2023年一般高等學校招生全國統一考試〔全國3卷〕物理留意事項：1、答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2、答復選擇題時，選出每題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在本試卷上無效。3、考試完畢后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：此題共8648分。在每題給出的四個選項中，第1～56～86分，選對但不30分。16分〕楞次定律是以下哪個定律在電磁感應現象中的具體表達？〔〕電阻定律C．歐姆定律

庫侖定律D．能量守恒定律26分〕金星、地球和火星繞太陽的公轉均可視為勻速圓周運動，它們的向心加速度大小分別為a 、a 、a ，它們沿軌道運行的速率分別為v 、v 、v ．它們的軌道半金 地 火 金 地 火徑R ＜R ＜R ，由此可以判定〔 〕金 地 火A．a ＞a ＞a金 地 火C．v ＞v ＞v地 火 金

B．a ＞a ＞a火 地 金D．v ＞v ＞v火 地 金36分用卡車運輸質量為m面之間，如以下圖。兩斜面Ⅰ、Ⅱ固定在車上，傾角分別為30°和60°．重力加速度為gF1F2〔〕A．F1＝ mg，F2＝ C．F1＝mg，F2＝ mg

B．F1＝D．F1＝

mg，F2＝ mgmg，F2＝mg46分〕從地面豎直向上拋出一物體，物體在運動過程中除受到重力外，還受到一大小不第1頁〔共18頁〕h在3m以內時，物體上升、下落過程中動能Ek隨h的變化如以下圖。重力加速度取10m/s2．該物體的質量為〔〕A．2kg B．1.5kg C．1kg D．0.5kg56分〕如圖，在坐標系的第一和其次象限內存在磁感應強度大小分別為B和B、方向mq〔q＞0〕x軸射yx軸離開第一象限。粒子在磁場中運動的時間為〔〕A． B． C． D．66分〕如圖，方向豎直向下的勻強磁場中有兩根位于同一水平面內的足夠長的平行金屬導軌，兩一樣的光滑導體棒ab、cd靜止在導軌上。t＝0時，棒ab以初速度v0向右滑動。運動過程中，ab、cd始終與導軌垂直并接觸良好，兩者速度分別用v1、v2表示，回路中的電流用I表示。以以下圖象中可能正確的選項是〔 〕第2頁〔共18頁〕A． B．C． D．76分〕如圖臺上的力傳感器相連，細繩水平。t＝0F的作用，在t＝4s時撤去外力。細繩對物塊的拉力ft變化的關系如圖〔b〕所示，木板的速度v與時間t〔10m/題給數據可以得出〔〕1kg2s～4s內，力F0.4N0～2s內，力F的大小保持不變D．物塊與木板之間的動摩擦因數為0.286分〕如圖，電荷量分別為q和q0〕、b是正方體的另外兩個頂點。則〔 〕A．a點和b點的電勢相等B．a點和b點的電場強度大小相等C．a點和b點的電場強度方向一樣第3頁〔共18頁〕將負電荷從a點移到b點，電勢能增加629～1213～16題〔一〕47分。95分〕同學負責釋放金屬小球，乙同學負責在小球自由下落的時候拍照。相機每間隔0.1s1幅照片。假設要從拍得的照片中獵取必要的信息在此試驗中還必需使用的器材是 〔填正確答案標號〕A．米尺 B．秒表 C．光電門 D．天平簡述你選擇的器材在本試驗中的使用方法。答：。3幅照片上小球的位置abc得到ab＝24.5cma＝58.7c，則該地的重力加速度大小為g＝m/2〔保存2位有效數字〕110分〕某同學欲將內阻為98.Ω、量程為100A的電流表改裝成歐姆表并進展刻度和15kΩ50A刻度。可選用的器材R〔阻值14k〔最大阻值150Ω〔最大阻值50Ω，電阻箱～99999.Ω，干電池1.5，1.Ω，紅、黑表筆和導線假設干。第4頁〔共18頁〕歐姆表設計將圖〔a〕中的實物連線組成歐姆表。歐姆表改裝好后，滑動變阻器R接入電路的電阻應為 Ω；滑動變阻器選 〔填1”或R。刻度歐姆表表盤通過計算，對整個表盤進展電阻刻度，如圖〔b〕所示。表盤上a、b處的電流刻度分別為25和75，則a、b處的電阻刻度分別為 、 。校準紅、黑表筆短接，調整滑動變阻器，使歐姆表指針指向 kΩ處；將紅、黑表筆與電阻箱連接，記錄多組電阻箱接入電路的電阻值及歐姆表上對應的測量值，完成校準數據測量。假設校準某刻度時，電阻箱旋鈕位置如圖〔c〕所示，則電阻箱接入的阻值為Ω。112分〕P是電場中的兩點。從O方向以不同速度先后放射兩個質量均為mA、B．A不帶電，Bq〔q＞0A從O點放射時的速度大小為0，到達P點所用時間為；B從O點到達P點所第5頁〔共18頁〕用時間為．重力加速度為g，求〔1〕電場強度的大小；〔2〕B運動到P點時的動能。1〔20分〕靜止在水平地面上的兩小物塊、，質量分別為l.0k，B＝4.0k；兩與其右側的豎直墻壁距離l＝1.0m將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分別，兩物塊獲得的動能之和為Ek＝10.0J．釋放AAB與地面之間的動摩擦因數均為＝0.2力加速度取g＝10m/s2．A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大小；物塊A、B中的哪一個先停頓？該物塊剛停趕忙A與B之間的距離是多少？〔3〕A和B都停頓后，AB之間的距離是多少？〔二〕152道物理題中任選一題作答。假設多做，則按所做的第一題計分。[3–3]〔15分〕1〔5分〕溶液，稀釋的目的是。試驗中為了測量出一滴濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以。為得到油酸分子的直徑，還需測量的物理量是。1〔10分〕2.0cm2.0cm倒置，水銀柱下外表恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內氣體溫度與環境溫度一樣。76cmHg296K。求細管的長度；假設在倒置前，緩慢加熱管內被密封的氣體，直到水銀柱的上外表恰好與管口平齊為止，求此時密封氣體的溫度。第6頁〔共18頁〕[3–4]〔15分〕根細桿周期性觸動水面形成兩個波源。兩波源發出的波在水面上相遇，在重疊區域發生干預并形成了干預圖樣。關于兩列波重疊區域內水面上振動的質點，以下說法正確的選項是〔 〕A．不同質點的振幅都一樣B．不同質點振動的頻率都一樣C．不同質點振動的相位都一樣D．不同質點振動的周期都與振動片的周期一樣E．同一質點處，兩列波的相位差不隨時間變化如圖，直角三角形ABC為一棱鏡的橫截面，∠A＝90°，∠B＝30°．一束光線平行于底邊BC射到AB邊上并進入棱鏡，然后垂直于AC邊射出。求棱鏡的折射率；保持AB邊上的入射點不變，漸漸減小入射角，直到BC邊上恰好有光線射出。求此時AB邊上入射角的正弦。第7頁〔共18頁〕2023年全國統一高考物理試卷〔3卷〕答案解析一、選擇題：此題共8648分。在每題給出的四個選項中，第1～56～86分，選對但不30分。【分析】當線圈與磁體間有相對運動時，依據“來拒去留”可知，磁場力都是阻礙線圈與磁體間的相對運動，有外力對系統做了功，導致其他形式的能轉化為線圈的電能；當導體做切割磁感線運動時，安培力總是阻礙導體的運動，導體抑制安培力做，把其他形式的能轉化為電能，據此即可分析。【解答】解：當線圈與磁體間有相對運動時，依據“來拒去留”可知，磁場力都是阻礙當導體做切割磁感線運動時，安培力總是阻礙導體的運動，導體抑制安培力做，把其他形式的能轉化為電能，所以楞次定律是能量守恒定律在電磁感應現象中的表達，故D正確，ABC錯誤。應選：D。【點評】考察電磁感應原理，把握楞次定律的內涵，留意從做功與能量轉化角度來生疏楞次定律的內容。【分析】行星繞太陽做勻速圓周運動，由太陽的萬有引力供給向心力，由牛頓其次定律列式分析距離關系、線速度關系及加速度關系。【解答】解：行星繞太陽運動時，萬有引力供給向心力，設太陽的質量為M，行星的質m，行星的軌道半徑為r，依據牛頓其次定律有：可得向心加速度為

，線速度為 ，由題意有R ＜R ＜R ，所以有a ＞a金 地 火 金＞a ，v ＞v ＞v ，故A正確，BCD錯誤。地 火 金 地 火應選：A。【點評】對于天體的運動，一般的分析思路要把握：萬有引力供給向心力；明確萬有引力的表達式，會由向心力等于萬有引力分析周期、線速度與半徑的大小關系。【分析】將重力進展分解，依據幾何關系求解圓筒對斜面Ⅰ、Ⅱ壓力的大小。第8頁〔共18頁〕【解答】解：將重力進展分解如以下圖，依據幾何關系可得F1＝mgcos30°＝F2＝mgsin30°＝mgD正確，ABC錯誤。應選：D。

mg，【點評】此題主要是考察了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定爭論對象、進展受力分析、利用平行四邊形法則進展力的合成或者是正交分解法進展力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進展解答。質量。【解答】解：依據動能定理可得：mah＝△Ek，解得斜率的大小為ma＝ ；上升過程中：ma1＝ ＝ N＝12N下落過程中：ma2＝ ＝ N＝8N設與運動方向相反的外力為F，依據牛頓其次定律可得：上升過程中：mg+F＝ma1，下落過程中：mg﹣F＝ma2，聯立解得：m＝1kg。錯誤。應選：C。【點評】對于圖象問題，關鍵是能夠依據的公式、定律等推導出橫坐標和縱坐標的關系式，分析斜率的變化，然后作出正確的推斷。【分析】畫出粒子在磁場中的運動軌跡，求出軌跡對應的圓心角，再依據周期公式求解時間。【解答】解：粒子在磁場中的運動軌跡如以下圖，第9頁〔共18頁〕則粒子在其次象限的運動時間為t1＝ ＝第一象限的磁感應強度為其次象限磁感應強度的一半，依據R＝倍，即R2＝2R1，

2依據幾何關系可得cosθ＝ ＝，則θ＝60°，t2＝ ＝粒子在磁場中運動的時間為t＝t1+t2＝應選：B。

，故B正確，ACD錯誤。【點評】對于帶電粒子在磁場中的運動狀況分析，一般是確定圓心位置，依據幾何關系求半徑，結合洛倫茲力供給向心力求解未知量；依據周期公式結合軌跡對應的圓心角求時間。【分析】依據動量守恒定律分析最終的速度大小，依據受力狀況確定速度變化狀況；根據導體棒切割磁感應線產生的感應電動勢大小和閉合電路的歐姆定律分析電流強度的變化。【解答】解：AB、金屬棒滑動過程中系統水平方向動量守恒依據動量守恒定律可得：mv0＝2mv，則v＝ ，所以ab的速度漸漸減小，cd的速度漸漸增大，相對速度越來越小，最終為零，則安培力漸漸減小、加速度漸漸減小到零，故A正確、B錯誤；CD、設兩根導體棒的總電阻為R，由于I＝ ，二者的速度之差越來越小，0，則感應電流越來越小，最終為零，故C正確、D錯誤。應選：AC。【點評】對于電磁感應現象中的圖象問題，常常是依據楞次定律或右手定則推斷電流方向，依據法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律求解感應電流隨時間變化關系，然后推導出縱坐標與橫坐標的關系式，由此進展解答，這是電磁感應問題中常用的方法和思路。第10頁〔共18頁〕【分析】依據圖象求出在4s后木板的加速度大小，依據牛頓其次定律求解木板的質量；2s～4s內依據牛頓其次定律求解F；依據平衡條件分析拉力的變化；物塊的質量無法求出，物塊與木板之間的動摩擦因數無法求解。【解答】解：A、依據圖象可知木塊與木板之間的滑動摩擦力為f＝0.2N，在4s后撤去外力，此時木板在水平方向上只受到滑動摩擦力的作用，此時木板的加速度大小為a2＝＝0.2m/s2，依據牛頓其次定律可得f＝ma2，解得木板的質量m＝1kg，故A正確；B2s～4sa1＝解得力F＝0.4N，故B正確；

m/s2＝0.2m/s2，依據牛頓其次定律可得F﹣f＝ma1，C、0～2s內，整體受力平衡，拉力F的大小始終等于繩子的拉力，繩子的拉力增大，則F增大，故C錯誤；D、由于物塊的質量無法求出，物塊與木板之間的動摩擦因數無法求解，故D錯誤。應選：AB。【點評】利用牛頓其次定律或運動學的計算公式求解加速度，再依據題目要求進展解答；知道加速度是聯系靜力學和運動學的橋梁。性質即可確定ab兩點的電勢和場強關系；再依據電場線確定電場力做功狀況，從而確定電勢能的變化。【解答】解：A關系可知，a靠近負電荷，而b靠近正電荷，則可知，a點電勢確定小于b點電勢；故A錯誤；B、ab3可知，兩點處的兩分場強恰好一樣，故合場強確定一樣，故BC正確；DAab點時，是從低點勢移向高電勢，因電荷帶第11頁〔共18頁〕負電，故電勢能減小，故D錯誤。應選：BC。【點評】此題考察等量異電電荷電場的分布狀況，解題的關鍵在于明確立體幾何關系確實定和應用，能想象出其對應的幾何圖象是解題的關鍵。629～1213～16題〔一〕47分。【分析】速直線運動的規律得出該地的重力加速度大小。【解答】〔1〕是米尺，所給器材測量距離，故A正確，BCD錯誤。應選：A。依據勻變速直線運動的規律得△h＝gT2，該地的重力加速度大小為g＝ ＝9.7m/s2。〔1；〔2〕將米尺豎直放置，使小球下落時盡量靠近米尺；〔3〕9.7。【點評】該題考察了勻變速直線運動規律以及推論的應用，在尋常練習中要加強根本物理規律的理解與應用。〔1〕明確歐姆表的原理，從而確定內部構造；再依據閉合電路歐姆定律即可求出滑動變阻器接入阻值；的刻度；依據歐姆表使用前需要進展歐姆調零進展分析，同時明確電阻箱的讀數方法。【解答】〔1〕實物圖如以下圖；依據閉合電路歐姆定律有：50A＝解得：R1＝900Ω；故滑動變阻器選擇R1；第12頁〔共18頁〕〔2〕〔1〕R＝98.5+1.5+14000+900＝15000Ω；依據閉合電路歐姆定律有：25A＝解得：Ra＝45kΩ；同理可知：75A＝解得：Rb＝5kΩ〔3〕歐姆表在使用時應先將兩表筆短接，使歐姆表指針指向滿偏刻度，即0Ω處；電阻箱的讀數為：3×10k+5×1k+0×100+0×10+0×1+0×0.1＝35000.0Ω。190；1〔2〕45；5〔3〕0；35000.0【點評】此題考察多用電表中歐姆表的原理以及電路的改裝，留意明確實物圖的連接方法，同時能正確利用閉合電路歐姆定律進展分析，并能把握歐姆表的正確使用方法。〔1〕依據牛頓其次定律分析加速度，結合位移時間關系即可求出電場強度；〔2〕結合動能定理，位移時間關系、速度時間關系式進展分析，即可正確解答。〔〕設電場強度的大小為E，小球B運動的加速度為動學公式和題給條件，有mg+qE＝ma解得〔2〕B從O點放射時的速度為v1P點時的動能為Ek，OP兩點的高度差為h，第13頁〔共18頁〕依據動能定理有且有聯立各式得答〔〕電場強度的大小為 ；〔2〕B運動到P點時的動能為 。【點評】此題的關鍵是正確的受力分析，通過受力分析推斷物體的運動性質，理清物體的運動過程，正確的選擇對應的物理規律列式進展分析。〔1〕AB分別的過程中二者的動量守恒，由動量守恒定律結合功能關系即可求出分別后的速度；一個的速度，由動能定理求出位移，由幾何關系求出距離；由動能定理求出位移，由幾何關系求出距離。【解答】〔〕設彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為、B由動量守恒定律和題給條件有：0＝mAvA﹣mBvB聯立①②式并代入題給數據得vA＝4.0m/s，vB＝1.0m/sABA始終向右運動，始終到停頓，則對A由動量定理可得：﹣mAgt1＝0﹣mAvA則：t1＝2.0sB始終向左運動，則：﹣mBgt2＝0﹣mBvB可得：t2＝0.5s第14頁〔共18頁〕可知B先停頓運動，該過程中B的位移：代入數據可得：xB＝0.25m從二者分開到B停頓，A﹣mAgt2＝mAvA′﹣mAvAB停趕忙A的速度：代入數據可得：vA′＝2m/s對A由動能定理可得：則位移：xA＝1.75m＞l＝1.0m這說明在時間t2內ABA位于動身點右邊的距離為：△x＝2l﹣xA＝2.0﹣1.75＝0.25m處。B0.25m處，兩物塊之間的距離s為：s＝xB+△x＝0.25m+0.25m＝0.50mt2時刻后ABvA″，由動能定理有： ⑩聯立并代入題給數據得： m/sABA、BvA0vB0，由動量守恒定律與機械能守恒定律有：mA〔﹣vA″〕＝mAvA0+mBvB0以及：聯立并代入題給數據得： m/s， m/s這說明碰撞后ABA向右運動距離為x′時停頓，B向左運動距離為xB′時停頓，由動能定理可得：，代入數據得：xA′＝0.63m，xB′＝0.28mxA′小于碰撞處到墻壁的距離。由上式可得兩物塊停頓后的距離：s′＝xA′+xB′＝0.63+0.28＝0.91m〔〕彈簧釋放后瞬間AB速度的大小分別為4.0m/s和1.0m/；第15頁〔共18頁〕〔2〕物塊B先停頓，該物塊剛停趕忙A與B0.50m；〔3〕A和B都停頓后，AB0.91m。【點評】此題關鍵要分析清楚物體運動過程，明確能量是如何轉化的，嫻熟應用動量守恒定律、能量守恒定律即可正確解題。該題除分別的過程外，其余的步驟也可以使用牛頓其次定律結合運動學的公式解答。〔二〕152道物理題中任選一題作答。假設多做，則按所做的第一題計分。[3–3]〔15分〕【分析】依據濃度按比例算出純油酸的體積；把油酸分子看成球形，且不考慮分子間的空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直徑，由d＝可以求出直徑大小。【解答】解：用油膜法估算分子大小的試驗中，首先需將純油酸稀釋成確定濃度的油酸酒精溶液，稀釋的目的是使油酸在淺盤的水面上簡潔形成一塊單分子層油膜；在試驗中為了測量出一滴濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以把油酸酒精溶1mL體積；為得到油酸分子的直徑，由d＝，還需測量的物理量是單分子層油膜的面積；故答案為：使油酸在淺盤的水面上簡潔形成一塊單分子層油膜；把油酸酒精溶液一滴一1mL分子層油膜的面積。【點評】本試驗的模型是不考慮油酸分子間的空隙，承受估算的方法求面積，確定存在誤差，但本試驗只要求估算分子大小，數量級符合要求就行了。計算時留意單位的換算。〔i〕此過程中氣體的溫度不變，依據氣體的初末狀態的壓強和體積的狀態參量，由玻意耳定律列式計算即可。〔ii〕對管內氣柱緩慢加熱，氣柱經受等壓變化，依據蓋﹣呂薩克定律列式求解。【解答】〔〕設細管的長度為，橫截面的面積為，水銀柱高度為h水銀柱上外表到管口的距離為h1，被密封氣體的體積為V，壓強為p；細管倒置時，氣體體積為V1，壓強為p1．由玻意耳定律有：pV＝p1V1①由力的平衡條件有p＝p0+ρgh ②第16頁〔共18頁〕p1＝p0﹣ρgh ③式中，ρ、g分別為水銀的密度和重力加速度的大小，p0為大氣壓強。由題意有V＝S〔L﹣h1﹣h〕 ④V1＝S〔