2023學年高二下學期物理期末模擬測試卷注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電源電動勢E＝6V，內阻r＝1?，限流電阻R′＝3?，M為直流電動機，其線圈電阻R＝2?。當電動機正常工作時，理想電流表示數為0.1A，此時電動機的輸出功率是（）A．0.54W B．0.56W C．0.57W D．0.60W2、關于路程與位移，速度和加速度的描述，下列說法正確的是（）A．瞬時速度的大小等于路程與時間的比值B．平均速度能精確描述物體在某一時刻的運動快慢C．加速度方向保持不變，速度方向就保持不變D．平均速度的方向總與位移的方向一致3、在彈簧振子做簡諧運動的過程中，當振子從最大位移處向平衡位置運動時，下列說法中正確的是（）A．加速度逐漸減小，速度也逐漸減小B．是勻加速運動C．加速度與速度的方向都與位移的方向相反D．回復力逐漸增加，速度也逐漸增加4、下列四種明暗相間的條紋，分別是紅光、藍光各自通過同一個雙縫干涉儀器和同一單縫衍射儀器形成的圖樣（灰黑色部分表示亮紋；保持縫到屏距離不變）．其中屬于藍光的衍射圖樣的是（）A． B． C． D．5、下列有關近代物理內容的敘述正確的是A．一束光射到某種金屬上未發生光電效應，改用波長較長的光照射則可能發生光電效應B．氡222的半衰期為3.8天，意味著氡222經過7.6天就完全衰變成其他元素C．盧瑟福α粒子散射實驗證明了原子核是由質子和中子組成的D．重核裂變會放出能量，是由于中等質量的核的比結合能比重核的大6、如圖為小型旋轉電樞式交流發電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉動．磁場的磁感應強度B=1.0×10-2T，線圈的邊長ab=20cm、bc=10cm，匝數n=400，線圈總電阻r=2.0Ω，線圈的兩端經集流環和電刷與電阻R=18Ω連接，與電阻R并聯的交流電壓表為理想電表，線圈的轉速n0=50r/s．在t=0時刻，線圈平面與磁場方向平行，則下列說法正確的是（）A．交流發電機產生電動勢隨時間的變化關系是e=25cos50t(V)B．交流電壓表的示數為17.8VC．從t=0時刻開始轉過30°的過程中，通過電阻的電量為2.0×10-3CD．電阻R上的熱功率為3.24W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲為一列簡諧橫波在t＝0.10s時刻的波形圖，P是平衡位置為x＝1m處的質點，Q是平衡位置為x＝4m處的質點，圖乙為質點Q的振動圖像，則()A．t＝0.15s時，質點Q的加速度達到正向最大B．t＝0.15s時，質點P的運動方向沿y軸負方向C．從t＝0.10s到t＝0.25s，該波沿x軸正方向傳播了6mD．從t＝0.10s到t＝0.25s，質點P通過的路程為30cm8、有兩只完全相同的電流計，分別改裝成量程為3V和5V的兩只電壓表．改裝后再把兩電壓表串聯起來接入電路，則()A．將電流計與電阻并聯才能改裝成電壓表B．將電流計與電阻串聯才能改裝成電壓表C．兩表指針的偏轉角相等D．兩表指示的電壓值相等9、如圖所示，高為H、上下開口、內壁光滑的銅管豎直放置，可視為質點的小磁球A從上開口處由靜止釋放，并落至下開口處，若不計空氣阻力，重力加速度大小為g，則（）A．小磁球在管中做自由落體運動B．小磁球在管中下落過程中機械能不守恒C．小磁球落至下開口處的速度小于D．若將銅管換成內壁光滑的陶瓷管，小磁球下落過程中機械能守恒10、下列說法正確的是（）A．分子間距離減小時，分子勢能一定增大B．單晶體和多晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點C．絕熱壓縮和等溫壓縮，氣體內能均不變D．一定量的理想氣體升高相同的溫度,等壓變化比等容變化吸收的熱量多三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用雙縫干涉測光的波長，實驗中采用雙縫干涉儀，它包括以下元件（其中雙縫和光屏連在遮光筒上）：A．白熾燈B．單縫片C．光屏D．雙縫E.濾光片（1）把以上元件安裝在光具座上時，正確的排列順序是：_________________________；（2）正確調節后，在屏上觀察到紅光干涉條紋，用測量頭測出10條紅亮條紋間的距離為a；改用綠色濾光片，其他條件不變，用測量頭測出10個綠亮條紋間的距離為b，則一定有a________b（選填“＞”、“＜”或“＝”）12．（12分）用半徑均為r的小球1和小球2做碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接。安裝固定好實驗裝置，豎直擋板上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，用夾子固定住，小球圓心與O點位置等高。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由_____（“靜止”或“一定初速度”）滾下，并落在豎直擋板上。重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置P；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止滾下，使它們碰撞。重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置N、M；步驟3：用毫米刻度尺測得O點與M、P、N三點的豎直方向的距離分別為h1、h2、h3。（1）設球1和球2的質量m1、m2，則關于步驟2中的說法，正確的是_____A．球1、球2的落點分別是N、MB．球1、球2的落點分別是M、NC．如果兩球質量相等，則球2的落點介于ON之間D．球1的質量應該大于球2的質量（2）當所測物理量滿足表達式_____（可以用（2）問中物理量的字母表示）時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一定質量的理想氣體經歷如圖所示循環過程，該過程每個狀態視為平衡態．已知A態的溫度為27℃．求：（1）B態的溫度；（2）一次循環過程氣體與外界的熱交換Q為多少？是吸熱還是放熱？14．（16分）如圖所示，一球體光學器件是用折射率為的某種玻璃制成的，其半徑為R，現用一細光束垂直球體的軸線以i=45°的入射角從真空中射入球體，不考慮光線在球體內的反射．①求該光線從球體中射出時，出射光線偏離原方向的角度；②若入射角i可以改變，求球體上有光線射出的面積．15．（12分）如圖所示，質量為3m的木板靜止放在光滑的水平面上，木板左端固定著一根輕彈簧，質量為m的木塊（可視為質點），它從木板右端以未知速度開始沿木板向左滑行，最終回到木板右端剛好未從木板上滑出，若在小木塊壓縮彈簧的過程中，彈簧具有的最大彈性勢能為Ep，小木塊與木板間的動摩擦因數大小保持不變，求：（1）木塊的未知速度；（2）以木塊與木板為系統，上述過程中系統損失的機械能．

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【答案解析】

根據閉合電路歐姆定律可知，電動機兩端電壓為U=E-I（R'+r）=5.6V則電動機的電功率為P=UI=0.56W電動機內阻消耗的功率為PR＝I2R=0.02W電動機的輸出功率為P出=P-PR=0.54W故A正確，BCD錯誤。

故選A。2、D【答案解析】試題分析：平均速率的大小等于路程與時間的比值，選項A錯誤；瞬時速度能精確描述物體在某一時刻的運動快慢，選項B錯誤；加速度方向保持不變，速度方向不一定保持不變，例如加速度方向與運動方向相反時，物體做減速運動，當速度減為零后反向運動，選項C錯誤；平均速度等于位移與時間的比值，故平均速度的方向總與位移的方向一致，選項D正確；故選D.考點：瞬時速度和平均速度；加速度3、C【答案解析】

做簡諧運動的物體，在由最大位移處向平衡位置運動過程中，位移減小，回復力F=-kx也減小（負號表示方向與位移方向相反），故加速度a=-kxm也減小（負號表示方向與位移方向相反），速度增大。振子做加速度減小的加速運動。故C正確，ABD4、B【答案解析】

雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋寬度相同且等間距，所以A、C選項中的圖樣為干涉圖樣，單縫衍射條件是中間明亮且寬大，越向兩側寬度越小越暗，而波長越大，中央亮條紋越粗，紅光的波長大于藍光的波長，所以B項為藍光的衍射圖樣，故B正確．5、D【答案解析】A、當入射光的波長大于金屬的極限波長，不會發生光電效應，可知一束光照射到某種金屬上不能發生光電效應，是因為該束光的波長太長，當改用波長較長的光照射，更不可能發生光電效應，故A錯誤；

B、氡222的半衰期為3.8天，意味著氡222經過7.6天有四分之三的衰變成其他元素，故B錯誤；

C、原子的核式結構學說，是由盧瑟福通過α粒子散射實驗提出來的，故C錯誤；

D、重核裂變時釋放能量，會出現質量虧損，因生成物的質量小于反應前的質量，即中等質量的核的比結合能比重核的大，故D正確。點睛：本題考查了核式結構模型、半衰期、光電效應、質量虧損等基礎知識點，關鍵要熟悉教材，牢記教材中的基本概念和基本規律。6、C【答案解析】

線圈的轉速n0=50r/s，線圈轉動的角速度ω=2π線圈面積S=ab×bc=20×10-2交流發電機產生電動勢的最大值EmA．在t=0時刻，線圈平面與磁場方向平行，交流發電機產生電動勢隨時間的變化關系是e=EA錯誤；B．交流發電機產生電動勢的有效值E=E交流電壓表的示數U=EB錯誤；C．從t=0時刻開始轉過30°的過程中，此過程中線圈磁通量的變化ΔΦ通過電阻的電量q=IC正確；D．電阻R上的熱功率PRD錯誤。故選C。【答案點睛】有效值是根據電流熱效應來規定的，讓一個交流電流和一個直流電流分別通過阻值相同的電阻，如果在相同時間內產生的熱量相等，那么就把這一直流電的數值叫做這一交流電的有效值．計算電功率使用有效值，交流電表的讀數是有效值．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【答案解析】由圖乙y-t圖像知，周期T=0.20s，且在t=0.10s時Q點在平衡位置沿y負方向運動，可以推斷波沒x負方向傳播，所以C錯；t=0.05s時，質點Q圖甲所示正的最大位移處，又因加速度方向與位移方向相反，大小與位移的大小成正比，所以此時Q的加速度達到負向最大，所以A錯（也可直接從圖乙y-t圖像分析得出）；t=0.10s到t=0.15時間內，Δt=0.05s=T/4，P點從圖甲所示位置運動T/4時正在由正最大位移處向平衡位置運動的途中，速度沿y軸負方向，所以B對．振動的質點在t=1T內，質點運動的路程為4A；t=T/2，質點運動的路程為2A；但t=T/4，質點運動的路程不一定是1A；t=3T/4，質點運動的路程也不一定是3A．本題中從t=0.10s到t=0.25s內，Δt=0.15s=3T/4，P點的起始位置既不是平衡位置，又不是最大位移處，所以在3T/4時間內的路程不是30cm，D錯．8、BC【答案解析】

改裝電壓表需要串聯電阻，因為串聯關系，通過兩表的電流大小相同，故偏轉角相同，示數為兩表的分壓，因量程不同，內阻不同，分壓不同，則示數不同．【題目詳解】AB．將電流計與電阻串聯才能改裝成電壓表，故A錯誤，B正確；CD．因是串聯關系，通過兩表的電流大小相同，故偏轉角相同，示數為兩表的分壓，因量程不同，內阻不同，分壓不同，則示數不同，故C正確，D錯誤．故選BC．9、BCD【答案解析】根據楞次定律，小磁球在管中運動時要在管中產生渦流，從而小球的下落時要受到向上的安培力作用，則小球的運動不是自由落體運動，選項A錯誤；小磁球在管中由于有感應電流產生，產生電能，則下落過程中機械能不守恒，選項B正確；若小球自由落體運動時到達下開口的速度等于，但是由于小球下落時受到向上的安培力，則小磁球落至下開口處的速度小于，選項C正確；若將銅管換成內壁光滑的陶瓷管，小磁球下落過程中不再產生電能，則機械能守恒，選項D正確；故選BCD.點睛：此題關鍵是能從管中產生感應電流的角度以及從能量角度來分析問題；深入理解楞次定律的核心“阻礙”的意義即可解答.10、BD【答案解析】

A.當分子間距大于r0時，分子間表現為引力，分子間距減小，分子力做正功，分子勢能減小；故A錯誤；B.單晶體和多晶體都有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點，故B正確；C.絕熱壓縮氣體，外界對氣體做功，氣體內能增加；等溫變化，理想氣體內能不變；故C錯誤；D.等容過程中吸收的熱量僅僅增加為內能，而等壓升溫的過程中體積增大，對外做功，吸收的熱量轉化為內能和對外做功，所以一定質量的理想氣體升高相同的溫度，其等容過程中吸收的熱量小于等壓過程吸收的熱量，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AEBDCa＞b【答案解析】

(1)為獲取單色線光源，白色光源后面要有濾光片、單縫，然后讓單色線光源通過雙縫在光屏上形成干涉圖樣；(2)首先判斷紅光和綠光的波長關系，結合公式Δx=ldλ即可得知紅光的干涉條紋間距△x1與綠光的干涉條紋間距△x【題目詳解】(1)在光具座上從左向右，應該是光源、濾光片、單縫、雙縫、光屏，故自光源起合理的順序是：AEBDC．(2)紅光的波長大于綠光的波長，由公式Δx=ldλ，可知紅光的干涉條紋間距△x1與綠光的干涉條紋間距△x2相比，△x1＞△【答案點睛】對于該題，要熟練的掌握七種顏色的光之間的頻率關系和波長的關系，了解公式Δx=l12、靜止BDm1h2=m【答案解析】

第一空、靜止。為控制小球到達軌道末端時的速度相等，不放小球2時，讓小球1從斜槽上A點由靜止滾下。第二空、BD。AB、小球離開軌道后做平拋運動，小球在水平方向的位移d相等，小球做平拋運動的時間t=dv0，小球在豎直方向的位移為：h=12gt2=gd22v02，由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，兩球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的豎直分位移大于球2的豎直分位移，由圖示可知，球1、球2C、如果兩球質量相等，兩球發生彈性碰撞后兩球交換速度，碰撞后球1靜止、球2做平拋運動，球2的落點為P，故C錯誤。D、為防止入射球反彈，球1的質量應大于球2的質量，故D正確。第三空、m1h2=m小球離開軌道后做平拋運動，水平方向：d=v0t，豎直方向：h=12gt2，解得：v0=d2hg由題意可知，碰撞前球1的速度為：v0=dg碰撞后球1的速度為：v1=dg碰撞后球2的速度為：v2=dg碰撞過程系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0＝