾無需攪拌、引流等，不需要使用玻璃棒，故C說法錯誤；D、接受餾分的儀器常用錐形瓶，故D說法正確；答案選C。10、A【解析】

體積和物質的量濃度都相同的三份AgNO3溶液中的Ag+的物質的量為n，需要三種溶液的物質的量分別為n、、，則物質的量之比為n：：=6：3：2，答案為A。11、B【解析】

A．聞氣味時，可用手在瓶口輕輕扇動，使少量氯氣飄進鼻孔，以避免中毒，故A正確；B．濃鹽酸和二氧化錳在加熱條件下反應，常溫下不反應，故B錯誤；C．MnO2不溶于水，利用過濾操作可回收固體MnO2，故C正確；D．點燃條件下，氫氣在氯氣中安靜燃燒，可驗證氯氣能支持H2燃燒，故D正確；故答案為B。12、B【解析】

因M（Cl2）＞M（CO2）＞M（O2）＞M（N2），根據n=可知，相同質量的氣體，N2的物質的量最大，相同條件下，氣體體積之比等于其物質的量之比，故N2的體積最大，故選B。13、B【解析】試題分析：A、MnO4－是氧化劑，Fe3+是氧化產物，錯誤；B、還原劑還原性強于還原產物，正確；C、Fe3+反應生成配離子溶液，不是沉淀，錯誤；D、2KMnO4+10FeSO4+8H2SO4=1K2SO4+2MnSO4+5Fe2(SO4)3+8H2O（反應有10個電子轉移）計算生成1mol水時，轉移10÷8=1.25mol電子，錯誤。考點：考查氧化還原反應原理問題。14、C【解析】

根據題意可知，甲櫥中的藥品為酸，乙櫥中的藥品為堿類，丙櫥中的藥品為非金屬單質類，丁中的藥品為金屬單質類，單質碘屬于非金屬單質類，故放在丙櫥中。綜上所述，本題應選C。【點睛】根據物質的分類知識，電離生成的陽離子全部是氫離子的化合物是酸（如鹽酸，硫酸）；電離生成的陰離子全部是氫氧根離子的化合物是堿（如氫氧化鈉，氫氧化鈣）；只有一種元素組成的純凈物屬于單質，單質可分為金屬單質（如銅，鋅）和非金屬單質（如紅磷，硫，碘）。15、A【解析】

①標準狀況下，11.2L氣體的物質的量為0.5moL,氮氣和氧氣都是雙原子分子，以任意比例混合時所含的原子數為NA，故①正確；②同溫同壓下，體積相同的任何氣體含有相同的分子數相等，氫氣和氬氣所含的分子數相等，故②正確；③溶液的體積未知，無法求出氯化鎂溶液中所含氯離子的個數，故③錯誤；④標準狀況下H2O不是氣體，無法計算22.4LH2O的分子數，故④錯誤。正確的是①②，故答案為A。16、A【解析】

A、NA個Cl2分子的物質的量是1mol，質量是71g，A正確；B、通常狀況下，NA個CO2分子的物質的量是1mol，但體積不一定是22.4L，B錯誤；C、硫酸是二元強酸，100mL0.1mol/L的H2S04溶液中H+的個數是0.02NA，C錯誤；D、若1gN2含有m個分子，則，因此NA=28m，D錯誤；答案選A。【點睛】本題主要是考查阿伏加德羅常數的有關計算和判斷，要準確解答好這類題目，一是要掌握好以物質的量為中心的各物理量與阿伏加德羅常數的關系，尤其要注意氣體摩爾體積和阿伏加德羅定律的使用條件和范圍；二是要準確弄清微粒的組成特點，分子、原子、原子核內質子中子及核外電子的構成關系，題目難度不大。17、A【解析】

A．K+、Cl-、HCO、SO之間不反應，能大量共存；B．Cl-和Ag+、SO產生AgCl、Ag2SO4沉淀，不能大量共存；C．Ca2+、H+分別和CO反應生成CaCO3沉淀、水和二氧化碳，不能大量共存；D．Fe2+、H+、NO之間，Fe2+、Cr2O、H+之間發生氧化還原反應，不能大量共存。答案選A。18、D【解析】

A.該裝置圖為蒸餾裝置，是分離互溶的、沸點不同的液體混合物的裝置，A不符合題意；B.該裝置圖為分液裝置，是分離互不相溶的液體混合物的裝置，B不符合題意；C.該裝置圖為過濾裝置，是分離難溶性固體與可溶性液體混合物的裝置，C不符合題意；D.該裝置圖為配制物質的量濃度的溶液的裝置，是配制物質的量濃度的溶液的定容步驟，與分離混合物無關，D符合題意；故合理選項是D。19、B【解析】

配制一定物質的量濃度的溶液需要的儀器有：托盤天平、量筒、燒杯、玻璃棒、容量瓶、膠頭滴管、燒杯和玻璃棒，①為圓底燒瓶、③為分液漏斗，在配制一定濃度的溶液中不會用到燒瓶和分液漏斗；故答案選B。20、C【解析】

A項，反應前后電荷不守恒，正確離子方程式為2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2↑，A錯誤；B項，電荷不守恒，正確離子方程式為2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑，B錯誤；C項，Al與鹽酸反應生成AlCl3和H2，符合離子方程式的書寫，C正確；D項，不符合反應事實，Fe和稀硫酸反應生成Fe2+和H2，D錯誤；答案選C。【點睛】注意電荷守恒在判斷中的靈活應用，還要注意所給方程式是否符合實際反應事實。21、B【解析】掃取以水淋汁后（溶解），乃煎煉（蒸發結晶）而成，所以選項A正確。硝酸鉀的溶解度受溫度影響是非常明顯的，選項B錯誤。火藥的主要成分是KNO3、S和C，所以在反應中KNO3應該表現氧化性，選項C正確。火藥使用中可能會產生二氧化硫等污染性氣體，選項D正確。22、D【解析】

過氧化鈉和水反應生成氣體為氧氣，反應后的溶液加入高錳酸鉀酸性溶液，生成氣體，且高錳酸鉀溶液褪色，說明過氧化鈉與水反應生成過氧化氫，可被高錳酸鉀氧化生成氧氣；加入氯化鋇生成BaO2沉淀，濁液中加入稀硫酸生成硫酸鋇沉淀和H2O2，加入二氧化錳催化雙氧水分解生成氧氣，以此解答該題。【詳解】A．根據分析①、⑤中產生的氣體為氧氣，能使帶火星的木條復燃，故A正確；B．①中產生氣體，說明過氧化鈉和水發生了氧化還原反應，根據后續實驗可知①中同時發生反應：2H2O+Na2O2=H2O2+2NaOH，該反應屬于復分解反應；④中BaO2與H2SO4發生反應：BaO2+H2SO4=BaSO4+H2O2，該反應屬于氧化還原反應，產生少量氣泡，說明雙氧水分解產生氧氣，該反應為氧化還原反應，故B正確；C．②中高錳酸鉀將H2O2氧化，為氧化劑，-1價的O全部轉化為O2；⑤中MnO2為H2O2分解的催化劑，-1價的O只有一半轉化為O2，所以②、⑤中KMnO4與MnO2的作用不同，產生氣體的量也不同，故C正確；D．③中沉淀為BaO2，④中BaO2全部轉化為BaSO4沉淀，根據BaO2和BaSO4的摩爾質量大小關系可知④中反應后的沉淀質量大于③中所得沉淀的質量，故D錯誤；綜上所述答案為D。二、非選擇題(共84分)23、CO32－、SO42－Mg2＋＋2OH－===Mg(OH)2↓、Ba2＋＋SO42－===BaSO4↓只存在NO3－取適量溶液，加入足量稀硝酸，再加入硝酸銀溶液，觀察是否有白色沉淀生成【解析】

Ⅰ.取適量溶液，加入足量NaOH溶液，生成白色沉淀，說明含有Mg2+，則不存在CO32-；Ⅱ.過濾，向實驗Ⅰ所得濾液中加入足量H2SO4溶液，有白色沉淀生成，說明含有Ba2+，則不存在SO42-，據此解答。【詳解】Ⅰ.取適量溶液，加入足量NaOH溶液，生成白色沉淀，說明含有Mg2+，則不存在CO32-；Ⅱ.過濾，向實驗Ⅰ所得濾液中加入足量H2SO4溶液，有白色沉淀生成，說明含有Ba2+，則不存在SO42-，氯離子和硝酸根離子無法確定。則（1）根據上述分析可知溶液中一定不存在的離子是CO32－、SO42－；（2）Ⅰ和Ⅱ中所發生反應的離子方程式分別為Mg2++2OH-＝Mg(OH)2↓、Ba2++SO42-＝BaSO4↓；（3）根據假設：①只存在Cl-；②Cl-、NO3-同時存在，因此假設③應該為只存在NO3-；要證明是否存在氯離子，可以用硝酸酸化的硝酸銀溶液檢驗，即取適量溶液，加入足量稀硝酸，再加入硝酸銀溶液，觀察是否有白色沉淀生成，如果有白色沉淀，則說明存在氯離子，如果沒有白色沉淀產生，則不存在氯離子。【點睛】注意掌握破解離子推斷的四條基本原則，肯定性原則：根據實驗現象推出溶液中肯定存在或肯定不存在的離子；互斥性原則：在肯定某些離子的同時，結合離子共存規律，否定一些離子的存在(要注意題目中的隱含條件，如：酸性、堿性、指示劑的變化、與鋁反應產生H2、水的電離情況等)；電中性原則：溶液呈電中性，一定既有陽離子，又有陰離子，且溶液中正電荷總數與負電荷總數相等(這一原則可幫助我們確定一些隱含的離子)；進出性原則：通常是在實驗過程中使用，是指在實驗過程中反應生成的離子或引入的離子對后續實驗的干擾。24、Ba2+和OH-AgClCu2++2OH-=Cu(OH)2↓SO42-、Cl-1mol/L、2mol/LK+1.2mol【解析】

（1）實驗①生成的藍色沉淀是Cu(OH)2，實驗②生成的白色沉淀是BaSO4，實驗③生成的白色沉淀是AgCl。再結合離子共存分析。（2）Cu2++2OH-=Cu(OH)2↓。（3）該溶液中一定存在的陰離子有SO42-和Cl-。（4）根據電荷守恒分析。【詳解】（1）實驗①生成的藍色沉淀是Cu(OH)2，溶液中存在Cu2+，不存在OH-，實驗②生成的白色沉淀是BaSO4，說明溶液中存在SO42-，不存在Ba2+，實驗③生成的白色沉淀是AgCl，說明溶液中存在Cl-。所以，該溶液中一定不存在的離子是Ba2+和OH-，③中白色沉淀為AgCl，故答案為Ba2+和OH-；AgCl。（2）產生藍色沉淀的離子方程式為：Cu2++2OH-=Cu(OH)2↓，故答案為Cu2++2OH-=Cu(OH)2↓。（3）該溶液中一定存在的陰離子有SO42-和Cl-，11mL溶液中，兩種離子的物質的量分別為：n(SO42-)=n(BaSO4)=2.33g÷233g/mol=1.11mol，n(Cl-)=n(AgCl)=2.87÷143.5g/mol=1.12mol，所以c(SO42-)=1mol/L，c(Cl-)=2mol/L，故答案為SO42-、Cl-；1mol/L、2mol/L。（4）11mL溶液中，Cu2+的物質的量為：n(Cu2+)=n[Cu(OH)2]=1.98g÷98g/mol=1.11mol，1.11molCu2+帶1.12mol正電荷，1.11molSO42-和1.12molCl-共帶有1.14mol負電荷，根據電荷守恒知，原溶液中還存在K+，11mL溶液中含有1.12molK+，111mL溶液中含有1.2molK+，故答案為K+；1.2mol。25、2Mn2＋＋O2＋4OH－=2MnO(OH)2MnO(OH)2＋2I－＋4H＋=Mn2＋＋I2＋3H2O排出裝置內的空氣，避免空氣中的O2的干擾淀粉溶液滴最后一滴標準液，溶液恰好由藍色變為無色，且半分鐘內不恢復原色7.8偏大【解析】

（1）①溶解在水中的O2在堿性條件下將Mn2+氧化成MnO(OH)2，錳元素化合價升高2價，氧氣化合價降低了4價，根據化合價升高降低總數相等配平反應的離子方程式為：2Mn2++O2+4OH-=2MnO(OH)2；②在酸性條件下，再用I-將生成的MnO(OH)2還原為Mn2+，I-被氧化為碘單質，反應的離子方程式為：MnO(OH)2+2I-+4H+=Mn2++I2+3H2O；（2）①由于測定的是水樣中氧氣含量，必須將裝置中的空氣趕走，避免干擾測定結果，故答案為趕走裝置內空氣，避免空氣中的O2的干擾；⑦由于反應中有碘單質參與，利用碘遇到淀粉顯示藍色的特性，可以選用淀粉溶液做指示劑；⑧用0.005mol·L-1Na2S2O3溶液滴定至終點，碘消耗完，藍色褪去，即滴定終點的現象是：滴最后一滴標準液，溶液恰好由藍色變為無色，且半分鐘內不恢復原色；（3）①發生的反應有：2Mn2++O2+4OH-=2MnO(OH)2、MnO(OH)2+2I-+4H+=Mn2++I2+3H2O、I2+2Na2S2O3=2NaI+Na2S4O6，則關系式為：O2～2MnO(OH)2～2I2～4Na2S2O3，1000mL水樣中含有的氧氣的物質的量是：n（O2）=n（Na2S2O3）×=×0.005mol?L-1×0.0039L×50=2.4375×10-4mol，氧氣的質量為：2.4375×10-4mol×32g/mol=7.8mg，此水樣中氧（O2）的含量為7.8mg·L-1；②若未用Na2S2O3標準溶液潤洗滴定管，會導致標準液的濃度減小，消耗的標準液的體積增大，測定結果偏大。26、②①⑤④③⑥【解析】

（1）碳酸鈉能與過量的稀鹽酸反應生成氯化鈉、水和二氧化碳，再進行蒸發，能除去雜質且沒有引入新的雜質，符合除雜原則，答案選②；（2）氯化鈉易溶于水，碳酸鈣難溶于水，可采取加水溶解、過濾、洗滌、干燥的方法進行分離除雜，答案選①；（3）乙酸（沸點118℃）和乙酸乙酯（沸點77.1℃）的沸點不同，故可以用蒸餾的方法來分離，答案選⑤；（4）利用溴易溶于有機溶劑的性質，選擇苯或CCl4等萃取海水中的溴，通過分液得到溴的有機溶劑的溶液，然后再蒸餾，得到純溴。答案選④；（5）碳酸鈣在高溫下分解生成氧化鈣和二氧化碳，能除去雜質且沒有引入新的雜質，符合除雜原則，答案選③；（6）碘易升華，可用加熱的方法分離固體NaCl和碘單質，升華后的碘在盛有水的燒瓶底部凝華，答案選⑥。27、蒸發濃縮冷卻結晶（降溫結晶）AC500ml容量瓶膠頭滴管5.4mlCBEGABE【解析】

根據碳酸鈉和氯化鈉的溶解度隨溫度的變化差異分析，應采用結晶法分離。互溶的液體混合物利用沸點差異采用蒸餾的方法分離。根據裝置的特點分析，A為蒸餾裝置，B為過濾裝置，C為加熱固體的裝置。根據配制溶液的過程中溶質的變化和溶液的體積的變化進行誤差分析。【詳解】I.(1)碳酸鈉的溶解度隨著溫度變化加大，所以用結晶法分離，實驗操作為溶解，蒸發濃縮，冷卻結晶（降溫結晶），過濾，洗滌，干燥。(2)乙二醇和丙三醇互溶，二者沸點不同，利用蒸餾的方法分離，故A；II.提取過程中有過濾和蒸餾等實驗過程，不涉及加熱固體，所以選C；Ⅲ.(1)根據溶液的體積選擇500ml容量瓶，另外還需要使用膠頭滴管。(2)①需要的濃硫酸的體積為=5.4ml；②實驗前先檢查容量瓶是否漏水，量取一定體積的濃硫酸進行